1、高考物理一轮复习选修33复习 3第63讲热力学定律能量守恒定律考点一热力学第一定律1热力学第一定律(1)内容：一个热力学系统的内能增量等于外界向它传递的热量与外界对它所做的功的和。(2)表达式：UQW。2热力学第一定律符号意义3能的转化和守恒定律(1)内容：能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到别的物体，在转化或转移的过程中，能量的总量保持不变。(2)第一类永动机：违背能量守恒定律的机器被称为第一类永动机。它是不可能制成的。4三种特殊情况(1)若过程是绝热的，即Q0，则WU，外界对物体做的功等于物体内能的增加量。(2)若过程中不做功，即W0，
2、则QU，物体吸收的热量等于物体内能的增加量。(3)若过程的初、末状态物体的内能不变，即U0，则WQ0或WQ，外界对物体做的功等于物体放出的热量。1在一个密闭隔热的房间里，有一电冰箱正在工作，如果打开电冰箱的门，过一段时间后房间的温度会()A降低B不变 C升高D无法判断答案C解析电冰箱工作时，将部分电能转化为热能散发到房间内，所以房间内温度升高，C正确。2(多选)夏天，小明同学把自行车轮胎上的气门芯拔出的时候，会觉得从轮胎里喷出的气体凉，如果把轮胎里的气体视为理想气体，则关于气体喷出的过程，下列说法正确的是()A气体的内能减少 B气体的内能不变 C气体来不及与外界发生热交换，对外做功，温度降低
3、D气体膨胀时，热量散得太快，使气体温度降低了 E气体分子的平均动能减小答案ACE解析气体喷出时，来不及与外界交换热量，发生绝热膨胀，即Q0、W0，根据UWQ可知U0；体积V增大气体对外界做功WpV0；温度T降低内能减少Up2，V1V2，根据理想气体状态方程，可知T1T2，所以从状态1至状态2，气体体积减小，说明外界对气体做功，又T1T2，说明气体的内能减小，根据热力学第一定律知气体对外放热，故B正确；由图象C知，状态1至状态2，气体温度升高内能增加，气体体积增大气体对外做功，根据热力学第一定律知，气体从外界吸收热量，故C错误；由图象D知气体的体积保持不变，气体对外界不做功，从状态1至状态2气体
4、的温度降低内能减小，根据热力学第一定律，气体对外放热，故D正确。4.(多选)如图所示，一绝热容器被隔板K隔开成a、b两部分。已知a内有一定量的稀薄气体，b内为真空。抽开隔板K后，a内气体进入b，最终达到平衡状态。在此过程中()A气体对外界做功，内能减少B气体不做功，内能不变C气体压强变小，温度降低D气体压强变小，温度不变答案BD解析a内气体向真空膨胀，不对外界做功，故A错误；又因容器绝热，Q0，由热力学第一定律知，U0，故B正确；由玻意耳定律知压强减小，稀薄气体可看做理想气体，内能不变，则温度不变，C错误，D正确。5.如图所示，一直柱形导热汽缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体。已
5、知大气压强为p0，重力加速度为g，不计活塞与汽缸的摩擦，活塞的质量为m、横截面积为S。因为电热丝的加热，某时刻气体温度为T1，活塞与容器底部相距h。现停止加热，气体通过汽缸缓慢放热，当气体放出热量Q时，气体温度下降到T2，求该过程中：(1)活塞下降的距离；(2)气体内能的改变量。答案(1) h(2)(p0Smg) hQ解析(1)气体发生等压变化，有，解得hh。(2)放热过程中，外界对气体做的功WpSh(p0Smg) h，由热力学第一定律知内能改变量UWQ(p0Smg) hQ。真题模拟练6(2018全国卷)(多选)如图，一定量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如pV图中从a到b的直线所示。在
6、此过程中()A气体温度一直降低B气体内能一直增加C气体一直对外做功D气体一直从外界吸热E气体吸收的热量一直全部用于对外做功答案BCD解析一定质量的理想气体从a到b的过程，由理想气体状态方程可知，TbTa，即气体的温度一直升高，A错误；根据理想气体的内能只与温度有关，可知气体的内能一直增加，B正确；由于从a到b的过程中气体的体积增大，所以气体一直对外做功，C正确；根据热力学第一定律，从a到b的过程中，气体一直从外界吸热，D正确；气体吸收的热量一部分增加内能，一部分对外做功，E错误。7(2018全国卷)(多选)如图，一定质量的理想气体从状态a开始，经历过程、到达状态e。对此气体，下列说法正确的是(
7、)A过程中气体的压强逐渐减小B过程中气体对外界做正功C过程中气体从外界吸收了热量D状态c、d的内能相等E状态d的压强比状态b的压强小答案BDE解析由理想气体状态方程可知，体积不变温度升高即TbTa，则pbpa，即过程中气体的压强逐渐增大，A错误；由于过程中气体体积增大，所以过程中气体对外界做正功，B正确；过程中气体体积不变，对外做功为零，温度降低，内能减小，根据热力学第一定律，过程中气体放出热量，C错误；由于状态c、d的温度相等，根据理想气体的内能只与温度有关，可知状态c、d的内能相等，D正确；由理想气体状态方程C可得pC，即TV图中的点与原点O的连线的斜率正比于该点的压强，故状态d的压强比状
8、态b的压强小，E正确。8(2017全国卷)(多选)如图，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程ab到达状态b，再经过等温过程bc到达状态c，最后经等压过程ca回到状态a。下列说法正确的是()A在过程ab中气体的内能增加B在过程ca中外界对气体做功C在过程ab中气体对外界做功D在过程bc中气体从外界吸收热量E在过程ca中气体从外界吸收热量答案ABD解析ab过程是等容变化，压强增大，温度升高，气体内能增大，选项A正确；而由于体积不变，气体对外界不做功，选项C错误。ca过程是等压变化，体积减小，外界对气体做功，选项B正确；体积减小过程中，温度降低，内能减小，气体要放出热量，选项E错误。bc过程
9、是等温变化，内能不变，体积增大，气体对外界做功，则需要吸收热量，选项D正确。9(2016全国卷)(多选)关于热力学定律，下列说法正确的是()A气体吸热后温度一定升高B对气体做功可以改变其内能C理想气体等压膨胀过程一定放热D热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡答案BDE解析若气体吸热的同时对外做功，则其温度不一定升高，A错误；做功是改变物体内能的途径之一，B正确；理想气体等压膨胀，气体对外做功，由理想气体状态方程C知，气体温度升高，内能增加，故一定吸热，C错误；根据热力学第二定律知D正确；如果两个系统分别
10、与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统与第三个系统的温度均相等，则这两个系统之间也必定达到热平衡，故E正确。10(2016全国卷)(多选)一定量的理想气体从状态a开始，经历等温或等压过程ab、bc、cd、da回到原状态，其pT图象如图所示，其中对角线ac的延长线过原点O。下列判断正确的是()A气体在a、c两状态的体积相等B气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能C在过程cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功E在过程bc中外界对气体做的功等于在过程da中气体对外界做的功答案ABE解析由理想气体状态方程C知，pT，因此气体在
11、a、c两状态的体积相等，故A项正确；对理想气体而言，内能由温度决定，因TaTc，故气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能，B项正确；过程cd为等温变化，内能不变(U0)，压强变大，体积减小，外界对气体做功(W0)，由热力学第一定律UWQ，知Q0，对外做功，W|W|，D项错误；bc和da过程中温度改变量相同，故体积变化量与压强的乘积相同，由WFlpSlpV知，E项正确。11(2018福建省高中毕业检查模拟(一)一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A，其循环过程的pV图象如图所示。其中，AB过程为等温过程，气体放出热量4 J；BC过程为等容过程，气体吸收热量20 J；C
12、D过程为等温过程，气体吸收热量12 J；DA过程为等容过程，气体放出热量20 J。则气体完成一次循环对外界所做的功为_ J；AB的过程中，单位体积中的气体分子数目_(选填“减小”“不变”或“增大”)；BC 的过程中，气体分子热运动的平均动能_(选填“减小”“不变”或“增大”)。答案8增大增大解析在气体完成一次循环后的内能与开始时是相等的，所以内能不变，即U0；由题意可知，AB和DA的过程中，气体放出的热量分别为4 J和20 J，在BC和CD的过程中气体吸收的热量分别为20 J和12 J，则吸收的热量QQABQBCQCDQDA4 J20 J12 J20 J8 J。由热力学第一定律：UQW，所以W
13、8 J，所以气体完成一次循环对外做功是8 J。AB的过程中，体积减小，则单位体积中的气体分子数目增大；BC的过程中，体积不变，压强变大，则气体的温度升高，则气体分子热运动的平均动能增大。12(2018江苏高考)如图所示，一定质量的理想气体在状态A时压强为2.0105 Pa，经历ABCA的过程，整个过程中对外界放出61.4 J热量。求该气体在AB过程中对外界所做的功。答案138.6 J解析整个过程中，外界对气体做功WWABWCA，且WCApA(VCVA)，由热力学第一定律UQW，以及U0，得WAB(QWCA)，代入数据得WAB138.6 J，即气体对外界做的功为138.6 J。13(2018太原
14、市一模)如图所示，导热良好的汽缸开口向上竖直固定在水平面上。缸内轻质光滑活塞封闭一段一定质量的理想气体。一根不可伸长的轻质细绳绕过光滑定滑轮，一端拴住活塞，另一端拴着质量为m的重物处于平衡状态。此时气体体积为V。用手托着重物，使其缓慢上升，直到细绳刚开始松弛但并未弯曲。已知大气压强为p0，活塞横截面积为S，环境温度保持不变。求：(1)从重物开始被托起到最高点的过程中，活塞下降的高度；(2)之后从静止释放重物，重物下落到最低点未与地面接触时，活塞在汽缸内比最初托起重物前的位置上升了H。若气体的温度不变，则气体吸收的热量是多少？答案(1)(2)(p0Smg) 解析(1)根据对活塞受力分析可知，未托
15、活塞时p1p0，气体体积是V1V，托起重物时p2p0，气体体积是V2VhS，根据玻意耳定律可知：p1V1p2V2，解得h。(2)根据热力学第一定律且理想气体的温度不变内能不变：UQW0，气体对外做功：Wp0S(Hh)mg(Hh)，吸收的热量QW(p0Smg)。第十五章选修3-4研读考纲明方向,考情分析：1机械振动和机械波的考查以图象为主，通过简谐运动的图象研究振动的特点和规律，通过机械波的图象研究波的形成与传播规律。2机械振动和机械波部分常以弹簧振子或单摆为载体，考查简谐运动规律。结合波动问题，考查简谐运动。3光学部分主要考查光的折射、全反射等光的传播规律，要重视折射率公式和临界角公式，重视数理相结合的方法。命题趋势：1基本概念、机械波多以选择题的形式出现。2机械波的部分内容及光的折射、全反射多以计算题的形式来考查。说明：1简谐运动只限于单摆和弹簧振子2简谐运动的公式只限于回复力公式；图象只限于位移时间图象3光的干涉只限于双缝干涉、薄膜干涉重读教材定方法(对应人教版选修34的页码及相关问题)1P13图11.36，试写出物体的振动方程。提示：xAsin(t)，由图知A4 cm，T0.8 s， rad/s；t0.1 s时，x0A
