1、（2）一个物体的动量改变，它的动能一定改变.（）（3）一个物体的动能改变，它的动量一定改变.（）（4）若物体在一段时间内，其动量发生了变化，则物体在这段时间内受到的合外力一定不为零.（）（5）物体受到的合力的冲量越大，它的动量变化量一定越大.（）2.（2018甘肃会宁四中高二第二学期期中）在一条直线上运动的物体，其初动量为8kgm/s，它在第一秒内受到的冲量为3Ns，第二秒内受到的冲量为5Ns，它在第二秒末的动量为（）A.10 kgm/s B.11 kgm/sC.13 kgm/s D.16 kgm/s答案A解析根据动量定理得：pmv0Ft，则pFtmv0（358） kgm/s10 kgm/s，
2、故选A.一、对动量及其变化量的理解在激烈的橄榄球赛场上，一个较瘦弱的运动员携球奔跑时迎面碰上了高大结实的对方运动员，自己却被碰倒在地，而对方却几乎不受影响，这说明运动物体产生的效果不仅与速度有关，而且与质量有关.（1）若质量为60kg的运动员（包括球）以5m/s的速度向东奔跑，他的动量是多大？方向如何？当他以恒定的速率做曲线运动时，他的动量是否变化？（2）若这名运动员与对方运动员相撞后速度变为零，他的动量的变化量多大？动量的变化量的方向如何？答案（1）动量是300kgm/s方向向东做曲线运动时他的动量变化了，因为速度方向变了（2）300kgm/s方向向西1.动量pmv，是描述物体运动状态的物理
3、量恒定的速率，是矢量，其方向与运动物体的速度方向相同.2.物体动量的变化ppp是矢量，其方向与速度变化的方向相同，在合力为恒力的情况下，物体动量的变化的方向也与物体加速度的方向相同，即与物体所受合外力的方向相同.3.关于动量变化量的求解（1）若初、末动量在同一直线上，则在选定正方向的前提下，可化矢量运算为代数运算.（2）若初、末动量不在同一直线上，运算时应遵循平行四边形定则.例1一小孩把一质量为0.5kg的篮球由静止释放，释放后篮球的重心下降高度为0.8m时与地面相撞，反弹后篮球的重心上升的最大高度为0.2m，不计空气阻力，取重力加速度为g10m/s2，求地面与篮球相互作用的过程中：（1）篮球
4、的动量变化量；（2）篮球的动能变化量.答案（1）3kgm/s，方向竖直向上（2）减少了3J解析篮球与地面相撞前瞬间的速度为v1m/s4 m/s，方向向下，篮球反弹时的初速度v2m/s2 m/s，方向向上.规定竖直向下为正方向，篮球的动量变化量为p（mv2）mv10.52kgm/s0.54 kgm/s3 kg即篮球的动量变化量大小为3kgm/s，方向竖直向上.篮球的动能变化量为Ekmv22mv120.522J42J3J即动能减少了3J.动量与动能的区别与联系1.区别：动量是矢量，动能是标量，质量相同的两物体，动量相同时动能一定相同，但动能相同时，动量不一定相同.2.联系：动量和动能都是描述物体运
5、动状态的物理量，大小关系为Ek或p.1.动量定理的推导如图1所示，一个质量为m的物体（与水平面无摩擦）在水平恒力F作用下，经过时间t，速度从v变为v.图1物体在这个过程中的加速度a根据牛顿第二定律Fma可得Fm整理得：Ftm（vv）mvmv即Ftmvmvp.2.对动量定理的理解（1）动量定理反映了合外力的冲量是动量变化的原因.（2）动量定理的表达式Ftmvmv是矢量式，运用动量定理解题时，要注意规定正方向.（3）公式中的F是物体所受的合外力，若合外力是均匀变化的力，则F应是合外力在作用时间内的平均值.3.动量定理的应用（1）定性分析有关现象.物体的动量变化量一定时，力的作用时间越短，力就越大，
6、反之力就越小.作用力一定时，力的作用时间越长，动量变化量越大，反之动量变化量就越小.（2）应用动量定理定量计算的一般步骤.例2如图2所示，用0.5kg的铁锤竖直把钉子钉进木头里，打击时铁锤的速度为4.0m/s.如果打击后铁锤的速度变为0，打击的作用时间是0.01s，那么：图2（1）不计铁锤受的重力，铁锤钉钉子时，钉子受到的平均作用力是多少？（2）考虑铁锤受的重力，铁锤钉钉子时，钉子受到的平均作用力又是多少？（g取10m/s2）答案（1）200N，方向竖直向下（2）205N，方向竖直向下解析（1）以铁锤为研究对象，不计铁锤重力时，只受钉子的作用力，方向竖直向上，设为F1，取竖直向上为正，由动量定
7、理可得F1t0mv所以F1N200N，方向竖直向上.由牛顿第三定律知，钉子受到的平均作用力为200N，方向竖直向下.（2）若考虑铁锤重力，设此时铁锤受钉子的作用力为F2，对铁锤应用动量定理，取竖直向上为正.（F2mg）t0mvF2N0.510N205N，方向竖直向上.由牛顿第三定律知，钉子受到的平均作用力为205N，方向竖直向下.在用动量定理进行定量计算时注意：（1）列方程前首先选取正方向；（2）分析速度时一定要选取同一参考系，一般选地面为参考系；（3）公式中的冲量应是合外力的冲量，求动量的变化量时要严格按公式，且要注意动量的变化量是末动量减去初动量.针对训练1（2018沂南高二下学期期中）质
8、量为55kg的建筑工人，不慎从高空静止落下，由于弹性安全带的保护，他最终静止悬挂在空中.已知弹性安全带的缓冲时间为1.1s，安全带长为5m，不计空气阻力，g10m/s2，则安全带所受的平均冲力的大小为（）A.1100NB.1050NC.550ND.200N答案B解析工人下落过程为自由落体运动，安全带被拉直瞬间工人的速度为：v0m/s10 m/s；取人为研究对象，在人和安全带相互作用的过程中，人受到重力mg和安全带的拉力F，取竖直向上为正方向，由动量定理得：Ftmgt0（mv0），所以Fmg550 NN1050N根据牛顿第三定律知，安全带所受的平均冲力大小为1050N，故B正确，A、C、D错误.
9、例3同一人以相同的力量跳远时，跳在沙坑里比跳在水泥地上安全，这是由于（）A.人跳在沙坑的动量比跳在水泥地上的小B.人跳在沙坑的动量变化比跳在水泥地上的小C.人跳在沙坑受到的冲量比跳在水泥地上的小D.人跳在沙坑受到的冲力比跳在水泥地上的小答案D解析人落地前的速度是一定的，初动量是一定的，所以选项A错误；落地后静止，末动量一定，人的动量变化是一定的，选项B错误；由动量定理可知人受到的冲量等于人的动量变化，所以两种情况下人受到的冲量相等，选项C错误；落在沙坑里力作用的时间长，落在水泥地上力作用的时间短，根据动量定理，在动量变化一定的情况下，时间t越长，则受到的冲力F越小，故选项D正确.利用动量定理解
10、释现象的问题主要有三类： 1 p一定，t短则F大，t长则F小. 2 F一定，t短则p小，t长则p大. 3 t一定，F大则p大，F小则p小.针对训练2（多选）对下列几种物理现象的解释，正确的是（）A.击钉时，不用橡皮锤仅仅是因为橡皮锤太轻B.用手接篮球时，手往往向后缩一下，是为了减小冲量C.易碎品运输时，要用柔软材料包装，船舷常常悬挂旧轮胎，都是为了延长作用时间以减小作用力D.在车内推车推不动，是因为车（包括人）所受合外力的冲量为零答案CD解析击钉时，不用橡皮锤是因为橡皮锤与钉子的作用时间长，作用力小；用手接篮球时，手往后缩一下，是为了延长作用时间以减小作用力，所以A、B项错误；据动量定理Ftp
11、知，当p相同时，t越长，作用力越小，故C项正确；车能否移动或运动状态能否改变取决于所受的合外力，与内部作用无关，所以D项正确.1.（动量与动量的变化）（2018北京东城区期末）如图3所示，质量为m的足球在离地高h处时速度刚好水平向左，大小为v1，守门员此时用手握拳击球，使球以大小为v2的速度水平向右飞出，手和球作用的时间极短，重力加速度为g，则（）图3A.击球前后球动量改变量的方向水平向左B.击球前后球动量改变量的大小是mv2mv1C.击球前后球动量改变量的大小是mv2mv1D.球离开手时的机械能不可能是mghmv12答案C解析规定水平向右为正方向，击球前球的动量p1mv1，击球后球的动量p2
12、mv2，击球前后球动量改变量的大小是pp2p1mv2mv1，动量改变量的方向水平向右，故A、B错误，C正确；球离开手时的机械能为mghmv22，因v1与v2可能相等，则球离开手时的机械能可能是mghmv12，故D错误.2.（利用动量定理定性分析问题）（2018三明市高二下学期期末）如图4，从高处跳到低处时，为了安全，一般都要屈腿，这样做是为了（）图4A.减小冲量B.减小动量的变化量C.增大与地面的冲击时间，从而减小冲力D.增大人对地面的压强，起到安全作用解析人在和地面接触时，人的速度减为零，由动量定理可知（Fmg）tp，而屈腿可以增加人着地的时间，从而减小受到地面的冲击力，故选C.3.（动量定
13、理的应用）（2018深圳耀华中学期中）如图5所示，一质量为0.5kg的小球沿光滑水平面以大小为5 m/s的速度水平向右运动，与竖直墙壁碰撞后以大小为3 m/s的速度反向弹回，已知小球跟墙壁作用的时间为0.05s，则该过程中小球受到墙壁的平均作用力（）图5A.大小为80N，方向水平向左B.大小为80N，方向水平向右C.大小为20N，方向水平向左D.大小为20N，方向水平向右解析设小球受到的平均作用力为F，以初速度方向为正方向，对小球撞墙的过程，由动量定理有：Ftmv2mv1，代入数据，得平均作用力为：F80N，负号表示方向向左，故A正确，B、C、D错误.4.（动量定理的应用）质量m70kg的撑竿
14、跳高运动员从h5.0m高处静止下落到薄海绵垫上，经t11 s后停下，则该运动员受到的海绵垫的平均冲力约为多大？如果是落到普通沙坑中，经t20.1 s停下，则沙坑对运动员的平均冲力约为多大？（g取10 m/s2，不计空气阻力）答案1400N7700N解析以全过程为研究对象，初、末动量的数值都是0，所以运动员的动量变化量为零，根据动量定理，合力的冲量为零，根据自由落体运动的知识，运动员下落到地面上所需要的时间是t1s从开始下落到在海绵垫上停止时，mg（tt1）Ft10代入数据，解得F1400N下落到沙坑中时，mg（tt2）Ft20代入数据，解得F7700N.一、选择题考点一动量、动量的变化1.关于
15、动量，以下说法正确的是（）A.做匀速圆周运动的质点，其动量不随时间发生变化B.悬线拉着的摆球在竖直面内摆动时，每次经过最低点时的动量均相同C.匀速直线飞行的巡航导弹巡航时动量始终不变D.平抛运动的质点在竖直方向上的动量与运动时间成正比解析做匀速圆周运动的质点速度方向时刻变化，故动量时刻变化，A项错误；摆球相邻两次经过最低点时动量方向相反，故B项错误；巡航导弹巡航时虽速度不变，但由于燃料不断燃烧（导弹中燃料占其总质量的一部分，不可忽略），从而使导弹总质量不断减小，导弹动量减小，故C项错误；平抛运动的质点在竖直方向上的分运动为自由落体运动，在竖直方向的分动量p竖mvymgt，故D项正确.2.（多选
16、）（2018深圳耀华中学期中）将物体水平抛出，在物体落地前（不计空气阻力）（）A.动量的方向不变B.动量变化量的方向不变C.相等时间内动量的变化相同D.相等时间内动量的变化越来越大答案BC解析做平抛运动的物体在落地前速度的方向不断变化，故动量的方向变化，选项A错误；动量变化等于重力的冲量，故动量变化量的方向不变，选项B正确；根据动量定理，相等时间内动量的变化等于mgt，故相等时间内动量的变化相同，选项C正确，D错误.考点二冲量3.（2018甘肃会宁四中期中）下面关于冲量的说法中正确的是（）A.物体受到很大的冲力时，其冲量一定很大B.当力与位移垂直时，该力的冲量为零C.不管物体做什么运动，在相同
17、时间内重力的冲量相同D.只要力的大小恒定，其相同时间内的冲量就恒定解析冲量是力与时间的乘积，是矢量；力大，冲量不一定大，A错误；当力与位移垂直时，该力的冲量不为零，B错误；不管物体做什么运动，在相同时间内重力的冲量相同，C正确；力的大小恒定，其相同时间内冲量方向不一定相同，D错误.4.如图1所示，质量为m的小滑块沿倾角为的斜面向上滑动，经过时间t1速度变为零然后又下滑，经过时间t2回到斜面底端，滑块在运动过程中受到的摩擦力大小始终为Ff.在整个过程中，重力对滑块的总冲量为（）A.mgsin（t1t2） B.mgsin（t1t2）C.mg（t1t2） D.0解析根据冲量的定义式IFt，因此重力对
18、滑块的冲量应为重力乘作用时间，所以IGmg（t1t2），C正确.5.（多选）（2018深圳耀华中学期中）自P点以某一速度竖直向上抛出的小球，上升到最高点Q后又回到P的过程中，空气阻力大小不变，下列说法正确的是（）A.上升过程中重力的冲量大于下降过程中重力的冲量B.上升过程中动量的变化量小于下降过程中动量的变化量C.上升过程中空气阻力的冲量小于下降过程中空气阻力的冲量D.上升过程中合外力的冲量大于下降过程中合外力的冲量解析由于上升过程的合力大于下降过程的合力，所以上升过程加速度大于下降过程加速度，a上a下，而上升与下降过程位移大小相等，故vP上vP下，t上t下；重力的冲量大小：Imgt，由于t上
19、vP下，而最高点的速度为0，可知上升过程中动量的变化量大于下降过程中动量的变化量，故B错误；同时由动量定理知，上升过程中合外力的冲量大于下降过程中合外力的冲量，D正确；空气阻力的冲量大小：IFft，t上t下，故C正确.考点三动量定理6.质量为1 kg的物体做直线运动，其速度时间图象如图2所示，则物体在前10 s内和后10 s内所受合外力的冲量分别是（）A.10Ns，10Ns B.10Ns，10NsC.0，10Ns D.0，10N解析由题图可知，在前10s内初、末状态的动量相同，p1p25kgm/s，由动量定理知I10；在后10 s内末状态的动量p35 kgm/s，由动量定理得I2p3p210N
20、s，故D正确.7.（多选）（2018甘肃会宁四中高二第二学期期中）物体在恒定合外力F的作用下运动，则以下说法正确的是（）A.物体所受合外力冲量的大小与时间成正比B.物体动量的变化率不恒定C.物体动量的变化恒定D.物体动量的变化与时间成正比答案AD解析根据IFt可知，合力恒定时，冲量大小与时间成正比，故A正确；根据Ftp可知，F，故动量的变化率为恒定的，故B错误；动量的变化量等于Ft，故与时间成正比，故C错误，D正确.8.（多选）（2018鹤壁市质检）如图3所示，质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面深度为h的B点速度减为零.不计空
21、气阻力，重力加速度为g.关于小球下落的整个过程，下列说法中正确的是（）A.小球的机械能减少了mg（Hh）B.小球克服阻力做的功为mghC.小球所受阻力的冲量大于mD.小球动量的变化量等于所受阻力的冲量答案AC解析小球在整个过程中，动能变化量为零，重力势能减小mg（Hh），则小球的机械能减小了mg（Hh），所以A正确；对全过程运用动能定理得，mg（Hh）Wf0，则小球克服阻力做功Wfmg（Hh），故B错误；根据运动学规律，落到地面的速度v，对进入泥潭的过程运用动量定理得：IGIF0m，可知阻力的冲量为：IFIGm，即大于m，故C正确；对全过程分析，运用动量定理知，动量的变化等于重力的冲量和阻力冲
22、量的矢量和，故D错误.9.（多选）一个质量为0.18kg的垒球，以25 m/s的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45 m/s，设球棒与垒球的作用时间为0.01s.下列说法正确的是（）A.球棒对垒球的平均作用力大小为1260NB.球棒对垒球的平均作用力大小为360NC.球棒对垒球做的功为126JD.球棒对垒球做的功为36J解析设球棒对垒球的平均作用力为，由动量定理得tm（v1v0），取末速度方向为正方向，则v145 m/s，v025 m/s，代入得1260N.由动能定理得Wmv12mv02126J，故A、C正确.10.物体在恒定的合力F作用下做直线运动，在时间t1内速度由
23、0增大到v，在时间t2内速度由v增大到2v.设F在t1内做的功是W1，冲量是I1；在t2内做的功是W2，冲量是I2.那么（）A.I1I2，W1W2B.I1I2，W1W2C.I1I2，W1W2D.I1I2，W1解析在t1内，I1Ft1mv0mv，在t2内，I2Ft22mvmvmv，所以I1I2；W1mv2，W2m（2v）2mv2mv2，所以W1W2，选项D正确.二、非选择题11.蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目.一个质量为60kg的运动员从离水平网面3.2m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面5.0m高处.已知运动员与网接触的时间为1.2s.若把在这
24、段时间内网对运动员的作用力当成恒力处理，求此力的大小.（g取10m/s2）答案1.5103N解析将运动员看成质量为m的质点，从h1高处下落，则接触网时的速度大小v1，方向向下；弹跳后到达的高度为h2，则刚离开网时的速度大小v2，方向向上速度的改变量vv1v2，方向向上以向上为正方向，根据动量定理得（Fmg）tmv联立解得Fmgm1.5103N.12.如图4所示，质量m2kg的物体，在水平力F8N的作用下由静止开始沿水平面向右运动，已知物体与水平面间的动摩擦因数0.2，若F作用了t16s后撤去，撤去F后又经t22s物体与竖直墙相碰，若物体与墙壁作用时间t30.1s，碰墙后反向弹回的速度大小v6m/s，求墙壁对物体的平均作用力大小.（g取10 m/s2）答案280N解析选物体为研究对象，在t1时间内其受力情况如图甲所示，选F的方向为正方向，根据动量定理得：（Fmg）t1mv10解得：v112m/s撤去F后，物体受力如图乙所示，由动量定理得：mgt2mv2mv1解得v28m/s物体与墙壁作用后速度变为向左，根据动量定理得t3mvmv2解得280N故墙壁对物体的平均作用力大小为280N.
