1、D沿BA方向磁场在迅速减弱解析感生电场的方向从上向下看是顺时针的，假设在平行感生电场的方向上有闭合回路，则回路中的感应电流方向从上向下看也应该是顺时针的，由右手螺旋定则可知，感应电流的磁场方向向下，根据楞次定律可知，原磁场有两种可能：原磁场方向向下且沿AB方向减弱，或原磁场方向向上，且沿BA方向增强，所以A、C有可能点评感生电场的方向判断与感应电流方向判断的方法相同，都用楞次定律2如图3所示，内壁光滑，水平放置的玻璃圆环内，有一直径略小于圆环直径的带正电的小球，以速率v0沿逆时针方向匀速转动（俯视），若在此空间突然加上方向竖直向上、磁感应强度B随时间成正比例增加的变化磁场设运动过程中小球带电荷
2、量不变，那么（）图3A小球对玻璃圆环的压力一定不断增大B小球所受的磁场力一定不断增大C小球先沿逆时针方向减速运动，过一段时间后沿顺时针方向加速运动D磁场力对小球一直不做功答案CD解析变化的磁场将产生感生电场，这种感生电场由于其电场线是闭合的，也称为涡旋电场，其场强方向可借助电磁感应现象中感应电流方向的判定方法，使用楞次定律判断当磁场增强时，会产生顺时针方向的涡旋电场，电场力先对小球做负功使其速度减为零，后对小球做正功使其沿顺时针方向做加速运动，所以C正确；磁场力始终与小球运动方向垂直，因此始终对小球不做功，D正确；小球在水平面内沿半径方向受两个力作用：环的压力FN和磁场的洛伦兹力F，这两个力的
3、合力充当小球做圆周运动的向心力，其中FBqv，磁场在增强，球速先减小，后增大，所以洛伦兹力不一定总在增大；向心力F向m，其大小随速度先减小后增大，因此压力FN也不一定始终增大故正确答案为C、D.点评变化的磁场可产生感生电场，感生电场的存在与是否有闭合回路无关，只要在这种电场中存在自由电荷，自由电荷就会在这种感生电场的作用下发生定向移动知识点二感生电动势与动生电动势3在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图4甲所示，当磁场的磁感应强度B随时间t发生如图乙所示变化时，下图中正确表示线圈中感应电动势E变化的是（）图4答案A解析在第1 s内，由楞次定律
4、可判定电流为正，其产生的感应电动势E1S；在第2 s和第3 s内，磁场B不变化，线圈中无感应电流；在第4 s和第5 s内，B减小，由楞次定律可判定，其电流为负，产生的感应电动势E2，由于B1B2，t22t1，故E12E2，由此可知，A项正确点评计算感生电动势，需利用公式En.4如图5所示，导体AB在做切割磁感线运动时，将产生一个感应电动势，因而在电路中有电流通过，下列说法中正确的是（）图5A因导体运动而产生的感应电动势称为动生电动势B动生电动势的产生与洛伦兹力有关C动生电动势的产生与电场力有关D动生电动势和感生电动势产生的原因是一样的答案AB解析根据动生电动势的定义，A项正确动生电动势中的非静
5、电力与洛伦兹力有关，感生电动势中的非静电力与感生电场有关，B项正确，C、D项错误点评感生电动势的产生与感生电场对自由电荷的电场力有关，动生电动势的产生与洛伦兹力有关；若计算此题中的动生电动势可用E，也可用EBlv.【方法技巧练】一、电磁感应中电路问题的分析技巧5如图6所示，长为L0.2 m、电阻为r0.3 、质量为m0.1 kg的金属棒CD垂直放在位于水平面上的两条平行光滑金属导轨上，两导轨间距也为L，棒与导轨接触良好，导轨电阻不计，导轨左端接有R0.5 的电阻，量程为03.0 A的电流表串联在一条导轨上，量程为01.0 V的电压表接在电阻R的两端，垂直导轨平面的匀强磁场向下穿过平面现以向右恒
6、定的外力F使金属棒右移，当金属棒以v2 m/s的速度在导轨平面上匀速滑动时，观察到电路中的一个电表正好满偏，而另一电表未满偏问：图6 （1）此时满偏的电表是什么表？说明理由（2）拉动金属棒的外力F有多大？（3）导轨处的磁感应强度多大？答案（1）见解析（2）1.6 N（3）4 T解析（1）假设电流表满偏，则I3 A，R两端电压UIR30.5 V1.5 V，将大于电压表的量程，不符合题意，故满偏电表应该是电压表（2）由能量关系，电路中的电能应是外力做功转化来的，所以有FvI2（Rr），I，两式联立得，F1.6 N.（3）磁场是恒定的，且不发生变化，由于CD运动而产生感应电动势，因此是动生电动势根据
7、法拉第电磁感应定律有EBLv，根据闭合电路欧姆定律得EUIr以及I，联立三式得B4 T.方法总结注意区分电源和外电路，熟练运用闭合电路的有关规律6匀强磁场的磁感应强度B0.2 T，磁场宽度l3 m，一正方形金属框边长adl1 m，每边的电阻r0.2 ，金属框以v10 m/s的速度匀速穿过磁场区，其平面始终保持与磁感线方向垂直，如图7所示求：图7（1）画出金属框穿过磁场区的过程中，金属框内感应电流的it图线；（要求写出作图依据）（2）画出ab两端电压的Ut图线（要求写出作图依据）答案见解析解析线框的运动过程分为三个阶段：第阶段cd相当于电源，ab为等效外电路；第阶段cd和ab相当于开路时两并联的
8、电源；第阶段ab相当于电源，cd相当于外电路，如下图所示（1）在第一阶段，有I12.5 A感应电流方向沿逆时针方向，持续时间为t1s0.1 sab两端的电压为U1I1r2.50.2 V0.5 V（2）在第二阶段，有I20，U2EBlv2 Vt20.2 s（3）在第三阶段，有I3感应电流方向为顺时针方向U3I33r1.5 V，t30.1 s规定逆时针方向为电流正方向，故it图象和ab两端Ut图象分别如下图所示方法总结第二阶段cd与ab全部进入磁场后，回路中磁通量不变化，无感应电流，但ab、cd都切割磁感线，有感应电动势，相当于开路时两个并联的电路二、用能量观点巧解电磁感应问题7如图8所示，将匀强
9、磁场中的线圈（正方形，边长为L）以不同的速度v1和v2匀速拉出磁场，线圈电阻为R，那么两次拉出过程中，外力做功之比W1W2_.外力做功功率之比P1P2_.图8答案v1v2vv解析线圈匀速拉出磁场，故其动能未变化线圈中由于电磁感应产生电流，即有电能产生，且电能全部转化为内能，故外力做多少功就有多少内能产生WQI2Rt2Rtv故W1W2v1v2同理，由Pv2可得P1P2v方法总结两次均匀速把线框拉出磁场都有F安F外，但两次的外力不同8光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图9所示，抛物线的方程为yx2，其下半部处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是ya的直线（图中的虚线所示），一个质量为m的小
10、金属块从抛物线yb（ba）处以速度v沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量是（）图9Amgb B. mv2Cmg（ba） Dmg（ba）答案D解析金属块在进入磁场或离开磁场的过程中，穿过金属块的磁通量发生变化，产生电流，进而产生焦耳热最后，金属块在高为a的曲面上做往复运动减少的机械能为mg（ba）mv2，由能量的转化和守恒可知，减少的机械能全部转化成焦耳热，即选D.方法总结在电磁感应现象中，感应电动势是由于非静电力移动自由电荷做功而产生的，要直接计算非静电力做功一般比较困难，因此要根据能量的转化及守恒来求解1如图10所示，一个闭合电路静止于磁场中，由于磁场
11、强弱的变化，而使电路中产生了感应电动势，下列说法中正确的是（）图10A磁场变化时，会在空间激发一个电场B使电荷定向移动形成电流的力是磁场力C使电荷定向移动形成电流的力是电场力D以上说法都不对解析磁场变化时，会在空间产生感生电场，感生电场的电场力使电荷定向移动形成电流，故A、C正确2如图11所示，一个带正电的粒子在垂直于匀强磁场的平面内做圆周运动，当磁感应强度均匀增大时，此粒子的动能将（）图11A不变B增大C减少D以上情况都有可能答案B解析当磁场增强时，将产生如图所示的电场，带正电的粒子将受到这个电场对它的电场力作用，而使动能增大3在匀强磁场中，ab、cd两根导体棒沿两根导轨分别以速度v1、v2
12、滑动，如图12所示，下列情况中，能使电容器获得最多电荷量且左边极板带正电的是（）图12Av1v2，方向都向右 Bv1v2，方向都向左Cv1v2，v1向右，v2向左 Dv1v2，v1向左，v2向右解析当ab棒和cd棒分别向右和向左运动时，两棒均相当于电源，且串联，电路中有最大电动势，对应最大的顺时针方向电流，电阻上有最高电压，所以电容器上有最多电荷量，左极板带正电4如图13所示，在匀强磁场中，MN和PQ是两条平行的金属导轨，而ab与cd为串联有电压表和电流表的两根金属棒，当两棒以相同速度向右运动时，正确的是（）图13A电压表有读数，电流表有读数B电压表无读数，电流表无读数C电压表有读数，电流表无
13、读数D电压表无读数，电流表有读数解析当ab与cd以相同速度向右运动时，abcd围成的闭合回路的磁通量无变化，则回路内无感应电流，使电压表和电流表指针偏转必须有电流流过电表，所以两表无示数，故B选项正确5如图14甲所示，固定在水平桌面上的光滑金属框架cdeg处于方向竖直向下的匀强磁场中，金属杆ab与金属框架接触良好在两根导轨的端点d、e之间连接一电阻，其他部分电阻忽略不计现用一水平向右的外力F作用在金属杆ab上，使金属杆由静止开始向右在框架上滑动，运动中杆ab始终垂直于框架图乙为一段时间内金属杆受到的安培力F安随时间t的变化关系，则图中可以表示外力F随时间t变化关系的图象是（）图14解析ab切割
14、磁感线产生感应电动势EBlv，感应电流为I，安培力F安，所以vF安，vt，金属杆的加速度为定值又由牛顿第二定律FF安ma，即FF安ma，可知D项正确6如图15所示，在一均匀磁场中有一导线框abcd，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R为一电阻，ef为垂直于ab的一段导体杆，它可在ab，cd上无摩擦地滑动，杆ef及线框中导线的电阻都可不计开始时，给ef一个向右的初速度，则（）图15Aef将减速向右运动，但不是匀减速Bef将匀减速向右运动，最后停止Cef将匀速向右运动Def将往返运动解析ef向右运动，在闭合回路中产生感应电流，根据楞次定律，ef棒受安培力将阻碍其向右运动，即ef要克服安培力做功
15、而使动能减少，故ef是向右做减速运动但值得注意的是，随速度v的减小，加速度减小，故不可能做匀减速运动A正确7如图16所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围的区域内有一垂直纸面向里的变化的磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导线abcd所围区域内磁场的磁感应强度按下图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体环将受到向上的磁场力作用（）图16解析bba螺线管dc，螺线管下方的导体环中有磁通量穿过但由于磁场的变化越来越慢，穿过圆环的磁通量也越来越小，根据楞次定律，为阻碍环中磁通量的减少，环将靠近螺线管，即环受向上的磁场力的作用B选项中，磁场变化越来越快，螺线管中磁场变强，圆环中磁
16、通量增大，为阻碍磁通量增大，环将向下运动，即受磁场力向下C、D选项中，磁场均匀变化，螺线管中电流恒定，穿过圆环的磁通量不变，圆环中无感应电流产生，与螺线管无相互作用的力8如图17所示，空间某区域中有一匀强磁场，磁感应强度方向水平，且垂直纸面向里，磁场上边界b和下边界d水平在竖直面内有一矩形金属线圈，线圈上下边的距离很短，下边水平线圈从水平面a开始下落已知磁场上下边界之间的距离大于水平面a、b之间的距离若线圈下边刚通过水平面b、c（位于磁场中）和d时，线圈所受到的磁场力的大小分别为Fb，Fc和Fd，则（）图17AFdFcFb BFcFdFbFd DFcFbvb，即FdFb，答案为D项9如图18所
17、示，两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为的斜面上，导轨的左端接有电阻R，导轨自身的电阻可忽略不计斜面处在一匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向上质量为m、电阻可以不计的金属棒ab，在沿着斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨匀速上滑，并上升h高度，在这一过程中（）图18A作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于零B作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于mgh与电阻R上产生的焦耳热之和C恒力F与安培力的合力所做的功等于零D恒力F与重力的合力所做的功等于电阻R上产生的焦耳热答案AD解析金属棒匀速上滑的过程中，对金属棒受力分析可知，有三个力对棒做功，恒力F做正功，重力做负功，安培力阻碍相对运动，沿斜面向下，
18、做负功匀速运动时，所受合力为零，故合力做功为零，A正确；克服安培力做多少功就有多少其他形式的能转化为电路中的电能，电能又等于R上产生的焦耳热，故外力F与重力的合力所做的功等于电阻R上产生的焦耳热，D正确10如图19所示的匀强磁场中，有两根相距20 cm固定的平行金属光滑导轨MN和PQ.磁场方向垂直于MN、PQ所在平面导轨上放置着ab、cd两根平行的可动金属细棒在两棒中点OO之间拴一根40 cm长的细绳，绳长保持不变设磁感应强度B以1.0 T/s的变化率均匀减小，abdc回路的电阻为0.50 .求：当B减小到10 T时，两可动边所受磁场力和abdc回路消耗的功率图19答案均为0.32 N0.01
19、2 8 W解析根据EE1.02040104 V0.08 V根据I，FBILF10102 N0.32 NPW0.012 8 W11两根光滑的长直金属导轨MN、MN平行置于同一水平面内，导轨间距为l，电阻不计，M、M处接有如图20所示的电路，电路中各电阻的阻值均为R，电容器的电容为C.长度也为l、阻值同为R的金属棒ab垂直于导轨放置，导轨处于磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中ab在外力作用下向右匀速运动且与导轨保持良好接触，在ab运动距离为x的过程中，整个回路中产生的焦耳热为Q.求：图20（1）ab运动速度v的大小；（2）电容器所带的电荷量q.答案（1）（2） 解析（1）设ab上产生的感应电
20、动势为E，回路中的电流为I，ab运动距离x，所用时间为t，则有EBlvItQI2（4R）t由上述方程得v（2）设电容器两极板间的电势差为U，则有UIR电容器所带电荷量qCU，解得q12如图21所示，P、Q为水平面内平行放置的光滑金属长直导轨，间距为L1，处在竖直向下、磁感应强度大小为B1的匀强磁场中一导体杆ef垂直于P、Q放在导轨上，在外力作用下向左做匀速直线运动质量为m、每边电阻均为r、边长为L2的正方形金属框abcd置于竖直平面内，两顶点a、b通过细导线与导轨相连，磁感应强度大小为B2的匀强磁场垂直金属框向里，金属框恰好处于静止状态不计其余电阻和细导线对a、b点的作用力图21（1）通过ab边的电流Iab是多大？（2）导体杆ef的运动速度v是多大？解析（1）设通过正方形金属框的总电流为I，ab边的电流为Iab，dc边的电流为Idc，则IabI Idc 金属框受重力和安培力，处于静止状态，有mgB2IabL2B2IdcL2 由，解得Iab（2）由（1）可得I 设导体杆切割磁感线产生的电动势为E，有EB1L1v 设ad、dc、bc三边电阻串联后与ab边电阻并联的总电阻为R，则Rr 根据闭合电路欧姆定律，有I 由，解得v
