学年云南民族大学附属中学高一下学期第一次月考物理试题解析版.docx
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学年云南民族大学附属中学高一下学期第一次月考物理试题解析版
2017-2018学年云南民族大学附属中学高一下学期第一次月考
物理试题
一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分.其中7、10、11、12题为多项选择题,其中多选题全对得4分,选对但不全得2分,错选或不选得0分)。
1.下列关于质点的说法正确的是()
A.研究跳水运动员在空中的翻转动作时,运动员可当作质点
B.研究航天器绕地球运动的运行轨道时,航天器可当作质点
C.研究地球自转时,地球可当作质点
D.研究火车车轮的转动时,车轮可当作质点
【答案】B
【解析】A、研究高台跳水运动员空中翻转动作时,运动员的形状和大小在所研究的问题中不可以忽略,运动员不可以看作质点,故A错误;
B、研究航天器绕地球运动的运行轨道时,航天器的形状和大小在所研究的问题中可以忽略,航天器可当作质点,故B正确;
C、研究地球自转时,地球的形状和大小在所研究的问题中不可以忽略,不可当作质点,故C错误;
D、研究火车车轮的转动时,车轮的形状和大小在所研究的问题中不可以忽略,不可当作质点,故D错误;
故选B。
【点睛】能否看作质点,要看所研究问题的性质,看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略。
2.如图所示,某质点沿半径为r的半圆弧由a点运动到b点,则它通过的位移和路程分别是()
A.0;0
B.2r,向东;πr
C.r,向东;πr
D.2r,向东;2r
【答案】B
【解析】试题分析:
位移是指从初位置到末位置的有向线段,位移是矢量,有大小也由方向;
路程是指物体所经过的路径的长度,路程是标量,只有大小,没有方向.
解:
位移是指从初位置到末位置的有向线段,所以此时位移的大小为ab之间的直线距离,即为2r,方向有a指向b,即向东;
路程是指物体所经过的路径的长度,即为半圆的弧长,所以大小为πr,所以B正确.
故选:
B.
【点评】本题就是对位移和路程的考查,掌握住位移和路程的概念就能够解决了.
3.某短跑运动员参加100m竞赛,测得他在5s末的速度为10.4m/s,在10s末到达终点,整个比赛过程,关于运动员的平均速度,以下判断正确的是()
A.一定等于10.0m/sB.可能等于10.2m/s
C.一定大于10.3m/sD.可能等于10.4m/s
【答案】A
【解析】试题分析:
由题意可知,运动员的位移为100m,时间为10s;则平均速度
;A正确
考点:
考查了平均速度的计算
4.甲、乙两个物体沿同一直线向同一方向运动时,取物体的初速度方向为正,甲的加速度恒为2m/s2
,乙的加速度恒为-3m/s2,则下列说法正确的是()
A.两物体都做加速直线运动,乙的速度变化快
B.甲做加速直线运动,它的速度变化快
C.乙做减速直线运动,它的速度变化率大
D.甲的加速度比乙的加速度大
【答案】C
【解析】由题意可知,甲的加速度与初速度方向相同,所以甲做匀加速直线运动;乙的加速度与初速度方向相反,所以乙做匀减速直线运动.加速度的正负表示方向,加速度大小表示速度变化的快慢,即乙的速度变化快,加速度也就大,由以上分析可知:
甲做匀加速直线运动,速度变化慢加速度小;乙做匀减速直线运动,速度变化快加速度大,即乙的加速度比甲的大,故ABD错误,C正确。
所以C正确,ABD错误。
5.如图所示为某质点的v-t图像,则下列说法中正确的是()
A.在0~6s内,质点做匀变速直线运动
B.在6~10s内,质点处于静止状态
C.在4s末,质点向相反方向运动
D.在t=12s末,质点的加速度为-1m/s2
【答案】D
【解析】A、在0~4s内,质点的加速度为
,在4-6s内质点的加速度为:
,加速度不同,故A错误;
B、在6s~10s内,质点以4m/s的速度做匀速运动,故B错误;
C、由图看出,质点在4s末前后速度均为正值,说明质点速度方向均沿正方向,运动方向没有变化,故C错误;
D、在t=12s末,质点的加速度为
,故D正确;
故选D。
【点睛】由图可知物体的运动过程中速度的变化,由图象中斜率可得出加速度的大小关系。
6.飞机的起飞过程是从静止出发,在直跑道上加速前进,等达到一定速度离地。
已知飞机加速前进的路程为1600m,所用的时间为40s,假设这段运动是匀加速直线运动,用a表示加速度,v表示离地时的速度,则()
A.a=2m/s2,v=80m/sB.a=1m/s2,v=40m/s
C.a=2m/s2,v=40
m/sD.a=1m/s2,v=80m/s
【答案】A
【解析】试题分析:
由题意可知这段运动为匀加速运动,又已知飞机加速前进的路程为1600m,所用时间为40s,可根据匀变速直线运动的基本公式解题.
解:
根据匀加速直线运动位移时间公式得:
x=
a=
=
m/s2=2m/s2
根据速度时间公式得:
v=v0+at=80m/s
故选A.
【点评】该题是匀变速直线运动基本公式的直接应用,难度不大,属于基础题.
7.如图所示,光滑斜面被分成四个长度相等的部分,一个物体由A点静止释放,下面结论中正确的是()
A.物体到达个点的速度
B.物体到达个点所经历的时间
C.物体从A到E的平均速度
D.通过每一部分时,其速度增量均相等
【答案】ABC
【解析】AB、初速度为零的匀加速直线运动通过连续相等的位移所用的时间之比为
,物体到达个点所经历的时间
,又
,所以物体到达各点的速率
,故AB正确;
C、由B选项的结论可得:
B点是全程的中间时刻,故从A运动到E的全过程平均速度
,故C正确
D、由A选项的结论可得:
不是定值,即速度变化量
不是定值,故速度增量
,故D错误;
故选ABC。
【点睛】物体由A点静止释放后,物体做初速度为零的匀加速直线运动,且AB=BC=CD=DE,可直接应用初速度为零的匀加速直线运动通过连续相等的位移的推论。
8.在学校科技活动组织的“鸡蛋下落不摔破”比赛中,一同学将制作的“鸡蛋”从教学楼阳台边缘由静止释放,经过一段时间到达地面,不计空气阻力。
现把“鸡蛋”在空中运动的时间分为相等的三段,如果它在第一段时间内的位移是1.25m,g取10m/s2,那么它在第三段时间内的位移是()
A.1.25mB.3.75mC.6.25mD.10.0m
【答案】C
故选C
考点:
自由落体运动
点评:
本题也可以用初速度为0的匀加速直线运动,从静止开始相等时间间隔内的位移之比为:
1:
3:
5:
…求解。
9.如图所示,一个弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上,杆的另一端固定一个重力为2N的小球,小球处于静止状态,则弹性杆对小球的弹力()
A.大小为2N,方向平行于斜面向上
B.大小为1N,方向平行于斜面向上
C.大小为2N,方向垂直于斜面向上
D.大小为2N,方向竖直向上
【答案】D
【解析】小球受到重力和弹力作用,由于小球处于静止状态,所以重力和弹力是一对平衡力,重力大小为
,方向竖直向下,所以弹力大小也为
,方向竖直向上,故D正确。
点睛:
对于二力平衡条件的应用,根据二力平衡条件是判断杆的弹力和方向的很好的办法.此题很容易受到斜面角度和杆的弯曲程度的影响,从而造成弹力方向判断失误。
10.用手握住一个油瓶(瓶始终处于竖直方向且静止不动),如图所示,下列说法正确的是()
A.瓶中油越多,手必须握得越紧
B.手握得越紧,油瓶受到的摩擦力越大
C.不管手握得多紧,油瓶受到的摩擦力总是一定的
D.油瓶受到的摩
擦力等于油瓶与油的总重力
【答案】ACD
【解析】试题分析:
A、瓶中油越多,要想油瓶静止不动,最大静摩擦力应该增大,最大静摩擦力和压力成正比,所以手必须握得越紧;正确
B、油瓶静止时受到的是静摩擦力,根据二力平衡可知,油瓶受到的摩擦力等于油瓶的重力,与手对油瓶的压力无关;错误
CD、不管手握得多紧,油瓶受到的摩擦力总等于油瓶的总重力,是一定的;正确
故选ACD
考点:
静摩擦力
点评:
静摩擦力大小与正压力无关,一般用二力平衡或牛顿运动定律求,最大静摩擦力与正压力有关。
11.如图所示,飞船在沿曲线从M点向N
点飞行的过程中,飞船所受合力方向可能是下列图中的
A.AB.BC.CD.D
【答案】BC
【解析】因飞船沿曲线由M点到N点的飞行过程中,故其合力指向轨迹凹侧,故BC正确,AD错误;
故选BC。
12.如图所示,x轴在水平地面内,y轴沿竖直方向,图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹,其中b和c是从同一点抛出的。
不计空气阻力,则()
A.a的飞行时间比b的长
B.b和c的飞行时间相同
C.a的水平速度比b的小
D.b的初速度比c的大
【答案】BD
【解析】b、c的高度相同,大于a的高度,根据h=
gt2,得
,知b、c的运动时间相同,a的飞行时间小于b的时间.故A错误,B正确;因为a的飞行时间短,但是水平位移大,根据x=v0t知,a的水平速度大于b的水平速度.故C错误;b、c的运动时间相同,b的水平位移大于c的水平位移,则b的初速度大于c的初速度.故D正确.故选:
BD.
点睛:
解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,知道平抛运动的时间由高度决定,初速度和时间共同决定水平位移.
二、实验题(每空2分,共14分)。
13.在验证力的平行四边形定则时,同学们在操作过程中有如下议论,其中对减小实验误差有益的做法是________.(填字母代号)
A.两细绳必须等长
B.弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行
C.用两弹簧测力计同时拉细绳时两弹簧测力计示数之差应尽可能大
D.拉橡皮条的细绳要长些,标记同一细绳方向的两点要远些
【答案】BD
【解析】A、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时,只需记下两细绳的方向和弹簧秤示数即可,不必要求两细绳等长,故A错误;
B、测量力的实验要求尽量准确,为了减小实验中因摩擦造成的误差,操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行,故B正确;
C、用弹簧秤同时拉细绳时,拉力不能太大,也不能太小,故两弹簧秤示数之差没有必要相差太大.故C错误;
D、为了更加准确的记录力的方向,拉橡皮条的细绳要长些,标记同一细绳方向的两点要远些,故D正确;
故选BD。
【点睛】考查了具体实验细节要求,注意所有要求都要便于操作,有利于减小误差进行,所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开。
14.下面是“探究加速度与力、质量的关系”实验步骤:
①用天平测出小车质量M和小盘质量m
②安装好打点计时器,在小车上装好纸带
③调整长木板的倾斜程度
④在小盘中加入适量的砝码m1
⑤保持小车质量一定时,探究加速度与力的关系
⑥保持小车所受拉力一定时,探究加速度与质量的关系
(1)步骤③的目的是___________________________。
(2)步骤④中,要求小盘和砝码总质量(m+m1)_____(填“远大于”、“远小于”或“等于”)小车质量M。
(3)步骤⑤和⑥,表明该实验采用的科学方法是________________。
【答案】
(1).平衡摩擦力
(2).远小于(3).控制变量法
【解析】
(1)调整长木板的倾斜程度是为了平衡摩擦力,让小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消,使小车的合力就是绳子的拉力;
(2)根据牛顿第二定律得:
对m:
(m+m1)g-F拉=(m+m1)a
对M:
F拉=Ma
解得:
当M>>(m+m1)时,绳子的拉力近似等于砝码和小桶的总重力;
(3)保持小车质量一定时,探究加速度与力的关系,保持小车所受拉力一定时,探究加速度与质量的关系,是用了控制变量法;
15.某同学在做平抛运动实验时得到了如图中的运动轨迹,a、b、c三点的位置在运动轨迹上已标出.则
(1)小球平抛的初速度为______m/s.(g取10m/s2)
(2)小球抛出点的位置坐标为:
x=____________cm,y=________cm.
【答案】
(1).2.0
(2).-10(3).-1.25
【解析】
(1)由平抛运动公式,在x轴方向上
,在竖直方向上
,代入数据解得
三、计算题(本题含有4个题目,共38分。
要求写出重要的演算步骤。
)
16.某市规定,汽车在学校门前马路上的行驶速度不得超过40km/h。
一次,一辆汽车在校门前马路上遇紧急情况刹车,由于车轮被抱死,滑行时在马路上留下一道笔直的车痕。
交警测量了车痕长度x=9m,又从监控资料上确定了该车从刹车到停止的时间t=1.5s,立即判断出这辆车违章超速,这是为什么?
【答案】汽车超速
【解析】试题分析:
因为x=9m,t=1.5s,汽车刹车过程的平均速度为:
又由
得:
v0=12m/s=43.2km/h>40km/h,所以该车违章驾驶.
考点:
平均速度
【名师点睛】本题考查匀变速直线运动公式的灵活运用,也可以采取逆向思维,根据x=
at2求出加速度的大小,再根据速度时间公式求出初速度.
17.在某年我省曾出现百年一遇的秋、冬、春连旱的自然灾害,导致森林火灾频发。
一次救灾中,飞机在离地为720m的高度沿水平方向以60m/s的速度匀速飞行,在火场前方投放灭火弹,不计空气阻力,取g=10m/s2,求:
(1)灭火弹下降到火场的时间;
(2)灭火弹从投放点到火场的位移。
【答案】
(1)12s
(2)1018m,灭火弹位移与水平方向夹角
【解析】解:
(1)灭火弹下降到火场做平抛运动,根据平抛运动规律有
解灭火弹下降到火场的时间
(2)水平位移
灭火弹从投放点到火场的位移
,即灭火弹位移与水平方向夹角
18.在水平地面上有一个质量为4.0kg的物体,物体在水平拉力F的作用下由静止开始运动10s后拉力大小减小为
并保持恒定,该物体的速度—时间图像如图所示,求:
(1)物体所受到的水平拉力F的大小;
(2)该物体与地面间的动摩擦因数。
(取g=10m/s2)
【答案】9N,0.125
【解析】由v-t图象可知:
物体在前10s内的加速度为:
a1=
=1m/s2,
物体在10-30s内的加速度为:
a2=
=-0.5m/s2,
对物块进行受力分析,由牛顿第二定律可知:
F-μmg=ma1…①
-μmg=ma2…②
代入m和a1、a2可解得:
F=9N,μ=0.125
点睛:
本题考查了速度时间图线与牛顿第二定律的综合,知道加速度是联系力学和运动学的桥梁,知道图线的斜率表示加速度.
19.如图所示,水平传送带以5m/s的恒定速度运动,传送带长s=7.5m,今天其左端A将一小工件轻轻放在上面,工件被带动,传送到右端B,已知工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.5。
试问:
工件经多长时间由传送带左端A运动到右端B?
(取g=10m/s2)
【答案】2s
【解析】试题分析:
工件加速度为a,由牛顿第二定律有:
μmg=ma
(1)
传送带速度为v=5m/s。
工件匀加速时间为t1
V=at1
(2)
工件匀加速运动的位移为x
X=
at12(3)
工件匀速运动的时间为t2则有
Vt2=L-x(4)
工件从A端运动到B端时间为t
t=t1+t(5)
由
(1)----(5)式可解得:
t=2.0s
考点:
考查了匀变速直线运动规律
点评:
本题关键根据运动学公式求解加速度和位移,再结合牛顿第二定律求解动摩擦因素.
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