高考数学一轮复习第三章三角函数解三角形37应用举例课时提升作业理.docx
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高考数学一轮复习第三章三角函数解三角形37应用举例课时提升作业理
【2019最新】精选高考数学一轮复习第三章三角函数解三角形3-7应用举例课时提升作业理
(25分钟 60分)
一、选择题(每小题5分,共25分)
1.(2016·成都模拟)如图所示,为了利用余弦定理得到隧道口AB的宽度,给定下列四组数据,计算时最应当用数据 ( )
A.α,a,bB.a,β,α
C.a,b,γD.α,β,b
【解析】选C.因为AB的长度无法测量,所以可以测量三角形的边AC,BC的长度b,a及角C.
2.(2016·深圳模拟)一架直升飞机在200m高度处进行测绘,测得一塔顶与塔底的俯角分别是30°和60°,则塔高为 ( )
A.mB.m
C.mD.m
【解析】选A.如图所示.
在Rt△ACD中可得CD==BE,
在△ABE中,由正弦定理得
=⇒AB=,
所以DE=BC=200-=(m).
3.(2016·洛阳模拟)在△ABC中,AC=,BC=2,B=60°,则BC边上的高等
于 ( )
A.B.
C.D.
【解析】选B.在△ABC中,由余弦定理得AC2=AB2+BC2-2AB·BCcosB,
化简得AB2-2AB-3=0,解得AB=3,
所以BC边上的高等于AB·sinB=.
【加固训练】(2016·太原模拟)已知△ABC的三条边长分别为AB=21,AC=10,BC=17,则它的面积为 .
【解析】因为AB=21,AC=10,BC=17,
所以由余弦定理得
cosC==-,
所以sinC==,
所以△ABC的面积S=×10×17×=84.
答案:
84
【一题多解】本题还可以采用如下解法:
方法一:
由公式
S=
得S==84.
方法二:
cosA==,
过点C作AB边上的高CD,则AD=6,BD=15,CD=8,
所以△ABC的面积S=×6×8+×15×8=84.
答案:
84
4.(2016·郑州模拟)在四边形ABCD中,∠B=∠C=120°,AB=4,BC=CD=2,则该四边形的面积等于 ( )
A.7B.6C.5D.
【解析】选C.如图,取AB中点G,连接DG,
则DG∥BC,∠AGD=120°.
分别过B,C作DG的垂线,可求得BE=CF=,DG=4,
所以四边形面积S=S△AGD+S四边形GBCD=AG×DG×sin120°+×(DG+BC)×BE=5.
【一题多解】本题还可以采用如下解法:
选C.连接BD,在△DBC中,BC=CD=2,∠BCD=120°,
所以BD=2,AB⊥BD,
所以四边形ABCD的面积为
S△ABD+S△CBD=×4×2+×2×2×=5.
5.(2016·长沙模拟)地面上有两座塔AB,CD,相距120米,一人分别在两塔底测得一塔顶的仰角是另一塔顶仰角的2倍,在两塔底连线的中点O处测得塔顶的仰角互为余角,则两塔的高度分别为 ( )
A.50米,100米B.40米,90米
C.40米,50米D.30米,40米
【解析】选B.设高塔高H,矮塔高h,在矮塔下望高塔仰角为α,在O点望高塔仰角为β.
分别在两塔底部测得一塔顶仰角是另一塔顶仰角的两倍,所以在高塔下望矮塔仰角为,
即tanα=,tan=,
根据倍角公式有=①,
在塔底连线的中点O测得两塔顶的仰角互为余角,所以在O点望矮塔仰角为
-β,
即tanβ=,tan=,
根据诱导公式有=②,
联立①②得H=90,h=40.
即两座塔的高度为40米,90米.
二、填空题(每小题5分,共15分)
6.如图,为测量山高MN,选择A和另一座山的山顶C为测量观测点,从A点测得M点的仰角∠MAN=60°,C点的仰角∠CAB=45°以及∠MAC=75°;从C点测得
∠MCA=60°.已知山高BC=100m,则山高MN= m.
【解析】在Rt△ABC中,∠CAB=45°,BC=100m,
所以AC=100m.
在△AMC中,∠MAC=75°,∠MCA=60°,从而∠AMC=45°,
由正弦定理,得=,
因此AM=100m.
在Rt△MNA中,AM=100m,∠MAN=60°,
由=sin60°,得MN=100×=150(m).
答案:
150
7.两灯塔A,B与海洋观察站C的距离都等于2km,灯塔A在C北偏东45°处,灯塔B在C南偏东15°处,则A,B之间的距离为 .
【解析】根据图形,
在△ABC中,∠ACB=120°,AC=BC=2km,
由余弦定理,得AB=
=2(km).
答案:
2km
8.(2016·广州模拟)海上有A,B两个小岛相距10nmile,从A岛望C岛和B岛成60°的视角,从B岛望C岛和A岛成75°的视角,那么B岛和C岛间的距离是
nmile.
【解析】如图,
在△ABC中,AB=10,A=60°,B=75°,C=45°,
由正弦定理,得=,
所以BC==
=5(nmile).
答案:
5
【加固训练】已知:
如图所示的一块三角形绿地ABC中,AB边长为20m,由点C看AB的张角为30°,在AC边上D处看AB的张角为60°,且AD=2DC.则这块绿地的面积为 m2(精确到1m2,取≈1.732).
【解析】由已知∠DBC=30°,所以BD=DC=AD.
又cos60°=,所以AD·cos60°=BD,
故∠ABD=90°,∠A=30°,
所以AB=BC=20,∠ABC=120°,
所以S△ABC=(20)2·sin120°=×400×()2×=300≈520(m2).
答案:
520
三、解答题(每小题10分,共20分)
9.(2016·合肥模拟)某登山队在山脚测得山顶的仰角是35°,沿着倾斜角20°的斜坡前进1000m后,又测得山顶的仰角是65°,求山高.
【解析】如图,A是山脚的一点,B为山顶,S是倾斜角20°的斜坡上的一点,且AS=1000m.
在Rt△BSD中,
因为∠BSD=65°,则∠SBD=25°.
在Rt△ABC中,
因为∠BAC=35°,则∠ABC=55°,
所以∠ABS=∠ABC-∠SBD=55°-25°=30°.
在△ASB中,
因为∠BAS=35°-20°=15°,∠ABS=30°,
所以∠ASB=135°.
由正弦定理得=,
所以AB==
=1000(m),
在△ABC中,BC=AB·sin35°=1000·sin35°≈1000×1.414×0.5736≈811(m).
答:
山高约为811m.
10.(2016·石家庄模拟)如图,某公司要在A,B两地连线上的定点C处建造广告牌CD,其中D为顶端,AC长35米,CB长80米,设A,B在同一水平面上,从A和B看D的仰角分别为α和β.
(1)设计中CD是铅垂方向,若要求α≥2β,问CD的长至多为多少(结果精确到0.01米)?
(2)施工完成后,CD与铅垂方向有偏差,现在实测得α=38.12°,β=18.45°,求CD的长(结果精确到0.01米).
【解题提示】
(1)在Rt△ADC,Rt△BDC中,根据边角关系可得tanα,tanβ,根据α≥2β,可得tanα≥tan2β,解此三角形不等式可得结论.
(2)在△ADB中,根据正弦定理可把DB的长度求出,在△BCD中,根据余弦定理可把DC的长度求出.
【解析】
(1)设CD的长为x米,
则tanα=,tanβ=.
因为>α≥2β>0,所以tanα≥tan2β,
所以tanα≥,
所以≥=,
解得:
0 所以CD的长至多为28.28米. (2)设DB=a米,DC=m米,∠ADB=180°-α-β=123.43°, 则=, 解得a=≈85.06(米), 所以m=≈26.93(米). 答: CD的长约为26.93米. (20分钟 40分) 1.(5分)(2016·池州模拟)如图,为了测量河对岸A,B两点间的距离,某课外小组的同学在岸边选取C,D两点,测得CD=200m,∠ADC=105°,∠BDC=15°,∠BCD= 120°,∠ACD=30°,则A,B两点间的距离是 ( ) A.200mB.200m C.100mD.100(1+)m 【解析】选A.在△ACD中,由正弦定理有=, 解得AC=100(+1)m, 在△BCD中,由正弦定理解得 BC=100(-1)(m), ∠BCA=∠BCD-∠ACD=90°, 所以在Rt△ACB中,AB=200(m). 2.(5分)(2016·长沙模拟)如图,在海中一孤岛D的周围有2个观察站A,C,已知观察站A在岛D的正北5nmile处,观察站C在岛D的正西方,现在海面上有一船B,在A点测得其在南偏西60°方向4nmile处,在C点测得其在北偏西30°,则两观测点A与C的距离为 nmile. 【解析】由题意可得∠E=30°,∠ABC=90°, 在Rt△ADE中,AE==10nmile, 所以EB=AE-AB=6nmile. 在Rt△EBC中,BC=BE·tan30°=2nmile, 在Rt△ABC中,AC= =2(nmile). 答案: 2 3.(5分)(2016·唐山模拟)某升旗仪式上,如图,在坡度为15°的观礼台上,某一列座位与旗杆在同一个垂直于地面的平面上,在该列的第一排和最后一排测得旗杆顶端的仰角分别为60°和30°,且第一排和最后一排的距离为10米,则旗杆的高度为 米. 【解析】如图所示: 在三角形ABC中,可得∠CAB=45°,∠ABC=105°,∠ACB=30°. 利用正弦定理可求出BC=20米,则在直角三角形BDC中,CD=BC·sin60°=30米. 答案: 30 【加固训练】已知锐角三角形的边长分别为2,4,x,则x的取值范围是 ( ) A.1 C.1 【解析】选D.由题得边长为2,4,x,可构成三角形时有2 又此三角形为锐角三角形,则当2 由余弦定理得>0, 解得x>2; 当4≤x<6时,最大的角是边长为x所对应的, 由余弦定理得>0,解得x<2; 综上当三角形为锐角三角形时x的取值范围是2 4.(12分)(2016·福州模拟)如图,在等腰直角△OPQ中,∠POQ=90°,OP=2,点M在线段PQ上. (1)若OM=,求PM的长. (2)若点N在线段MQ上,且∠MON=30°,问: 当∠POM取何值时,△OMN的面积最小? 并求出面积的最小值. 【解析】 (1)在△OMP中,∠OPM=45°,OM=,OP=2, 由余弦定理得,OM2=OP2+MP2-2×OP×MP×cos45°, 得MP2-4MP+3=0,解得MP=1或MP=3. (2)设∠POM=α,0°≤α≤60°, 在△OMP中,由正弦定理, 得=, 所以OM=, 同理ON=, 故S△OMN=×OM×ON×sin∠MON =× = = = = = =, 因为0°≤α≤60°,30°≤2α+30°≤150°, 所以当α=30°时,sin(2α+30°)的最大值为1,此时△OMN的面积取到最小值. 即∠POM=30°时,△OMN的面积的最小值为8-4. 5.(13分)(2016·武汉模拟)如图,在海岛A上有一座海拔1千米的山,山顶设有一个观察站P,上午11时,测得一轮船在岛北偏东30°,俯角为30°的B处,到11时10分又测得该船在岛北偏西60°,俯角为60°的C处. (1)求船的航行速度是每小时多少千米? (2)又经过一段时间后,船到达海岛的正西方向的D处,问此时船距岛A有多远? 【解析】 (1)在Rt△PAB中,∠APB=60°,PA=1, 所以AB=. 在Rt△PAC中,∠APC=30°,所以AC=. 在△ACB中,∠CAB=30°+60°=90°, 所以BC= ==, 则船的航行速度为÷=2(千米/时). (2)在△ACD中,∠DAC=90°-60°=30°, sin∠DCA=sin(180°-∠ACB)=sin∠ACB===, sin∠CDA=sin(∠ACB-30°) =sin∠ACB·cos30°-cos∠ACB·sin30° =×-× =. 由正弦定理得=. 所以AD===. 故此时船距岛A有千米.
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