安徽省池州市东至县高三联考理综物理试题 扫描版.docx
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安徽省池州市东至县高三联考理综物理试题 扫描版.docx
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安徽省池州市东至县高三联考理综物理试题扫描版
2017年高三物理模拟测试卷参考答案
单选:
D,D,D,A,B
多选:
BD,AD,BC
14.D [根据曲线运动力与轨迹的关系,力需指向轨迹弯曲的内侧,所以A错误;带电粒子只受电场力作用,故力与电场线共线,所以C错误;由题意知,运动过程中粒子的电势能逐渐减小,故电场力做正功,即力与速度方向的夹角应为锐角,故B错误,D正确.
15.D [该题中由于不知道磁场的方向,所以不能判断出洛伦兹力的方向.带电质点进入磁场时所受洛伦兹力可能向上.故A,B错误;带电质点运动的过程中只有重力做功,由功能关系可知:
mv2=mgh+mv,所以:
v=.故C错误,D正确.]
16.D [由题意知U1=1000V,则U2=U1=10V,R消耗的功率PR==10W,A错误.电容器的耐压值不小于10V,B错误.交流电的频率f==25Hz,C错误.电容器可以通交流,故电流表示数一定不为零,D正确.]
17.A [B球对碗壁刚好无压力,则根据几何知识分析可得B球所在位置两线的夹角为90°,以B球为研究对象,进行受力分析,水平方向所受合力为零,由此可知FAcosθ=FCsinθ,==tanθ=3/4.]
18.解析:
选B.
由题中条件可知,当滑块B向上运动时,薄板A将沿斜面向下运动.由受力分析和牛顿第二定律可知:
aA=4m/s2,方向沿斜面向下;aB=10m/s2,方向沿斜面向下,故在滑块向上滑行的过程中,A、B的加速度大小之比为2∶5,选项A错误;滑块B的位移为xB=t1-t2=m,方向沿斜面向上,所以滑块B克服摩擦力做的功为W=fxB=J,选项B正确;开始运动时,滑块B向上做匀减速直线运动,减速到零所需要的时间t1=0.5s,此时薄板A的速度大小为vA=aAt1=2m/s,然后A、B都将向下运动,且A、B的加速度不变,若最后速度相同则有vA+aAt2=aBt2,代入数据可解得t2=s,共同速度为v=m/s,A、B运动的时间为t=t1+t2=s,选项C错误;A、B的相对位移为x=t1+aAt+vAt2+aAt-t2,代入数据有x=m,故在整个过程中产生的热量Q=fx=J,选项D错误.
19.BD [因月球上卫星的最小发射速度为最大环绕速度,有=,又=m(R+h),可得v=A错误,探测器运行时的向心加速度为a=ω2r=,选项B正确,由=m(R+h),ρ=,V=πR3,可得月球的平均密度ρ=,C错误;根据=m()2(R+h),又=m′g,两式联立得g=,选项D正确.]
20.AD [根据核反应中质量数和电荷数守恒,可知X是X,所以为中子,A正确;Y应为Y,所以Y的质子数为3,核子数为6,中子数为3,B错误;两核反应均有能量释放,根据爱因斯坦质能方程,两核反应都有质量亏损,C错误;由聚变反应概念知,D正确.]
21.BC [
由牛顿第二定律可知,从开始到弹簧第一次被压缩到最短的过程中,A木块由静止开始做加速度逐渐减小的加速运动,B木块由静止开始做加速度不断增大的加速运动.开始时,A的加速度大于B的加速度,两木块的速度图象如图所示,由图象可知,两木块加速度相等时,vA>vB,D项错;两木块速度相等时,aA 22.答案 (1)CA (每空1分) (2)见解析图甲(2分)(3)见解析图乙(2分) (4)53.3(50.0~57.0均可)(3分) 解析 (1)根据实验数据表可知电压最大为2.80V,最大电流为30.0mA,所以电压表应选择A,电流表应选择C. (2)通过估算二极管的阻值可知满足>,所以电流表应用外接法. 由于电流、电压从零开始调节,所以滑动变阻器应采用分压式接法,连线图如图甲所示. 甲 (3)画出的I-U图象如图乙所示 乙 (4)根据闭合电路欧姆定律应有I=,由I-U图象可读出I=15mA时对应的电压U=2.2V,可求出Rx≈146.7Ω,代入数据解得R≈53.3Ω.(50.0~57.0均可) 23. (1)AE (2)0.75 (3)B(每空2分) 解析 (1)由实验原理图可以看出,由弹簧测力计的示数可得到小车所受的合外力的大小,故不需要测砂和砂桶的质量,也不需要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M,A、E错;为保证绳上拉力提供合外力,必须平衡摩擦力,B对;小车应靠近打点计时器,先接通电源,再释放小车,同时读出弹簧测力计的示数,C对;为了多测几组数据,需改变砂和砂桶的质量多做几次实验,D对. (2)由逐差法可得: 小车的加速度 a=, 将T=×4s=0.08s,代入可得a≈0.75m/s2 (3)由题图结合牛顿第二定律,有 2F=Ma, 得a=F 则图象斜率k=,得小车的质量M=,故A、D、C错,B对. 24.解析: (1)线框的AB边离开磁场时已经匀速运动 F=Ff+BI2LAB(2分) Ff=μmg=0.5N(1分) 所以I2==5A.(1分) E2=BLABv=0.2V(1分) R=0.04Ω(1分) (2)线框的AB边进入磁场前 F-Ff=ma,(2分) a==10m/s2(1分) v=2as,(1分) v0=2m/s 线框的AB边进入磁场时E1=BLABv0=0.4V.(1分) I1=E1/R=10A(1分) F安=BI1LAB=2N(1分) 方向: 水平向左(1分) 答案: (1)0.04Ω (2)2N水平向左 25.【解析】 (1)根据动量守恒得: mBv0=(mB+mA)v (2分) 解得: v=v0=2m/s. (1分) (2)设B在A的圆弧部分产生的热量为Q1,在A的水平部分产生的热量为Q2.则有: mBv02=(mB+mA)v2+Q1+Q2 (2分) 又Q2=μmBg(LQP+LPR) (2分) 联立解得: Q1=1J. (1分) (3)当B滑上圆弧再返回至P点时最有可能速度向右,设木块滑至P的速度为vB,此时A的速度为vA,有: mBv0=mBvB+mAvA (2分) mBv02=mBvB2+mAvA2+μmBgL (2分) 代入数据得: vB2-0.8v0vB+7.2-0.2v02=0 当vB的两个解一正一负时,表示B从圆弧滑下的速度向右.即需: v0>6m/s,故B有可能相对地面向右运动.(2分) 若要B最终不滑离A,有: μmBg·2L≥mBv02-(mB+mA)(v0)2 (2分) 得: v0≤2m/s=6.3m/s(1分) 故v0的取值范围为: 6m/s<v0≤2m/s=6.3m/s. (1分) [答案] (1)2m/s (2)1J (3)可能 6m/s<v0≤2m/s=6.3m/s 33.ABC [单晶体和多晶体都有固定的熔点,而非晶体没有固定的熔点,故A正确;当分子间的引力和斥力平衡时,无论分子间距再增大或减小,分子力都要做负功,负子势能增加,故B正确;布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的运动,它说明液体分子永不停息地做无规则运动,故C正确;外界对物体做功,若同时物体放出热量,物体内能不一定增加,故D错误;固体、液体的分子间距较小,但气体分子间距离较大,故知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积,不可计算出阿伏加德罗常数,故E错误.] (2)20cm 解析 (2)设玻璃管开口向上时,空气柱的压强为p1=p0+ρgl1①(3分) 式中ρ和g分别表示水银的密度和重力加速度. 玻璃管开口向下时,原来上部的水银有一部分会流出,设此时空气柱长度为x, 则p2=p0-ρg[(l1+l2)-x]②(3分) 式中p2为管内空气柱的压强.由玻意耳定律有: p1l2S=p2xS③(3分) S为玻璃管的横截面积,由①②③式和题设条件得x=20cm.(1分) 34. (1)BDE (2)① ②424nm 解析 (1)质点不随波传播,A错;由波向右传播可知B点向上振动,B对;B点向上振动靠近平衡位置平均速度大,回到平衡位置所用时间小于八分之一周期,C错;由T=可知周期为0.05s,D对;C点向下运动,所以经过四分之三周期到达波峰,E对. (2)①光路图如图所示,设在B点的入射角为i、折射角为γ,在C点的入射角为β,出射角为θ,在△OCP中,OC=R,OP=R;由正弦定理可得: = sinθ= θ=45° 所以∠COP=θ-α=15° 因为OB=OC=R, 所以γ=β, 又根据折射定律可得i=θ=45° 所以∠BOM=i=45° 由几何关系可得: γ+β=∠COP+∠BOM=60° 所以γ=β=30° 由折射定律可得: n==(7分) ②n==(2分) 所以λ=≈424nm.(1分)
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