中考物理全真模拟卷重庆专用解析版003.docx
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中考物理全真模拟卷重庆专用解析版003
备战2021中考
物理全真模拟卷(重庆专用)
(全卷共四个大题,满分80分,与化学共用120分钟)
姓名:
________学校:
________班级:
________分数:
________
注意事项:
全卷g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3。
一、选择题(本题共8个小题,每小题只有一个选项最符合题意,每小题3分,共24分):
1.下列数据中,最接近生活实际的是( )
A.人步行的正常速度约为1.1m/sB.一部普通手机的质量约为2.5kg
C.正常人的脉搏跳动一次约需5sD.中物理教材长度约26dm
【答案】A
【解析】不同物理量的估算,有的需要凭借生活经验,有的需要简单的计算,有的要进行单位的换算,最后判断最符合实际的是哪一个。
解:
A.人正常步行的速度在4km/h=4
m/s≈1.1m/s左右。
故A符合实际;
B.一部普通手机质量约为150g,小点的130g,故B不符合实际;
C.正常情况下,人的脉搏跳动一次的时间接近1s,1min跳动的次数在70次左右,故C不符合实际;
D.中学生伸开手掌,大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm,物理课本的长度将近一个半手掌的长度,即26cm左右,故D不符合实际。
故选:
A。
2.下列有关物态变化的说法正确的是( )
A.附在草上的霜是水凝固形成的
B.缭绕在山间的雾是水汽化形成的
C.往地面洒水降温是利用了水蒸发吸热
D.食品运输车里放于冰降温是用干冰熔化吸热
【答案】C
【解析】物质由固态变成液态叫做熔化,熔化吸热;物质由液态变成固态叫做凝固,凝固放热;物质由液态变成气态叫做汽化,汽化吸热;物质由气态变成液态叫做液化,液化放热;物质由固态直接变成气态叫做升华,升华吸热;物质由气态直接变成固态叫做凝华,凝华放热。
解:
A.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶,故A错误;
B.雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴,故B错误;
C.往地面洒水降温,利用了水汽化(蒸发)吸热来降低空气温度,故C正确;
D.在食品运输车里放些干冰降温是用干冰升华吸热来储存食品,故D错误。
故选:
C。
3.如图的四种现象中,属于反射现象的是( )
A.月食B.小孔成像C.海市蜃楼D.水中倒影
【答案】D
【解析】①光的直线传播。
知道光在同一均匀介质中是沿直线传播的;
②光的折射现象。
由物体发出的光透过不同介质时,会发生折射,使光路发生改变,因此我们看到的是物体的虚像;
③平面镜成像,成因是光的反射。
解:
AB.月食,小孔成像都是由于光沿直线传播形成的,故AB不合题意;
C.海市蜃楼属于光的折射形成的,故C不符合题意。
D.水中倒影属于平面镜成像,是由于光的反射形成的,故D符合题意。
故选:
D。
4.如图所示,以下各图的描述正确的是( )
A.排球被接起后,竖直上升到最高点时机械能为零
B.运动员滑雪时,以滑雪板板为参照物,运动员是静止的
C.冰壶最终停下,是因为运动员使劲摩擦冰面使冰壶的惯性消失了
D.跳水运动员能够起跳,是因为跳板对她的作用力大于她对跳板的作用力
【答案】B
【解析】
(1)物体被抬高,会具有势能;
(2)物体是运动还是静止与参照物的选择有关;
(3)惯性是物体的一种性质,惯性大小跟物体质量有关,跟其它因素没有关系。
(4)相互作用力:
大小相等、方向相反、作用在两个物体上,作用在同一条直线上。
解:
A.排球被接起后,竖直上升到最高点时具有势能,机械能不为零,故A错误;
B.运动员滑雪时,以滑雪板板为参照物,运动员和参照物的位置不发生变化,故运动员是静止的,故B正确
C.冰壶最终停下,是因为冰壶受到摩擦力作用,摩擦力改变了冰壶的运动状态。
冰壶的质量不变,惯性不变,故C错误;
D.跳水运动员能够起跳,运动员给跳板一个向下的力,跳板给运动员一个向上的力,这两个力是相互作用力,大小相等,故D错误。
故选:
B。
5.如图所示的电路中,闭合开关S,让开关S1和S2断开,调节滑动变阻器的滑片P使其位于变阻器的a处,此时灯泡L恰好正常发光,电流表A和电压表V均有示数。
已知滑动变阻器的总电阻大于灯泡L的电阻,以下判断正确的是( )
A.若保持S1和S2断开,让P缓慢向右滑动,灯泡L变亮甚至可能被烧毁
B.若保持P在a处不动,S1仍断开,闭合S2后,A表和V表示数均变小
C.若保持P在a处不动,同时闭合S1和S2后,A表和V表示数将变大
D.若保持S1和S2断开,P移至变阻器最右端b,再闭合S1后,A表示数变大,V表示数变小
【答案】D
【解析】
(1)闭合开关S,让开关S1和S2断开,调节滑动变阻器的滑片P在a处,电路中只有灯泡L工作,让P缓慢向右滑动,接入电路的电阻会变大,由此分析解答;
(2)若保持P在a处不动,s1仍断开,闭合s2后,R0被短路,由此分析;
(3)保持P在a处不动,闭合S1和S2,电源被短路,由此分析;
(4)S1和S2断开,P移至变阻器最右端b,变阻器与灯泡串联;闭合S1后,灯泡L被短路,由此分析。
解:
闭合开关S,让开关S1和S2断开,P在a处时(左端),只有L接入电路,此时灯泡正常发光,电流表测电路中电流,电压表测灯泡两端电压。
A.若当保持S1和S2断开,让P缓慢向右滑动时,变阻器接入电路的电阻变大,电路中电流变小,灯泡中的电流减小,所以灯泡变暗,故A错误。
B.保持P在a处不动,S1仍断开,闭合S2后,电阻R0被短路,仍然只有L接入电路,电路不受影响,所以A表和V表示数均不变,故B错误。
C.若保持P在a处不动,同时闭合S1和S2后,电源被短路,电路中电流很大,会烧杯电流表,而电压表由于被短路其示数为0,故C错误。
D.若保持S1和S2断开,P移至变阻器最右端b,变阻器连入阻值最大,灯泡与滑动变阻器串联,总电阻等于灯泡与滑动变阻器最大阻值之和;
再闭合S1,灯泡短路,电压表示数变为0(即电压表变小),只有变阻器接入电路中,电路中总电阻变小,电路中电流变大,即电流表示数变大,故D正确。
故选:
D。
6.如图所示,形状、体积相同的长方体甲、乙置于水平地面,对地面的压力分别为F甲、F乙,将它们顺时针旋转90°,此时甲、乙对地面的压强分别为p甲'、p乙',对地面压强的变化量分别为△p甲、△p乙,若△p甲>△p乙,则( )
A.F甲>F乙,p甲'>p乙'B.F甲>F乙,p甲'<p乙'
C.F甲≤F乙,p甲'>p乙'D.F甲<F乙,P甲'<p乙
【答案】A
【解析】水平面上物体的压力和自身的重力相等,甲乙放置方式变化时对水平地面的压力不变,始终等于自身的重力,根据p
得出对地面压强的变化量,结合△p甲>△p乙求出两者的重力关系,从而得出压力关系;将它们顺时针旋转90°,根据p
得出对水平地面的压强表达式,比较受力面积和重力关系即可得出压强关系。
解:
因水平面上物体的压力和自身的重力相等,所以,F甲=G甲,F乙=G乙,
长方体甲、乙的形状和体积相同,设它们立方时的底面积为S立,平放时的底面积为S平,
则它们对地面压强的变化量:
△p甲
,△p乙
,
由△p甲>△p乙可知,(
)>(
),
解得:
G甲>G乙,则F甲>F乙,故CD错误;
将它们顺时针旋转90°,此时甲、乙对地面的压强:
p甲'
,p乙'
,
由G甲>G乙和S立<S平可知,p甲'>p乙',故A正确、B错误。
故选:
A。
7.如图的电路,电源电压保持不变。
小灯泡L标有“4V1.6W字样,忽略温度对灯泡电阻的影响,滑动变阻器R1标有“50Ω0.5A”,电阻R2阻值为20Ω.电压表的量程为0~3V,电流表的量程为0~3A.将变阻器的滑片P移至最左端,只闭合开关S、S2和S3,R2消耗的电功率为1.8W.改变开关的通断和滑片P的位置,电路状态以及电路中的诸多物理量会发生变化。
在保证各元件安全的情况下移动滑片,下列选项对应的图象趋势及数据完全正确的是( )
A.闭合S、S1,横轴表示R1接入的阻值,纵轴表示电流表示数
B.闭合S、S1,横轴表示R1接入的阻值,纵轴表示R1的电功率
C.闭合开关S、S2和S3,横轴表示R1接入的阻值,纵轴表示电路总功率
D.闭合开关S、S2和S3,横轴表示电路总电阻的倒数,纵轴表示电流表示数
【答案】C
【解析】
(1)将变阻器的滑片P移至最左端,只闭合开关S、S2和S3时,R1的最大阻值和R2并联,根据并联电路的电压特点和P=UI
求出电源的电压,根据欧姆定律求出通过R2的电流,根据并联电路的电流特点求出电流表的示数为3A时通过R1的电流,然后与变阻器允许通过的最大电流相比较确定通过R1的最大电流,此时R1接入电路中的电阻最小,电路的总功率最大,根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流,根据欧姆定律求出此时总电阻的倒数,利用P=UI求出电路的最大总功率,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路的总功率最小,根据P=UI
求出其大小,然后结合总功率与R1的阻值关系;
(2)知道灯泡的额定电压和额定功率,根据P=UI
求出小灯泡的电阻;只闭合开关S和S1时,R1与灯泡L串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流,然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小,根据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串联求出接入电路中的最小阻值;当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大,根据串联电路的电压特点求出L两端的电压,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最小电流,再根据欧姆定律求出接入电路中的最小阻值,根据欧姆定律得出I与R1的关系,根据P=UI=I2R求出变阻器接入电路中的阻值最大和最小时的功率,然后得出答案。
解:
(1)将变阻器的滑片P移至最左端,只闭合开关S、S2和S3时,R1的最大阻值和R2并联,
因并联电路中各支路两端的电压相等,
所以,由P=UI
可得,电源的电压:
U
6V,
通过R2的电流:
I2
0.3A,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,当电流表的示数I=3A时通过R1的电流:
I1=I﹣I2=3A﹣0.3A=2.7A>0.5A,
所以,通过R1的最大电流I1大=0.5A,此时R1接入电路中的电阻最小,电路的总功率最大,
此时电路的最大总电流:
I大=I1大+I2=0.5A+0.3A=0.8A,
此时电路总电阻的倒数:
0.13Ω﹣1,故D错误;
则电路的最大总功率:
P大=UI大=6V×0.8A=4.8W,
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路的总功率最小,则
P小
2.52W,
由P总
可知,C选项正确;
(2)由P=UI
可得,小灯泡的电阻:
RL
10Ω,
只闭合开关S和S1时,R1与灯泡L串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流,
灯泡正常发光时通过的电流:
IL
0.4A,
因串联电路中各处的电流相等,且电流表的量程为0~0.6A,变阻器允许通过的最大电流为0.5A,
所以,电路中的最大电流I大′=0.4A,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小,
此时电路中的总电阻:
R
15Ω,
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,
所以,滑动变阻器接入电路中的最小阻值:
R1小=R﹣RL=15Ω﹣10Ω=5Ω,
当电压表的示数最大为U1=3V时,滑动变阻器接入电路中的电阻最大,电路中的电流最小,
因串联电路中总电压等于各分电压之和,
所以,此时灯泡两端的电压:
UL′=U﹣U1=6V﹣3V=3V,
电路中的最小电流:
I小
0.3A,
滑动变阻器接入电路中的最大阻值:
R1大
10Ω,
所以,R1允许的取值范围是5Ω~10Ω;
由电路中的电流I
可知,I与R1的关系不是一次函数,故A错误;
电路中的电流I大′=0.4A时,R1小=5Ω,则P1=(I大′)2R1小=(0.4A)2×5Ω=0.8W,
电路中的电流I小=0.3A时,R1大=10Ω,则P1′=I小2R1大=(0.3A)2×10Ω=0.9W故B错误。
故选:
C。
8.如图甲,体积为1000cm3的实心均匀正方体A,自由放置在底面积为200cm2、高为16cm的薄壁柱形容器中,容器重力为10N;底面积50cm2、高为10cm的长方体B通过一轻质细线悬挂于天花板,细线拉力为12N,A与B相距7cm,现往容器中注入某种液体,当液体深度为15cm时,细线拉力变为10N,如图乙,此时液体对容器底的压强为1500Pa.下列说法正确的是( )
A.液体的密度为0.8g/cm3
B.从甲图到乙图,A物体克服重力做功42J
C.从甲图到乙图,容器对桌面的压力增加了34N
D.若轻轻剪断乙图中细线,待AB物体静止后,容器对桌面的压强为2350Pa
【答案】D
【解析】
(1)已知液体的深度和液体对容器底的压强,利用p=ρgh即可求出液体的密度;
(2)根据物体B的受力情况求出物体B对A的压力.根据乙图可知物体A被液体浸没的深度;然后求出物体A在乙中排开液体的体积;即可根据F浮=ρ液gV排求出物体A受到的浮力;根据物体A受力平衡即可求出A的重力;然后根据W=Gh即可求出从甲图到乙图A物体克服重力做功;
(3)由于从甲图到乙图,容器对桌面的压力其增大值等于液体的重力与B对A的压力之和;则根据液体的深度和物体A排开的液体体积求出乙容器中液体的体积;根据ρ
求出液体的质量,利用G=mg求出液体的重力;
(4)乙图中剪断绳后,以AB两物体为整体,先求出其整体的质量和体积;利用ρ
即可求出其整体的密度;
因为其整体的密度大于液体的密度,故该整体在液体中处于沉底状态,根据两物块的高度之和为和容器的高度比较得出整体露出液面的高度,据此即可求出整体排开增大了液体的体积;然后求出容器所剩液体体积;进而求出溢出液体的体积和重力;最后得出容器内所剩液体的重力;
求出容器对桌面的压力等于容器重力、所剩液体的重力、物块A的重力、物块B的重力之和,利用p
求出容器对桌面的压强。
解:
A.液体深度为15cm时,液体对容器底的压强为1500Pa,由p=ρgh可得:
液体的密度ρ液
1×103kg/m3;故A错误;
B.由题意知物体B的重力为12N,但在乙图中细线的拉力变成了10N,由此可知物体A对物体B的支持力为2N,所以B对A的压力也为2N,即F压=2N.
已知A与B相距距离为H=7cm,则由乙图可知:
当从甲图到乙图物体A升高H后,物体A被液体浸没的深度:
h浸=h﹣H=15cm﹣7cm=8cm=0.08m;
物体A是体积为1000cm3的实心均匀正方体,故其边长为10cm,所以物体A在乙中排开液体的体积
V排=V浸
VA
1000cm3=800cm3=8×10﹣4m3;
所以物体A受到的浮力F浮=ρ液gV排=1×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣4m3=8N;
根据物体A受力平衡可知:
A的重力GA=F浮﹣F压=8N﹣2N=6N;
从甲图到乙图,A物体克服重力做功W=GAH=6N×0.07m=0.42J;故B错误;
C.乙容器中液体的体积V液=V总﹣V浸=S容h﹣V浸=200cm2×15cm﹣800cm3=2200cm3=2.2×10﹣3m3,
根据ρ
可得乙容器中液体的质量:
m液=ρ液V液=1×103kg/m3×2.2×10﹣3m3=2.2kg;
乙中液体的重力G液=m液g=2.2kg×10N/kg=22N;
从甲图到乙图,容器对桌面的压力其增大值等于液体的重力与B对A的压力之和
△F=G液+F压=22N+2N=24N;故C错误;
D.乙图中剪断绳后,以AB两物体为整体,其整体的质量
mAB
1.8kg,
则整体体积为:
VAB=VA+VB=1000cm3+500cm3=1500cm3=1.5×10﹣3m3,
其整体的密度为ρAB
1.2×103kg/m3,
因为其整体的密度大于液体的密度,故该整体在液体中处于沉底状态,由于两物块的高度之和为20cm,而容器高度只有16cm,所以该整体有4cm高度露出液面,整体排开液体的体积增大了
△V=△VA+△VB
VA+SB△hB
1000cm3+50cm2×6cm=500cm3,
容器所剩体积V剩=S容h剩=200cm2×1cm=200cm3,
所以溢出液体的体积V溢=△V﹣V剩=500cm3﹣200cm3=300cm3=3×10﹣4m3,
溢出液体的重力G溢=ρ液gV溢=1×103kg/m3×10N/kg×3×10﹣4m3=3N;
容器内所剩液体的重力G液剩=G液﹣G溢=22N﹣3N=19N;
容器对桌面的压力等于容器重力、所剩液体的重力、物块A的重力、物块B的重力之和
F=G容+G液剩+GA+GB=10N+19N+6N+12N=47N,
所以容器对桌面的压强p
2350Pa;故D正确。
故选:
D。
二、填空作图题(本题共7个小题,作图题每图1分,其余每空1分,共12分):
9.现代智能机的照相技术越来越成熟,同学们在日常生活中常用手机进行拍照留念,如图所示,手机的镜头相当于一个 透镜,该类透镜在日常生活中可以用来矫正 (选填“近视眼”或“远视眼”)。
【答案】凸;远视眼。
【解析】凸透镜成像规律:
u>2f,成倒立缩小的实像;u<f,成正立放大的虚像;f<u<2f,成倒立放大的实像;
凸透镜对光线有会聚作用,凹透镜对光线有发散作用。
利用凸透镜可以矫正远视眼。
解:
手机拍照与照相机原理相同,镜头相当于一个凸透镜,成倒立、缩小的实像,所以手机镜头到被拍人的距离应满足大于二倍焦距的条件;
凸透镜对光线有会聚作用,远视眼的晶状体太薄或眼球太短,使像成在视网膜的后方,要增大对光线的会聚能力,需要凸透镜。
故答案为:
凸;远视眼。
10.小君想要测量某饮水机加热时的实际功率,于是将它单独接入家庭电路。
闭合开关,测得饮水机中2kg的水从20℃升高到70℃时,所用时间为6分钟,则该过程水吸收的热量为 J.小君同时观察到家中如图的电能表转盘转过600r,则该饮水机的实际功率为 W(已知水的比热容为c=4.2×103J/(kg•℃)。
【答案】4.2×105;2000。
【解析】
(1)利用Q吸=cm△t求水吸收的热量;
(2)根据电能表参数含义求饮水机消耗的电能;再利用电功率公式求饮水机加热时的实际功率。
解:
(1)水吸收的热量:
Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×(70℃﹣20℃)=4.2×105J;
(2)电能表上有“3000r/(kW•h)”字样,表示电能表转盘转3000转,电路消耗1kW•h的电能,
则电能表转盘转过600转,饮水机消耗的电能:
W
kW•h=0.2kW•h,
饮水机的实际功率:
P
2kW=2000W。
故答案为:
4.2×105;2000。
11.用如图所示的滑轮组,将重为10N的物体以0.1m/s的速度匀速提升,拉力F=6N,滑轮组的机械效率 ,若不计绳重及摩擦,动滑轮的重力为 N。
【答案】83.3%;2。
【解析】由图可知,承担物重的绳子股数n=2,则s=2h。
(1)利用W总=Fs求出总功,知道提升物体的高度和物重大小,利用W有用=Gh求出他做的有用功;再利用η
求出该滑轮组的机械效率。
(2)不计绳重和摩擦,知道物重和拉力大小,根据F
(G物+G动)求动滑轮重。
解:
由图知n=2,则s=2h,
(1)使用滑轮组做的有用功:
W有用=Gh,
使用滑轮组做的总功:
W总=Fs,
滑轮组的机械效率:
η
100%≈83.3%;
(2)不计绳重和摩擦,拉力F
(G物+G动),
即:
6N
(10N+G动),解得G动=2N。
故答案为:
83.3%;2。
12.水平升降台上有一个足够深、底面积为200cm2的柱形容器,容器内装有部分水,现将底面积为100cm2、高为20cm的圆柱体A悬挂在固定的弹簧测力计的下端,使A的上表面刚好与水面相平,此时容器中的水深30cm,弹簧测力计的示数为10N,如图所示,则圆柱体A的重力为 N.然后使升降台缓慢下降3cm,再次稳定后,水对容器底部的压强为 Pa。
(已知弹簧测力计的量程足够,且弹簧受到的拉力每减少1N,弹簧的长度就缩短1cm)。
【答案】30;2900。
【解析】
(1)根据V=Sh求出物体A的体积;根据A的上表面刚好与水面相平可知物体A处于浸没状态,排开水的体积等于物体的体积,根据阿基米德原理求出物体A受到的浮力,然后根据力的平衡求出物体的重力;
(2)由于物体A的上表面刚好与水面相平时弹簧处于自由伸缩时的下端点到容器底之间的距离为40cm;当升降台缓慢下降3cm,再次稳定后,此时弹簧上端固定,则弹簧处于自由伸缩时的下端点到容器底之间的距离为43cm;如图:
然后根据物体浸没的深度h1,弹簧的伸长量L2和容器里水的深度h′,利用水的体积不变和阿基米德原理得出物体受力平衡的表达式;
即可求出水的深度,最后根据p=ρ水gh求出水对容器底部的压强;
解:
(1)圆柱体的体积:
V=Sh=100cm2×20cm=2000cm3=2×10﹣3m3,
圆柱体A受到的浮力为:
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3=20N,
根据称量法:
F浮=G﹣F得,
圆柱体A的重力:
G=F浮+F=20N+10N=30N;
(2)如左图所示:
根据弹簧受到的拉力每减少1N弹簧的长度就缩短1cm可知:
弹簧测力计的示数为10N时伸长量为L1=10cm。
则当物体A的上表面刚好与水面相平时弹簧处于自由伸缩时的下端点到容器底之间的距离为:
h总=h+L1=30cm+10cm=40cm;
此时容器里水的体积V水=S容h﹣SAhA=200cm2×30cm﹣100cm2×20cm=4000cm3;
当升降台缓慢下降3cm,再次稳定后,设此时物体A平衡后,弹簧伸长量为L2(cm),水的深度为h′(cm),物体A浸如水的深度为h1(cm),如右图所示:
则:
L2+h′+(LA﹣h1)=h总+△h,
即:
L2+h′+(20cm﹣h1)=40cm+3cm=43cm,
所以,L2+h′﹣h1=23cm﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
由于水的体积不变,则:
V水=S容h′﹣SAh1=200cm2×h′﹣100cm2×h1=4000cm3
,
即:
2h′﹣h1=40cm﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
物体A此时受到浮力F浮=ρ水gV排=ρ水g(SAh1)×10﹣6m3=1.0×103kg/m3×10N/kg×(100×h1)×10﹣6m3,
根据根据弹簧受到的拉力每减少1N弹簧的长度就缩短1cm可知:
弹簧测力计伸长量为L2时,对物体A的拉力F′=L2×1N/cm,
根据受力平衡可得:
F浮+F′=G,
即:
1.0×103kg/m3×10N/kg×(100×h1)×10﹣6m3+L2×1N/cm=30N,
所以,h1+L2=30cm﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
解①②③可得:
h′=29cm=0.29m;
则水对容器底部的压强:
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.29m=2900Pa;
故答案为:
30;2900。
13.2019年新型冠状病毒疫情爆发,医疗承载能力异常严峻,武汉政府决定建立“雷神山”和“火神山”医院收治患者。
两座医院的建设周期只有7﹣10天,工期十分紧张,动用了大量工程机械。
如图所示,央视通过5G技术对医院的建造过程提供了24小时的实况直播,让千万网民见证中国速度,当起了“云监工”,同时,大家还给现场的各种设备、车辆取了很多有趣的名字,如:
监控整个工地的摄像头是
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