中考数学平面几何经典题.docx

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中考数学平面几何经典题

1、已知：

如图，O是半圆的圆心，C、E是圆上的两点，CD⊥AB，EF⊥AB，EG⊥CO．

求证：

CD＝GF．（初二）

2、已知：

如图，P是正方形ABCD点，∠PAD＝∠PDA＝150．

求证：

△PBC是正三角形．（初二）

3、如图，已知四边形ABCD、A1B1C1D1都是正方形，A2、B2、C2、D2分别是AA1、BB1、CC1、DD1的中点．

求证：

四边形A2B2C2D2是正方形．（初二）

4、已知：

如图，在四边形ABCD中，AD＝BC，M、N分别是AB、CD的中点，AD、BC的延长线交MN于E、F．

求证：

∠DEN＝∠F．

1、已知：

△ABC中，H为垂心（各边高线的交点），O为外心，且OM⊥BC于M．

（1）求证：

AH＝2OM；

（2）若∠BAC＝600，求证：

AH＝AO．（初二）

2、设MN是圆O外一直线，过O作OA⊥MN于A，自A引圆的两条直线，交圆于B、C及D、E，直线EB及CD分别交MN于P、Q．

求证：

AP＝AQ．（初二）

3、如果上题把直线MN由圆外平移至圆，则由此可得以下命题：

设MN是圆O的弦，过MN的中点A任作两弦BC、DE，设CD、EB分别交MN于P、Q．

求证：

AP＝AQ．（初二）

4、如图，分别以△ABC的AC和BC为一边，在△ABC的外侧作正方形ACDE和正方形CBFG，点P是EF的中点．

求证：

点P到边AB的距离等于AB的一半．（初二）

1、如图，四边形ABCD为正方形，DE∥AC，AE＝AC，AE与CD相交于F．

求证：

CE＝CF．（初二）

2、如图，四边形ABCD为正方形，DE∥AC，且CE＝CA，直线EC交DA延长线于F．

求证：

AE＝AF．（初二）

3、设P是正方形ABCD一边BC上的任一点，PF⊥AP，CF平分∠DCE．

求证：

PA＝PF．（初二）

4、如图，PC切圆O于C，AC为圆的直径，PEF为圆的割线，AE、AF与直线PO相交于B、D．求证：

AB＝DC，BC＝AD．（初三）

1、已知：

△ABC是正三角形，P是三角形一点，PA＝3，PB＝4，PC＝5．

求：

∠APB的度数．（初二）

2、设P是平行四边形ABCD部的一点，且∠PBA＝∠PDA．

求证：

∠PAB＝∠PCB．（初二）

3、设ABCD为圆接凸四边形，求证：

AB·CD＋AD·BC＝AC·BD．（初三）

4、平行四边形ABCD中，设E、F分别是BC、AB上的一点，AE与CF相交于P，且

AE＝CF．求证：

∠DPA＝∠DPC．（初二）

1、设P是边长为1的正△ABC任一点，L＝PA＋PB＋PC，求证：

≤L＜2．

2、已知：

P是边长为1的正方形ABCD的一点，求PA＋PB＋PC的最小值．

3、P为正方形ABCD的一点，并且PA＝a，PB＝2a，PC＝3a，求正方形的边长．

4、如图，△ABC中，∠ABC＝∠ACB＝800，D、E分别是AB、AC上的点，∠DCA＝300，∠EBA＝200，求∠BED的度数．

1.如下图做GH⊥AB,连接EO。

由于GOFE四点共圆，所以∠GFH＝∠OEG,

即△GHF∽△OGE,可得

=

=

又CO=EO，所以CD=GF得证。

2.如下图做△DGC使与△ADP全等，可得△PDG为等边△，从而可得

△DGC≌△APD≌△CGP,得出PC=AD=DC,和∠DCG=∠PCG＝150

所以∠DCP=300，从而得出△PBC是正三角形

3.如下图连接BC1和AB1分别找其中点F,E.连接C2F与A2E并延长相交于Q点，

连接EB2并延长交C2Q于H点，连接FB2并延长交A2Q于G点，

由A2E=

A1B1=

B1C1=FB2，EB2=

AB=

BC=FC1，又∠GFQ+∠Q=900和

∠GEB2+∠Q=900,所以∠GEB2=∠GFQ又∠B2FC2=∠A2EB2，

可得△B2FC2≌△A2EB2，所以A2B2=B2C2，

又∠GFQ+∠HB2F=900和∠GFQ=∠EB2A2,

从而可得∠A2B2C2=900，

同理可得其他边垂直且相等，

从而得出四边形A2B2C2D2是正方形。

4.如下图连接AC并取其中点Q，连接QN和QM，所以可得∠QMF=∠F，∠QNM=∠DEN和∠QMN=∠QNM，从而得出∠DEN＝∠F。

1.

（1）延长AD到F连BF，做OG⊥AF,

又∠F=∠ACB=∠BHD，

可得BH=BF,从而可得HD=DF，

又AH=GF+HG=GH+HD+DF+HG=2（GH+HD）=2OM

（2）连接OB，OC,既得∠BOC=1200，

从而可得∠BOM=600,

所以可得OB=2OM=AH=AO,

得证。

3.作OF⊥CD，OG⊥BE，连接OP，OA，OF，AF，OG，AG，OQ。

由于

，

由此可得△ADF≌△ABG，从而可得∠AFC=∠AGE。

又因为PFOA与QGOA四点共圆，可得∠AFC=∠AOP和∠AGE=∠AOQ，

∠AOP=∠AOQ，从而可得AP=AQ。

4.过E,C,F点分别作AB所在直线的高EG，CI，FH。

可得PQ=

。

由△EGA≌△AIC，可得EG=AI，由△BFH≌△CBI，可得FH=BI。

从而可得PQ=

=

，从而得证。

1.顺时针旋转△ADE，到△ABG，连接CG.

由于∠ABG=∠ADE=900+450=1350

从而可得B，G，D在一条直线上，可得△AGB≌△CGB。

推出AE=AG=AC=GC，可得△AGC为等边三角形。

∠AGB=300，既得∠EAC=300，从而可得∠AEC=750。

又∠EFC=∠DFA=450+300=750.

可证：

CE=CF。

2.连接BD作CH⊥DE，可得四边形CGDH是正方形。

由AC=CE=2GC=2CH，

可得∠CEH=300，所以∠CAE=∠CEA=∠AED=150，

又∠FAE=900+450+150=1500，

从而可知道∠F=150，从而得出AE=AF。

3.作FG⊥CD，FE⊥BE，可以得出GFEC为正方形。

令AB=Y，BP=X,CE=Z,可得PC=Y-X。

tan∠BAP=tan∠EPF=

=

，可得YZ=XY-X2+XZ，

即Z（Y-X）=X（Y-X），既得X=Z，得出△ABP≌△PEF，

得到PA＝PF，得证。

顺时针旋转△ABP600，连接PQ，则△PBQ是正三角形。

可得△PQC是直角三角形。

所以∠APB=1500。

2.作过P点平行于AD的直线，并选一点E，使AE∥DC，BE∥PC.

可以得出∠ABP=∠ADP=∠AEP，可得：

AEBP共圆（一边所对两角相等）。

可得∠BAP=∠BEP=∠BCP，得证。

3.在BD取一点E，使∠BCE=∠ACD，既得△BEC∽△ADC，可得：

=

，即AD•BC=BE•AC，①

又∠ACB=∠DCE，可得△ABC∽△DEC，既得

=

，即AB•CD=DE•AC，②

由①+②可得:

AB•CD+AD•BC=AC（BE+DE）=AC·BD，得证。

4.过D作AQ⊥AE，AG⊥CF，由

=

=

，可得：

=

，由AE=FC。

可得DQ=DG，可得∠DPA＝∠DPC（角平分线逆定理）。

1.

（1）顺时针旋转△BPC600，可得△PBE为等边三角形。

既得PA+PB+PC=AP++PE+EF要使最小只要AP，PE，EF在一条直线上，

即如下图：

可得最小L=

；

（2）过P点作BC的平行线交AB,AC与点D，F。

由于∠APD>∠ATP=∠ADP，

推出AD>AP①

又BP+DP>BP②

和PF+FC>PC③

又DF=AF④

由①②③④可得：

最大L<2；

由

（1）和

（2）既得：

≤L＜2。

2.顺时针旋转△BPC600，可得△PBE为等边三角形。

既得PA+PB+PC=AP+PE+EF要使最小只要AP，PE，EF在一条直线上，

即如下图：

可得最小PA+PB+PC=AF。

既得AF=

=

=

=

=

=

。

3.顺时针旋转△ABP900，可得如下图：

既得正方形边长L=

=

。

4.在AB上找一点F，使∠BCF=600，

连接EF，DG，既得△BGC为等边三角形，

可得∠DCF=100,∠FCE=200,推出△ABE≌△ACF，

得到BE=CF，FG=GE。

推出：

△FGE为等边三角形，可得∠AFE=800，

既得：

∠DFG=400①

又BD=BC=BG，既得∠BGD=800，既得∠DGF=400②

推得：

DF=DG,得到：

△DFE≌△DGE，

从而推得：

∠FED=∠BED=300。