高考生物精选考点专项突破7遗传的分离定律与自由组合定律附解析.docx
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高考生物精选考点专项突破7遗传的分离定律与自由组合定律附解析
专题07遗传的分离定律与自由组合定律
1.为研究水稻D基因的功能,研究者将T-DNA插人到水稻D基因中,致使该基因失活,失活后的基因记为d。
现以野生和突变水稻植株作为亲本进行杂交实验,统计母本的结实率,结果如表所示:
杂交编号
亲本组合
结实率
①
♀DD×dd♂
10%
②
♀dd×DD♂
50%
③
♀DD×DD♂
50%
下列说法错误的是( )
A.D基因失活使雄配子存活率降低,不影响雌配子的存活率
B.对野生植株的花粉进行射线处理后,再进行自交,结实率可能会下降
C.若让组合②的F1给组合①的F1授粉,母本的结实率为30%
D.若让组合②的F1给组合①的F1授粉,所得F2植株的基因型及比例为DD:
Dd:
dd=5:
5:
1
【答案】D
【解析】由表格信息可知,②③杂交组合,父本都是DD,雌株DD或dd的结实率相同,因此D基因失活使雄配子存活率降低,不影响雌配子的存活率,A正确;野生植株的花粉进行射线处理后,可能会发生基因突变,再进行自交,结实率可能会下,B正确;杂交组合①、②的子一代基因型是Dd,由于d不影响雌配子的活力,因此产生的雌配子的类型及比例是D:
d=1:
1,雄配子的类型及比例是D:
d=1:
1,由于含有d的雄配子的活力占1/5,因此具有活力的雄配子共占3/5,由③可知,雌雄配子都具有育性,结实率为50%,因此Dd与Dd个体杂交,结实率是50%×3/5=30%,由C分析可知,可育雌配子的基因型及比例是D:
d=1:
1,可育雄配子的基因型及比例是D:
d=5:
1,雌雄配子随机结合,子二代的基因型及比例是DD:
Dd:
dd=5:
6:
1,D错误。
2.已知某种老鼠的体色由常染色体上的基因A+、A和a决定,A+(纯合会导致胚胎致死)决定黄色,A决定灰色,a决定黑色,且A+对A是显性,A对a是显性。
下列说法正确的是()
A.该种老鼠的成年个体最多有6种基因型
B.A+、A和a基因遵循基因的自由组合定律
C.一只黄色雌鼠和一只黑色纯合雄鼠杂交,后代可能出现3种表现型
D.基因型均为A+a的一对老鼠交配产下了3只小鼠,可能全表现为黄色
【答案】D
【解析】由于A+纯合会导致胚胎致死,所以该种老鼠的基因型最多有2+2+1=5种,A错误;基因A+、A和a是一组等位基因,他们的遗传遵循基因的分离定律,B错误;一只黄色雌鼠(A+A或A+a)和一只黑色纯合雄鼠(aa)杂交,后代应该出现2种表现型,C错误;基因型均为A+a的一对老鼠交配,后代基因型为及其比例为A+a:
aa=2:
1,因此它们产生的三只小鼠可能都是黄色,也可能都是黑色或黄色和黑色都有,D正确。
3.某植物红花和白花由染色体上的一对等位基因A、a控制,假设A基因含1000个碱基对,含300个胞嘧啶。
让多个红花的亲本植株自交,F1的表现型及比例为红花:
白花=11:
1(不考虑基因突交、染色体变异和致死情况)。
下列有关分析不正确的是
A.红花对白花为显性
B.亲本的基因型有AA、Aa两种,且比例为1:
2
C.F1植株中纯合子占5/6
D.A基因连续复制3次共需嘌呤脱氧核苷酸7000个
【答案】B
【解析】多个红花的亲本植株自交,子代有白花出现,无中生有为隐性,所以红花对白花为显性,A正确;亲本杂交后代表现型及比例为红花:
白花=11:
1,说明亲本不都是杂合子,即亲本的基因型有AA、Aa两种。
假设其中AA所占比例为x,则Aa所占比例为1-x,则1/4(1-x)=1/12,解得x=2/3,,即AA、Aa的比例为2:
1.B错误;由B选项可知,亲本的基因型及比例为AA:
Aa=2:
1,则亲本自交所得F1植株中杂合子占1/3×1/2=1/6,因此纯合子占1-1/6=5/6,C正确;根据题干,假设A基因含1000个碱基对,含300个胞嘧啶,根据碱基互补配对原则,A=T=700个,G=C=300个,则嘌呤脱氧核苷酸A+G=1000个,A基因连续复制3次共需嘌呤脱氧核苷酸1000×(23-1)=7000个,D正确。
4.豌豆种群中偶尔会出现一种三体植株(多1条2号染色体),减数分裂时2号染色体的任意两条移向细胞一极,剩下一条移向另一极。
下列关于某三体植株(基因型AAa)的叙述,正确的是()
A.该植株与人类猫叫综合征都属于染色体数目变异
B.该植株正常体细胞中含3个染色体组
C.三体豌豆植株能产生四种配子,比例为1:
1:
1:
1
D.三体豌豆植株自交,产生含A基因的子代的概率为35/36
【答案】D
【解析】由题意可知减数分裂时2号染色体的任意两条移向细胞一极,剩下一条移向另一极,变成三体植株,所以该植株为染色体结构变异,A错误;该植株正常体细胞中含2个染色体组,只是多1条2号染色体,B错误;基因型为AAa的植物体产生的配子的类型及比例是AA:
a:
Aa:
A=1:
1:
2:
2,C错误;基因型为AAa的植物体产生的配子的类型及比例是AA:
a:
Aa:
A=1:
1:
2:
2,a配子的概率为1/6,子代基因型不含A的只有aa=1/6×1/6=1/36,所以含A基因的子代概率为=1-1/36=35/36,D正确。
5.已知喷瓜的性别由三个复等位基因A1、A2、A3决定,A1为雄性,A2为两性,A3为雌性。
并且A1对A2、A3为显性,A2对A3为显性。
则在喷瓜中决定性别的基因型数目和纯合子数目分别为
A.6、3B.6、2C.5、3D.5、2
【答案】D
【解析】由题意可知,雄性的基因型为:
A1A2、A1A3,两性喷瓜的基因型为:
A2A2,A2A3,雌性的基因型为:
A3A3。
由于只有雄性喷瓜有A1,故不存在A1A1,喷瓜关于性别的基因型只有5种,即A1A2、A1A3,A2A2,A2A3,A3A3。
其中纯合子只有A2A2,A3A3。
综上所述,ABC不符合题意,D符合题意。
6.下图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆实验材料及其体内相关基因控制的性状显隐性及其在染色体上的分布,下列相关叙述不正确的是
A.丁个体DdYyrr自交子代会出现2种表现型比例为3∶1
B.甲、乙图个体减数分裂时可以恰当地揭示孟德尔自由组合定律的实质
C.孟德尔用丙个体YyRr自交,其子代表现为9∶3∶3∶1,此属于观察现象、提出问题阶段
D.孟德尔用假说—演绎去揭示基因分离定律时,可以选甲、乙、丙、丁为材料
【答案】B
【解析】丁个体一对等位基因位于一对同源染色体上,所以DdYyrr自交子代会出现2种表现型比例为3∶1,A正确;甲、乙图个体都是只有一对等位基因位于一对同源染色体上,所以减数分裂时不能揭示孟德尔自由组合定律的实质,B错误;孟德尔用丙个体YyRr自交,其子代表现为9∶3∶3∶1,此属于观察现象、提出问题阶段,C正确;孟德尔用假说—演绎去揭示基因分离定律时,可以选甲、乙、丙、丁为材料,D正确。
7.某种羊的性别决定为XY型。
已知其有角和无角由位于常染色体上的等位基因(N/n)控制,公羊中只要有显性基因就表现为有角,母羊中只有显性纯合子表现为有角;黑毛和白毛由等位基因(M/m)控制,且黑毛对白毛为显性,为确定M/m是位于X染色体上,还是位于常染色体上,让多对纯合黑毛母羊与纯合白毛公羊交配,F2中黑毛:
白毛=3:
1,下列相关叙述,正确的是()
A.若多对杂合体公羊与杂合体母羊杂交,则理论上,子一代群体中母羊的表现型及其比例为有角:
无角=3:
1
B.羊有角和无角的性状在遗传过程中与性别相关联,属于伴性遗传
C.若控制羊黑毛和白毛的基因位于X和Y染色体的同源区段,群体中相应基因型共有6种
D.为确定M/m是位于X染色体上,还是位于常染色体上,依据子二代白毛个体的性别即可判断
【答案】D
【解析】母羊中,只有显性纯合子表现为有角,所以杂合体公羊与杂合体母羊杂交,子一代群体中母羊的表现型及其比例为有角∶无角=1∶3,A错误;该基因位于常染色体上,不属于伴性遗传,B错误;若控制羊黑毛和白毛的基因位于X和Y染色体的同源区段,群体中相应基因型共有7种,C错误;为确定M/m是位于X染色体上,还是位于常染色体上,依据子二代白毛个体的性别即可判断,D正确。
8.下列与遗传变异有关的认识,正确的是
A.位于同源染色体的相同位置上的基因控制同一种性状
B.隐性性状是指生物体不能表现出来的性状
C.某生物的测交后代只有两种表现型且比例为1:
1,则此生物一定含有一对等位基因
D.用生长素处理二倍体番茄未受精的雌蕊柱头,能得到四倍体无子番茄
【答案】A
【解析】位于同源染色体的相同位置上的基因是等位基因或相同基因,控制的是同一种性状,A正确;隐性性状是指具有相对性状的两个亲本杂交,F1未表现出来的性状,B错误;某生物的测交后代中只有两种表现型且比例为1:
1,说明该生物能够产生两种配子,但是该性状不一定只由一对等位基因控制,也可能由一对同源染色体上的多对等位基因控制,C错误;用生长素处理二倍体番茄未受精的雌蕊柱头,能得到的无子番茄仍然是二倍体,D错误。
9.在研究某植物花色遗传规律时发现,基因型为AaBb的红花个体自交,子一代出现红花:
白花=3:
1,则相关分析错误的是
A.这两对基因的遗传一定不遵循基因的自由组合定律
B.对该红花植株进行测交实验,则子代中红花:
白花=1:
1
C.若在子一代中随机选择一株白花植株自交,则子代全为白花
D.若在子一代中随机选择一株红花植株自交,则其子代中出现红花的概率是5/6
【答案】A
【解析】若两对等位基因位于两对同源染色体上,基因型为AaBb的红花个体自交,后代会出现9:
3:
3:
1的比例,而3:
1是(9+3):
(3+1)的变式,即只含有某一种显性基因时为显性(如含有B基因为红花),即基因型为AaBb的红花个体自交,子一代也能出现红花:
白花=3:
1,故该结果不能说明基因一定不遵循基因的自由组合定律,A错误;基因型为AaBb的红花个体自交,若两对基因位于两对同源染色体上,则后代会出现9:
3:
3:
1的变式(9+3):
(3+1)=3:
1,所以对该红花植株进行测交实验,则子代中会出现1:
1:
1:
1的变式(1+1)红花:
(1+1)白花=1:
1,若两对等位基因位于一对同源染色体上,则根据AaBb的红花个体自交,子一代出现红花:
白花=3:
1,可知A和B为连锁,a和b为连锁,故对该红花植株进行测交实验时,由于AaBb产生AB和ab两种数量相等的配子,设含有B基因的为红花,所以子代中红花:
白花=1:
1,B正确;设含有B基因的为红花,则不含B基因的均为白花,白花植株由于不含B基因,故自交后代也不会出现B基因,所以若在子一代中随机选择一株白花植株自交,则子代全为白花,C正确;若两对等位基因位于两对同源染色体上,设含有基因B的为红花,则基因型为AaBb的红花个体自交,子一代中红花的基因型和比例为AABB:
AaBB:
AABb:
AaBb:
aaBB:
aaBb=1:
2:
2:
4:
1:
2,其中AABb、AaBb、aaBb自交后代会出现性状分离,所以在子一代中随机选择一株红花植株自交,后代出现红花的概率为(1/12+2/12+1/12)+(2/12×3/4+4/12×3/4+2/12×3/4)=5/6,若两对等位基因位于一对同源染色体上,则子一代的红花基因型和比例为AABB:
AaBb=1:
2,随机选取一株红花植株自交后代出现红花的概率为1/3+2/3×3/4=5/6,D正确。
10.玉米非糯性基因(A)对糯性基因(a)是显性,A-、a-表示该基因所在染色体发生部分缺失(缺失区段不包括A和a基因),缺失不影响减数分裂过程。
为验证染色体缺失的花粉不育,而染色体缺失的雌配子可育,现有AA、Aa、aa、AA-、A-a、aa-共6种玉米植株,下列哪种实验方案最合适
A.aa(♂)×A-a(♀)、aa(♀)×A-a(♂)B.aa-(♂)×Aa(♀)、aa-(♀)×Aa(♂)
C.aa(♂)×AA-(♀)、aa(♀)×AA-(♂)D.A-a(♂)×A-a(♀)
【答案】A
【解析】若染色体缺失的花粉不育,而染色体缺失的雌配子可育,则aa(♂)×A-a(♀),后代雌雄性都表现为非糯性:
糯性=1:
1,而反交实验aa(♀)×A-a(♂),后代都表现为糯性,A正确;无论染色体缺失的花粉是否可育,aa-(♂)×Aa(♀)、aa-(♀)×Aa(♂)正反交实验的结果都相同,都表现为非糯性:
糯性=1:
1,B错误;无论染色体缺失的花粉是否可育,aa(♂)×AA-(♀)、aa(♀)×AA-(♂)正反交实验的结果都相同,都表现为非糯性,C错误;无论染色体缺失的花粉是否可育,A-a(♂)×A-a(♀)的结果都表会出现非糯性和糯性,D错误。
11.牡丹的花色多种多样,白色的是不含花青素,深红色的含花青素最多,花青素含量的多少决定着花颜色的深浅。
花青素含量由两对独立遗传的基因(A和a,B和b)所控制;显性基因A和B可以使花青素含量增加,两者增加的量相等,并且可以累加。
深红色牡丹同白色牡丹杂交,就能得到中等红色的个体,若这些个体自交,其子代将出现花色的种类和比例分别是
A.3种;9:
6:
1B.4种;9:
3:
3:
1
C.5种;1:
4:
6:
4:
1D.6种;1:
4:
3:
3:
4:
1
【答案】C
【解析】分析题文:
显性基因A和B可以使花青素含量增加,两者增加的量相等,并且可以累加,因此深红色牡丹的基因型为AABB,白色牡丹的基因型为aabb,它们杂交所得子一代均为中等红色个体(基因型为AaBb),这些个体自交,子二代的表现型及比例为深红色(1/16AABB):
偏深红色(2/16AABb、2/16AaBB):
中等红色(1/16AAbb、1/16aaBB、4/16AaBb):
偏白色(2/16Aabb、2/16aaBb):
白色(1/16aabb)=1:
4:
6:
4:
1。
根据分析可知,深红色牡丹的基因型为AABB,白色牡丹的基因型为aabb,它们杂交所得子一代均为中等红色个体(基因型为AaBb),这些个体自交,子代共有5种表现型,子二代的表现型及比例为深红色(1/16AABB):
偏深红色(2/16AABb、2/16AaBB):
中等红色(1/16AAbb、1/16aaBB、4/16AaBb):
偏白色(2/16Aabb、2/16aaBb):
白色(1/16aabb)=1:
4:
6:
4:
1。
12.已知水稻的抗旱性(A)和多颗粒(B)为显性,各由一对等位基因控制且独立遗传。
现有抗旱、多颗粒植株若干,对其进行测交,子代的性状分离比为抗旱多颗粒:
抗旱少颗粒:
敏旱多颗粒:
敏旱少颗粒=2:
2:
1:
1,若这些亲代植株相互授粉,后代性状分离比为
A.24:
8:
3:
1B.9:
3:
3:
1C.15:
5:
3:
1D.25:
15:
15:
9
【答案】A
【解析】由题意可知水稻的抗旱性和多颗粒的遗传遵循基因的自由组合定律,因此,对测交结果中每一对相对性状可进行单独分析,抗旱:
敏旱=2:
1,多颗粒:
少颗粒=1:
1,则提供的亲本抗旱、多颗粒植株产生的配子中A:
a=2:
1,B:
b=1:
1,让这些植株相互授粉,敏旱(aa)占1/3×1/3=1/9,抗旱占8/9,少颗粒(bb)占1/2×1/2=1/4,多颗粒占3/4,根据基因的自由组合定律,后代性状分离比为(8:
1)×(3:
1)=24:
8:
3:
1。
综上所述,A正确,BCD错误。
13.仓鼠的毛色有灰色和黑色,由3对独立遗传的等位基因(P和p、Q和q、R和r)控制,3对等位基因中至少各含有1个显性基因时,才表现为灰色,否则表现为黑色。
叙述错误的是()
A.3对基因中没有任意两对基因位于同一对同源染色体上
B.该种仓鼠纯合灰色、黑色个体的基因型各有1种、7种
C.基因型为PpQqRr的个体相互交配,子代中黑色个体占27/64
D.基因型为PpQqRr的灰色个体测交,子代黑色个体中纯合子占1/7
【答案】C
【解析】3对等位基因是独立遗传,符合自由组合定律,任意两对都不会位于同一对同源染色体上,A正确;3对等位基因中至少各含有1个显性基因时,才表现为灰色,纯合灰色个体基因型为PPQQRR,纯合黑色个体基因型有:
ppqqrr、PPqqrr,ppQQrr、ppqqRR、PPQQrr、ppQQRR、PPqqRR共7种,B正确;基因型为PpQqRr的个体相互交配,子代中灰色个体占3/4×3/4×3/4=27/64,黑色个体占1-27/64=37/64,C错误;基因型为PpQqRr的灰色个体测交,后代有8种基因型,灰色个体基因型1种,黑色个体基因型7种,其中只有ppqqrr是黑色纯合子,D正确。
14.F1全为红色鳞茎洋葱,F1自交,F2中红色、黄色和白色鳞茎洋葱分别有119株、32株和10株。
相关叙述正确的是()
A.洋葱鳞茎不同颜色是由不同细胞器色素引起的
B.洋葱鳞茎颜色是由遵循自由组合定律的两对等位基因控制的
C.F2的红色鳞茎洋葱中与F1基因型相同的个体大约占4/9
D.从F2中的黄色鳞茎洋葱中任取一株进行测交,得到白色洋葱的概率为1/4
【答案】B
【解析】F1全为红色鳞茎洋葱,F1自交,F2中红色、黄色和白色鳞茎洋葱分别有119株、32株和10株,即红色:
黄色:
白色=12:
3:
1,为9:
3:
3:
1的变式,故该性状至少受两对等位基因的控制,且符合基因的自由组合定律。
设控制该性状的基因为A-a、B-b-,则红色的基因型设为:
A-B-、A-bb;黄色的基因型为aaB-;白色的基因型为aabb。
洋葱鳞茎无叶绿体,不同颜色是由液泡中色素不同引起的,A错误;根据后代红色:
黄色:
白色=12:
3:
1可知,洋葱鳞茎颜色是由遵循自由组合定律的两对等位基因控制的,B正确;F2的红色鳞茎洋葱(1AABB:
2AABb:
2AaBB:
4AaBb:
1AAbb:
2Aabb)中与F1基因型(AaBb)相同的个体大约占4/12=1/3,C错误;F2中的黄色鳞茎洋葱的基因型为:
aaBB或aaBb,与aabb测交的后代中,白色出现的概率是0或1/2,D错误。
15.大豆子叶颜色(
表现为深绿,
表现为浅绿,
呈黄色幼苗阶段死亡)和花叶病的抗性(抗病、不抗病分别由
、
基因控制)遗传的两组杂交实验结果如下:
实验一:
子叶深绿不抗病(♀)×子叶浅绿抗病(♂)→F1:
子叶深绿抗病:
子叶浅绿抗病=1:
1
实验二:
子叶深绿不抗病(♀)×子叶浅绿抗病(♂)→F1:
子叶深绿抗病:
子叶深绿不抗病:
子叶浅绿抗病:
子叶浅绿不抗病=1:
1:
1:
1
根据实验结果分析判断下列叙述,错误的是()
A.实验一和实验二中父本的基因型不同
B.F1的子叶浅绿抗病植株自交,在F2的成熟植株中四种表现型的分离比为1:
2:
3:
6
C.用子叶深绿与子叶浅绿植株杂交得F1,F1随机交配得到F2成熟群体中,
基因的频率为0.75
D.在短时间内选育出纯合的子叶深绿抗病大豆新品种常规的育种方法,最好用与实验一的父本基因型相同的植株自交
【答案】C
【解析】由实验结果可以推出,实验一的亲本的基因组成为BBrr(母本)和BbRR(父本),实验二的亲本的基因组成为BBrr(母本)和BbRr(父本),A正确;F1的子叶浅绿抗病植株的基因组成为BbRr,自交后代的基因组成(表现性状和所占比例)分别为BBRR(子叶深绿抗病,占1/16)、BBRr(子叶深绿抗病,占2/16)、BBrr(子叶深绿不抗病,占1/16)、BbRR(子叶浅绿抗病,占2/16)、BbRr(子叶浅绿抗病,占4/16)、Bbrr(子叶浅绿不抗病,占2/16)、bbRR(幼苗死亡)、bbRr(幼苗死亡)、bbrr(幼苗死亡);在F2的成熟植株中子叶深绿抗病:
子叶深绿不抗病:
子叶浅绿抗病:
子叶浅绿不抗病的分离比为3:
1:
6:
2,B正确;子叶深绿(BB)与子叶浅绿植株(Bb)杂交,F2的基因组成为BB(占1/2)和Bb(占1/2),随机交配,F2的基因组成及比例为BB(子叶深绿,占9/16)、Bb(子叶深绿,占6/16)和bb(幼苗死亡,占1/16),BB与Bb比例为3:
2,B基因的频率为3/5×1+2/5×1/2=0.8,C错误;实验一的父本基因型为BbRR,与其基因型相同的植株自交,后代表现子叶深绿抗病的个体的基因组成一定是BBRR,D正确。
16.某小组利用某二倍体自花传粉植物进行转基因育种和杂交实验,杂交涉及的二对相对性状分别是:
红果(红)与黄果抗病(抗)与易感病(感)选取若干某红果杂合子进行转抗病基因(T)的试验后得到品种S1、S2、S3、S4分别进行自然种植得到F1,统计数据如 表,下列叙述错误的是( )
品种
F1表现型及个体数
S1
450红抗、160红感、150黄抗、50黄感
S2
450红抗、30红感、150黄抗、10黄感
S3
660红抗、90红感、90黄抗、160黄感
S4
450红抗、240黄抗、240红感、10黄感
A.向二条非同源染色体分别转入1个抗病基因的品种只有S2
B.上述品种形成F1过程中遵循自由组合定律的只有品种S1和S2
C.S1品种产生的F1红抗个体自交产生的后代中红抗个体的概率为25/36
D.S2品种产生的F1红抗个体中纯合子的概率为1/15
【答案】D
【解析】分析表格:
S1自交后代红抗:
红感:
黄抗:
黄感=9:
3:
3:
1,则S1为向另一条非同源染色体转入1个抗病基因,且遵循基因自由组合定律;S2自交后代红抗:
红感:
黄抗:
黄感=45:
3:
15:
1=(3:
1)×(15:
1)则S2为向二条非同源染色体分别转入1个抗病基因,且遵循基因自由组合定律;S3自交后代红抗:
红感:
黄抗:
黄感≠9:
3:
3:
1,说明抗病基因(T)和果实颜色基因在一条染色体上,不遵循基因自由组合定律;S3自交后代红抗:
红感:
黄抗:
黄感≠9:
3:
3:
1,说明抗病基因(T)和果实颜色基因在一条染色体上,不遵循基因自由组合定律。
据分析可知,向二条非同源染色体分别转入1个抗病基因的品种只有S2,A正确;据分析可知,上述品种形成F1过程中遵循自由组合定律的只有品种S1和S2,B正确;设控制红果基因为A,S1品种产生的F1红抗个体(1/9AATT、2/9AATt、2/9AaTT、4/9AaTt)自交产生的后代中红抗个体的概率为1/9+2/9⨯3/4+2/9⨯3/4+4/9⨯9/16=25/36,C正确;S2品种产生的F1红抗个体中纯合子(红果1/3AA、抗病1/15TTTT)的概率为1/45,D错误。
17.某植物的花色有紫色和蓝色两种。
为了研究其遗传机制,研究者利用纯系品种进行了杂交实验,结果见表,下列叙述错误的是( )
杂交组合
父本植株数目
(表现型)
母本植株数目
(表现型)
F1植株数目(表现型)
F2植株数目(表现型)
Ⅰ
10(紫色)
10(紫色)
81(紫色)
260(紫色)
61(蓝色)
Ⅱ
10(紫色)
10(蓝色)
79(紫色)
270(紫色)
89(蓝色)
A.取杂交Ⅰ中F2的紫色植株随机交配,产生的后代紫色和蓝色的比例为153:
16
B.将两个杂交组合中的F1相互杂交,产生的后代紫色和蓝色的比例为3:
1
C.取杂交Ⅱ中F2的紫色植株随机交配,产生的后代紫色和蓝色的比例为8:
1
D.将两个杂交组合中的F2紫色植株相互杂交,产生的后代中紫色和蓝色的比例为36:
5
【答案】D
【解析】分析表格数据:
杂交组合Ⅰ中,子一代全为紫色,子二代中出现蓝色,说明紫色是显性性状,又因为子二代中紫色:
蓝色=260:
61=13:
3,所以花色性状的遗传由两对等位基因控制的,且遵循自由组合定律,设基因为A、a和B、b,子一代的基因型为AaBb,杂交Ⅱ中F2的紫色:
蓝色=270:
89=3:
1,说明一对等位基因纯合,一对等位基因杂合,故紫花植株的基因型为A_B_、A_bb、aabb,蓝花的基因型为aaB_。
A、杂交Ⅰ中F2的紫色植株的基因型及比例为AABB:
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