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福建省中考物理真题及答案

2019 年福建省中考物理真题及答案

一、选择题：

本题共 16 小题，每小题 2 分，共 32 分．在每小题给出的四个选项中，只有

一项是符合题目要求的．

1．（2 分）最早发现通电导体周围存在磁场的物理学家是（）

A．焦耳B．欧姆C．安培D．奥斯特

【分析】最早发现通电导体周围存在磁场的是奥斯特。

【解答】解：

由物理学史可知，焦耳发现了焦耳定律，欧姆发现了欧姆定律，安培发现

了安培定则等，奥斯特在 1820 年一次实验中发现了通电导体周围存在磁场，故 D 符合题

意。

故选：

D。

【点评】物理学上把物理学家的名字规定为一些物理量的单位，是为了纪念物理学家，

例如牛顿、安培、欧姆、伏特、焦耳等等。

2．（2 分）北斗导航卫星与地球之间的通讯是利用（）

A．电磁波B．次声波C．超声波D．空气

【分析】声音的传播需要介质，真空不能传声，电磁波可以在真空中传播。

【解答】解：

（1）超声波和次声波属于声波，而声音不能在真空中传播，故 BC 错误；

（2）空气只能作为传播的介质，而不能作为北斗导航卫星与地球之间的通讯，故 D 错误；

（3）电磁波可以在真空中传播，因此北斗导航卫星与地球之间的通讯是利用电磁波传播

的，故 A 正确。

故选：

A。

【点评】卫星和地面之间都是用电磁波建立联系的。

3．（2 分）如图的四种现象中，由于光的折射形成的是（）

A．水中荷花的倒影 B．屏幕上的手影

C．

观后镜中汽车的像  D．                    放大镜下树叶的

像

【分析】①光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变

的现象，比如透镜成像，水变浅了，水中的筷子折断了等；

②光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像、

倒影；

③要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线

传播形成的。

根据四幅图中形成的原理不同，对其进行分类，并选出符合要求的选项。

【解答】解：

A、水中荷花的倒影是平面镜成像现象，属于光的反射，故 A 不符合题意。

B、屏幕上的手影是光线在同种均匀的介质中传播形成的，故 B 不符合题意。

C、观后镜是凸面镜，所以汽车观后镜中的像是由光的反射形成的，故C 不符合题意。

D、放大镜把树叶“放大”，是由于光的折射形成的，故 D 符合题意。

故选：

D。

【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活

联系密切，体现了生活处处是物理的理念。

4．（2 分）公共场所不要高声喧哗，这里的“高”是指声音的（）

A．响度B．音调C．音色D．频率

【分析】声音的特性有三个：

音调、响度和音色。

音调是指声音的高低，响度是指声音

的大小，音色是指声音的感觉特性。

【解答】解：

我们应该避免在公共场所高声喧哗，这里的高声喧哗的“高” 是指声音的

响度大。

故选：

A。

【点评】本题综合考查了音色、音调和响度的区别，是一道基础题。

5．（2 分）为了防止惯性带来的危害，要求人们（）

A．乘车时系好安全带

C．市区行车禁鸣喇叭

B．候车时站在安全线外

D．夜间行车车内不开灯

【分析】惯性是任何物体都有保持原来运动状态的性质，有时对我们有用、有时有害，

特别要防止惯性带来危害，据此对各选项逐一进行分析。

【解答】解：

A、系安全带是防止急刹车时，人由于惯性向前撞击车体而发生事故，属于

防止惯性带来的危害，故 A 符合题意。

B、列车从人的面前经过时，由于列车的快速行驶，造成人和列车空气流动速度增大，空

气压强减小，人外侧空气流动速度几乎不变，压强几乎不变，人外侧压强大于人和列车

之间的压强，容易把人压向列车的方向，容易发生事故，所以在火车站站台上候车的乘

客应站在安全线外。

与惯性无关。

故 B 不合题意。

C、市区内“禁鸣喇叭”，是在噪声的声源处减弱噪声，与惯性无关。

故 C 不合题意。

D、夜间驾驶室外的光线是比较暗的，若打开驾驶室内的灯，室内物体的光线是比较强的，

，

就可以通过前挡风玻璃在车前形成一个虚像（平面镜成像） 干扰司机的视线；与惯性无

关。

故 D 不合题意。

故选：

A。

【点评】惯性是物体的固有属性，惯性在有些情况下对我们有利，我们要充分利用惯性；

在有些情况下，惯性对我们有害，我们要防止惯性造成的危害。

6．（2 分）光线从空气射到平静的水面，入射角为 50°，则反射光线与水面的夹角为（）

A．0°B．40°C．50°D．100°

【分析】

（1）在光的反射中，入射角指的是入射光线与法线的夹角，知道入射光线与镜

面的夹角以及法线和镜面的关系，就可以求出入射角；

（2）光的反射中，反射角等于入射角。

【解答】解：

入射光线与法线的夹角为 50°，即入射角为 50°。

则光与水面的夹角为 90°﹣50°＝40°，根据光的反射定律，反射角也为50°，所以反

射光线与界面的夹角为 40°。

故选：

B。

【点评】此题主要考查了反射角与入射角的概念，同时考查了反射定律的内容，主要考

查了反射角与入射角的大小关系，知道反射角等于入射角。

7．（2 分）如图的四个实验中，反映电动机工作原理的是（）

A．

B．

C．

D．

【分析】电动机是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，在选项中找出反映这个原理

的即可。

【解答】解：

电动机是利用通电导体在磁场中受力运动制成的；

A、如图是电流磁效应的实验，说明了通电导体周围存在磁场，故 A 不符合题意。

B、是研究电磁铁的实验装置，说明了通电导体周围存在磁场，故 B 不符合题意。

C、电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，故 C 符合题意。

D、电路中没有电源，是探究电磁感应现象的实验装置，是发电机的工作原理，故D 不符

合题意。

故选：

C。

【点评】发电机和电动机的原理图很相似，主要区别在于电路中是否有电源，有电源的

是电动机，无电源的是发电机。

8．（2 分）下列实例中，属于通过做功改变物体内能的是（）

A．搓手会发热

C．晒太阳取暖

B．用冷水冷却热鸡蛋

D．给热咖啡加冰降温

【分析】改变物体内能的方式有两种：

做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，

而做功过程是能量的转化过程。

【解答】解：

双手因摩擦而发热属于做功改变内能，故 A 正确；用冷水冷却热鸡蛋、晒

太阳取暖、给热咖啡加冰降温都是通过热传递改变了物体的内能，故 BCD 错误。

故选：

A。

【点评】此题查学生对基本概念和基本规律的识记能力，做对题的前提是熟记这些知识

点，并灵活运用。

9．（2 分）下列数据中，最符合实际的是（）

A．人的正常体温约为 42℃

B．人的正常步行速度约为 1m/s

C．一层普通教室的高度约为 10 m

D．一个鸡蛋的重力约为 2N

【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要

进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

【解答】解：

A、正常情况下，人的体温在 37℃左右，变化幅度很小。

故 A 不符合实际；

B、人正常步行的速度在 4km/h＝4×m/s≈1m/s 左右。

故 B 符合实际；

C、三层楼的高度在 10m 左右，一层普通教室的高度在 3m 左右。

故 C 不符合实际；

D、一个鸡蛋的质量在 50g＝0.05kg 左右，受到的重力为 G＝mg＝0.05kg×10N/kg＝

0.5N．故 D 不符合实际。

故选：

B。

【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，

这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。

，

10．（2 分）如图的四幅图选自中国古代科技著作《天工开物》 下列说法正确的是（）

A．“试弓定力”中弓的重力与秤砣的重力是一对平衡力

B．“赶稻及菽“中牛拉犁的力大于犁拉牛的力

C．“透火焙干”中把湿纸贴在热墙上可加快纸中水分升华

D．“炒蒸油料”中在同一灶台上同时炒和蒸可提高能源利用率

【分析】

（1）二力平衡的条件：

大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个

物体上；

（2）相互作用力的条件是：

作用在两个物体上，大小相等，方向相反；作用在同一直线

上；

（3）物质由液态变成气态的过程称为汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式，这两种方式都

是吸热的；

（4）有用的能源和总能源的比值为能源的利用率。

【解答】解：

A．“试弓定力”中弓的重力与秤砣的重力，方向都是竖直向下且作用在不同的物体上，

所以不是一对平衡力，故 A 错误；

B．“赶稻及菽“中牛拉犁的力和犁拉牛的力是一对相互作用力，二力大小相等，故 B 错

误；

C．“透火焙干”中把湿纸贴在热墙上可加快纸中水分的蒸发，故 C 错误；

D．“炒蒸油料”中在同一灶台上同时炒和蒸可提高能源的有用部分，从而提高能源利用

率，故 D 正确。

故选：

D。

【点评】本题考查了平衡力的辨别以及相互作用力的特点、物态的变化、提高能源利用

率的方法等，要注意一对平衡力和相互作用力的区别：

是否作用在同一个物体上。

11．（2 分）如表列出一些物质的比热容，根据表中数据，下列判断正确的是（）

物质

水

煤油

冰

铝

铜

比热容/（J•kg﹣1•℃﹣1） 4.2×103

2.1×103

2.1×l03

0.88×103

0.39×103

A．不同物质的比热容一定不同

B．物质的物态发生变化，比热容不变

C．质量相等的铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量更多

D．质量相等的水和煤油吸收相同的热量，水升高的温度更多

【分析】

（1）比热容是物质本身的一种特性，与种类和状态有关，同种物质（状态不变）

比热相同，不同物质比热一般不同；

（2）由 Q＝cm△t 可知：

质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容小的温度升高

的多；

质量相同的不同物质，升高相同的温度，比热容大的吸收的热量多。

【解答】解：

A、由表中数据可知，不同物质的比热容一般不同，但也有的物质比热容相同，如煤油和

冰，故 A 错误；

B、水和冰是水的两种状态，分析表中数据可知，其比热容是不同的，说明比热容与物质

状态有关，物质的物态发生变化，比热容也会发生变化，故 B 错误；

C、由表中数据可知，铝的比热容大于铜的比热容；质量相等的铝和铜升高相同的温度，

因铝的比热容大，则根据 Q＝cm△t 可知铝吸收的热量更多，故 C 正确；

D、质量相等的水和煤油吸收相同的热量，因为水的比热容大，所以根据 Q＝cm△t 可知

水升高的温度少，故 D 错误。

故选：

C。

【点评】本题考查了比热容的相关知识，同时也考查了学生根据这个知识点对数据进行

分析归纳的能力，比较物理量大小关系时，可用相关的公式进行分析。

12．（2 分）工人用如图的机械将物体匀速提升到某一高度，若物体的重力与滑轮的重力之

比 G 物：

G 滑轮＝9：

1，忽略绳重与摩擦的影响，则机械效率为（）

A．10%B．45%C．80%D．90%

【分析】忽略绳重与摩擦的影响，则克服动滑轮重力所做的功为额外功，机械效率η＝

＝＝＝可求。

【解答】解：

物体的重力与滑轮的重力之比 G 物：

G 轮＝9：

1，G＝9G 轮，

忽略绳重与摩擦的影响，则机械效率：

η＝＝＝＝＝＝90%。

故选：

D。

【点评】本题考查了动滑轮机械效率，常见题目。

13．（2 分）在相同温度下，关于导体的电阻，下列说法正确的是（）

A．铜线的电阻一定比铝线的小

B．长度相同粗细也相同的铜线和铝线电阻相等

C．长度相同的两根铜线，粗的那根电阻较大

D．粗细相同的两根铜线，长的那根电阻较大

【分析】温度相同的导体电阻由导体的材料、长度与横截面积决定，与导体两端电压和

通过导体的电流无关。

【解答】解：

A、导体电阻与导体的材料、长度与横截面积有关，只知道导体的材料，不知道导体的长

度和横截面积关系，无法确定铜线与铝线电阻的大小，故 A 错误。

B、长度相同、粗细也相同的铜线和铝线，由于材料不同，则电阻不相等，故B 错误；

C、在材料、长度相同的情况下，导体越粗，横截面积越大，电阻越小，所以，长度相同

的两根铜线，粗的那根电阻较小，故 C 错误；

D、在材料、横截面积相同的情况下，导体越长，导体电阻越大，所以，粗细相同的两根

铜线，长的那根电阻较大，故 D 正确。

故选：

D。

【点评】本题考查了影响导体电阻的因素，知道影响导体电阻的因素即可正确解题，本

题是一道基础题。

14．（2 分）如图，装有两种不同液体的烧杯置于水平面上，两液体没有混合。

上层液体的

高度为

h，密度为 0.8ρ；下层液体的高度为 2h，密度为ρ．则液体对烧杯底部的压强为（）

A．2.4ρghB．2.7 ρghC．2.8 ρghD．3 ρgh

【分析】对柱形容器来说，液体对容器底的压强是两种液体产生的压强之和，利用 p＝

ρgh 分别求出两种液体的压强，最后求出它们的和。

【解答】解：

上层液体所产生的压强：

p 上＝ρ1gh1＝0.8ρgh；

下层液体所产生的压强：

p 下＝ρ2gh2＝ρg×2h＝2ρgh；

因烧杯是柱形容器，则液体对烧杯底部的压强：

p 底＝p 上+p 下＝0.8ρgh+2ρgh＝2.8ρgh。

故选：

C。

【点评】此题考查液体压强公式的应用，关键是知道下层液体会对上层液体产生的压强

大小不变向各个方向传递；另对于直壁容器中，容器内液体对容器底的压力等于液体的

重力，所以也可以首先求出容器中液体的总重力，然后得出容器底部的压力，利用 p＝

求出液体对烧杯底部的压强。

15．（2 分）踢毽子是一项有益的体育活动。

如图，毽子某次被踢出后，竖直上升经过某一

位置时，毽子的动能和重力势能分别为 EK1 和 EP1 下落经过同一位置时，毽子的动能和重

力势能分别为 EK2 和 EP2，则（）

A．EK2＞EK1B．EK2＜EK1C．EP2＞EP1D．EP2＜EP1

【分析】动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与高度、质量有关；毽子在上

升、下落的过程中，由于存在摩擦，机械能是不守恒的，据此分析。

【解答】解：

毽子某次被踢出后，竖直上升经过某一位置时，毽子的动能和重力势能分

别为 EK1 和 EP1；下落经过同一位置时，毽子的动能和重力势能分别为EK2 和 EP2，由于此时

的高度是相同的，质量也相同，故重力势能是相同的，即 EP1＝EP2；

毽子在上升、下落的过程中，由于存在摩擦，机械能转化为内能，机械能减小，由于重

力势能是相同的，则 EK1＞EK2；故 B 正确，ACD 错误。

故选：

B。

【点评】本题考查了影响动能、势能大小的因素，属于基础知识。

16．（2 分）如图电路，电源电压恒定，R1＝12ΩR2＝6ΩR3 是定值电阻。

闭合开关 S1，单刀

双掷开关 S2 接 a 时电流表的示数为 0.6A，接 b 时电流表的示数可能为（）

A．0.3 AB．0.6 AC．0.9 AD．1.2 A

【分析】由电路图可知，闭合开关 S1，单刀双掷开关 S2 接 a 时，R1 与 R3 串联，电流表测

电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；当闭合开关 S1，单刀双

掷开关 S2 接接 b 时，R2 与 R3 串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律

表示出电流表的示数，然后结合 R3＝0、R3→∞得出电流表示数的变化范围，然后得出答

案。

【解答】解：

由电路图可知，闭合开关 S1，单刀双掷开关 S2 接 a 时，R1 与 R3 串联，电流

表测电路中的电流，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，由 I＝ 可得，电源的电压：

U＝Ia（R1+R3）＝0.6A×（12Ω+R3），

当闭合开关 S1，单刀双掷开关 S2 接接 b 时，R2 与 R3 串联，电流表测电路中的电流，

则电流表的示数：

Ib＝＝＝＝0.6A+，

当 R3＝0 时，Ib＝0.6A+

＝1.2A，

当 R3→∞时，Ib＝0.6A，

由 R3 是定值电阻可知，0.6A＜Ib＜1.2A，结合选项可知 C 符合。

故选：

C。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的得出电流表示数的变化

范围是关键。

二、填空题：

本题共 6 小题，每空 1 分，共 12 分．

17．（2 分）2019 年北京世界园艺博览会，百花绽放，鸟语花香。

远处就能闻到花香是由于

分子在不停地无规则运动；游客坐在游览车上游览，以游览车为参照物，游客是静

止的。

【分析】

（1）分子在不停的做无规则运动；

（2）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；

如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的。

【解答】解：

人闻到花香是花香分子在空气中的扩散现象，是由分子的不规则运动引起

的；

游客坐在游览车上游览，以游览车为参照物，游客相对于游览车的位置没有发生变化，

所以游客是静止的。

故答案为：

无规则运动；静止。

【点评】本题考查了分子的运动和运动与静止的相对性等知识，其中物体相对于参照物

位置是否变化，是判断物体是否运动的依据。

18．（2 分）如图是我国古代劳动人民在工地上运送巨木的情景。

架在支架上的横杆属于省

力杠杆（选填“省力” 费力”或“等臂”）；支架下面垫有面积较大的石块，是为了减

小对地面的压强（选填“增大”或“减小”）。

【分析】

（1）杠杆根据省力情况可以分为三类：

省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆，动力

臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；

（2）压强的大小与压力和受力面积有关，在压力一定时，增大受力面积可以减小压强。

【解答】解：

由图知，架在支架上的横杆在使用过程中，动力臂大于力臂，是省力杠杆；

支架下面垫有面积较大的石块，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压

强。

故答案为：

省力；减小。

【点评】本题主要考查的是学生对杠杆的分类和特点以及对减小压强方法的理解和掌握，

基础性题目。

19．（2 分）一台标有“5V 2.5W”的带有 USB 接口的小电风扇，线圈电阻为 1Ω，正常丁作

1min，产生的热量是15Jo 工作一段时间后的风扇叶片黏有不少灰尘，这属于静电

（摩擦起电）现象。

【分析】

（1）根据 P＝UI 和 Q＝I2Rt 求出线圈产生的热量；

（2）通过摩擦可以使物体带电，带电的物体能够吸引轻小物体。

【解答】解：

工作时间 t＝1min＝60s，

由 P＝UI 得，线圈中的电流：

I＝ ＝＝0.5A，

则线圈产生的热量：

Q＝I2Rt＝（0.5A）2×1Ω×60s＝15J。

风扇的叶片在转动过程中与空气摩擦带上了电荷，可以吸引轻小物体，所以灰尘会附着

在扇叶上，这属于静电（摩擦起电）现象。

故答案为：

15；静电（摩擦起电）。

【点评】本题考查了电功率公式、焦耳定律及静电现象等知识，注意电动机不是纯电阻

电路，切记不能应用欧姆定律计算电流，产生的热量小于消耗的电能，即Q＜W。

20．（2 分）如图电路，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片 P 从 a 端向 b 端移动过程中，示数

“

小”或“不变”）。

【分析】由电路图可知，R1 与 R2 串联，电压表 V1 测 R1 两端的电压，电压表 V2 测 R2 两端的

电压，电流表测电路中的电流。

根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆

定律可知电路中两端的变化和 R2 两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知 R1 两端

的电压变化，然后判断出示数减小的电表，利用 P＝UI 判断电路总功率的变化。

【解答】解：

由电路图可知，R1 与 R2 串联，电压表 V1 测 R1 两端的电压，电压表 V2 测 R2

两端的电压，电流表测电路中的电流。

将滑动变阻器的滑片 P 从 a 端向 b 端移动过程中，R1 接入电路中的电阻变小，电路的总

电阻变小，

由 I＝ 可知，电路中的电流变大，即电流表 A 的示数变大，

由 U＝IR 可知，R2 两端的电压变大，即电压表 V2 的示数变大，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，R1 两端的电压变小，即电压表 V1 的示数变小，

综上可知，示数减小的电表是 V1；

电源电压不变，电路中的电流变大，由 P＝UI 可知，电路的总功率增大。

故答案为：

V1；增大。

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清

电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

21．（1 分）如图，气球下面用细线悬挂一石块，它们恰好悬浮在水中。

已知石块与气球的

总重力为 G 总，则气球受到的浮力 F

浮

＜ G 总（选填“＞”“＜”或“＝”）；若水温升

高，石块将上浮（选填“上浮”“下沉”或“保持悬浮”）。

【分析】

（1）知道石块与气球悬浮，根据物体的浮沉条件求试管受到的浮力；

（2）水温升高时水的膨胀可以忽略不计，气球封住空气的体积膨胀较大，排开水的体积

变大，利用阿基米德原理和物体的浮沉条件分析判断。

【解答】解：

（1）气球下面用细线悬挂一石块，它们恰好悬浮在水中。

则 F 浮气球+F 浮石块＝G 总，

所以则气球受到的浮力 F 浮气球＜G 总；

（2）水温升高时，气球内空气的体积变大，排开水的体积变大，

由 F 浮＝ρ水 V 排 g，

气球受到的浮力将变大；

石块受到的重力不变，

此时气球和石块受到的浮力大于自重，石块将上浮。

故答案为：

＜；上浮。

【点评】本题考查了物体的浮沉条件、阿基米德原理，分析时忽略所封空气的质量、知

道所封空气的热胀冷缩是本题的突破口。

22．（2 分）如图为某种灯泡的电流 I 与电压 U 的关系图象。

若有 6 只这种灯泡串联接在电

压为 6V 的电源上，通过灯泡的电流为0.2A；若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电

压为 6V 的电源上，总电流为 1.5A，则该电阻的阻值为6Ω。

【分析】

（1）若有 6 只这种灯泡串联接在电压为 6V 的电源上，根据串联电路的电压特点

和欧姆定律求出每只灯泡两端的电压，根据图象读出通过灯泡的电流；

（2）若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为 6V 的电源上时它们两端的电压相等，

根据图象读出通过灯泡的电流，根据并联电路的电流特点求出通过电阻的电流，再根据

欧姆定律求出该电阻的阻值。

【解答】解：

（1）若有 6 只这种灯泡串联接在电压为 6V 的电源上时，

因灯泡的电阻相等且通过的电流相等，

所以，由 I＝ 的变形式 U＝IR 可知，每只灯泡两端的电压相等，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，每只灯泡两端的电压 U＝1V，

由图象可知，通过灯泡的电流为 0.2A；

（2）若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为 6V 的电源上时，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，由图象可知，通过灯泡的电流 IL＝0.5A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过电阻的电流：

IR＝I﹣IL＝1.5A﹣0.5A＝1A，

则该电阻的阻值：

R＝＝＝