届辽宁瓦房店市高三下学期第一次模拟理综物理试题解析版.docx
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届辽宁瓦房店市高三下学期第一次模拟理综物理试题解析版
辽宁省瓦房店市2018届高三下学期第一次模拟理综物理试题
二、选择题
1.伽利略在对自由落体运动的研究过程中,开创了如下框图所示的一套科学研究方法,其中方框2和4中的方法分别是()
A.实验检验,数学推理B.数学推理,实验检验
C.提出假设,实验检验D.实验检验,合理外推
【答案】C
【解析】这是依据思维程序排序的问题,是一套科学研究方法,要符合逻辑顺序,即通过观察现象,提出假设,根据假设进行逻辑推理,然后对自己的逻辑推理进行实验验证,紧接着要对实验结论进行修正推广,故选项C正确,选项ABD错误。
2.如图所示,“嫦娥三号”的环月轨道可近似看成是圆轨道,观察“嫦娥三号”在环月轨道上的运动,发现每经过时间t通过的弧长为l,该弧长对应的圆心角为θ弧度.已知万有引力常量为G,则月球的质量是()
A.B.
C.D.
【答案】C
【解析】试题分析:
因为每经过时间t通过的弧长为l,故卫星的线速度为v=,角速度为ω=,卫星的运行半径为R=,则根据万有引力定律及牛顿第二定律得:
,则月球的质量M==,选项C正确。
考点:
万有引力定律与牛顿第二定律。
3.如右下图所示,质量均为m的两个小球A、B(可视为质点)固定在轻杆的两端,将其放入光滑的半球形碗中,杆的长度等于碗的半径,当杆与两球组成的系统处于平衡状态时,杆对小球A的作用力大小为()
A.mgB.mgC.mgD.2mg
【答案】A
【解析】对A受力分析,杆对A的弹力水平向左,沿AO方向的碗对球的弹力以及小球的重力,由平衡条件可知,,解得,故A正确,BCD错误;
故选A。
【点睛】关键对A球受力分析,然后根据共点力平衡条件列式求解。
4.如图所示,两个垂直于纸面的匀强磁场方向相反,磁感应强度的大小均为B,磁场区域的宽度均为a.高度为a的正三角形导线框ABC从图示位置沿x轴正方向匀速穿过两磁场区域,以逆时针方向为电流的正方向,在下列图形中能正确描述感应电流I与线框移动距离x关系的是()
A.B.C.D.
【答案】B
【解析】x在0-a内,由楞次定律可知,电流方向为逆时针,为正方向;有效切割的长度为,感应电动势为E=BLv,感应电流为,随着x的增大,I均匀减小,当x=0时,;当x=a时,I=0;
x在2a-3a内,由楞次定律可知,电流方向为逆时针,为正方向;有效切割的长度为,感应电动势为E=BLv,感应电流为
,随着x的增大,I均匀减小,当x=2a时,;当x=3a时,I=0;故根据数学知识可知B正确.故选:
B
5.一理想变压器原、副线圈的匝数比为44:
1,原线圈输入电压的变化规律如图甲所示,副线圈所接电路如图乙所示,P为滑动变阻器的触头,下列说法正确的是()
A.副线圈输出电压的有效值为220V
B.副线圈输出电压的频率为100Hz
C.P向左移动时,变压器的输入功率增加
D.P向左移动时,变压器原、副圈的电流都减小
【答案】D
【解析】由图象可知,原线圈的电压的最大值为311V,原线圈电压的有效值为:
U1=V=220V,根据电压与匝数成正比可知,副线圈电压的有效值为:
,所以A错误;由图象可知,交流电的周期为0.02s,所以交流电的频率为50Hz,所以B错误;P左移,R变大,副线圈电流减小,次级功率减小,则原线圈的电流及输入功率减小,故C错误,D正确;故选D.
点睛:
电路的动态变化的分析,总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况,再确定其他的电路,另外还要清楚变压器各量之间的制约关系.
6.目前,在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料,这些材料都不同程度地含有放射性元素,下列有关放射性元素的说法中正确的是()
A.β射线与γ射线一样都是电磁波,但穿透本领远比γ射线弱
B.氡的半衰期为3.8天,4个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下1个氡原子核
C.衰变成要经过8次α衰变和6次β衰变
D.放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的
【答案】CD
【解析】β射线的实质是电子流,γ射线的实质是电磁波,γ射线的穿透本领比较强。
故A错误。
半衰期对大量的原子核适用,对少量的原子核不适用。
故B错误。
衰变成因为β衰变的质量数不变,所以α衰变的次数n==8,在α衰变的过程中电荷数总共少16,则β衰变的次数m==6,故C正确。
β衰变时,原子核中的一个中子,转变为一个质子和一个电子,电子释放出来。
故D正确。
故选CD。
点睛:
解决本题的关键知道衰变的实质,注意α衰变与β衰变的区别,并知道在衰变的过程中电荷数守恒、质量数守恒,同时掌握β衰变中电子的由来.
7.测定电子的电荷量的实验装置示意图如右下图所示。
置于真空中的油滴室内有两块水平放置的平行金属板M、N,并分别与电压为U的恒定电源两极相连,板的间距为d.现有一质量为m的带电油滴在极板间匀速下落,则()
A.油滴带电荷量为
B.油滴下降过程中电势能不断减小
C.若减小极板间电压,油滴将减速下降
D.若将极M向上缓慢移动一小段距离,油滴将加速下降
【答案】AD
【解析】A、带电油滴在极板间匀速下落,则有,油滴带电荷量为,故A正确;
B、油滴下降过程中,电场力方向向上,电场力做负功,电势能不断增大,故B错误;
C、若减小极板间电压,电场力减小,合外力竖直向下,油滴将加速下降,故C错误;
D、将极板M向上缓慢移动一小段距离,板的间距d增大,电场力减小,合外力竖直向下,油滴将加速下降,故D正确;
故选AD。
8.如右下图所示,在两个同心的大小圆之间分布着指向圆心的电场,在半径为R的小圆内分布着磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场。
今在大圆周上的A点从静止开始释放一个质量为m,电荷量为q的带正电的粒子(重力不计),它将往返于电场和磁场中不断运动。
当粒子能够返回A点且在磁场中运动的时间最短时,下列说法正确的是()
A.粒子在磁场中做圆周运动的半径为R
B.粒子在磁场中运动的速度大小为
C.粒子在磁场中运动的最短时间为
D.大圆和小圆间的电势差为
【答案】BD
【解析】粒子将往返于电场和磁场中不断运动,当粒子能够返回A点且在磁场中运动的时间最短,如图所以
粒子在磁场中做圆周运动的半径,由,粒子在磁场中运动的速度大小为,由动能定理可得,大圆和小圆间的电势差为,粒子在磁场中做圆周运动的圆心角为,粒子在磁场中运动的最短时间为,故BD正确,AC错误;
故选BD。
【点睛】根据题目给定的条件,画出带电粒子运动的轨迹,再经电场加速原路返回磁场,如此重复,恰好经过3个回旋后,沿与原出射方向相反的方向回到原出发点,根据洛伦兹力提供向心力,根据牛顿第二定律求出粒子在磁场中运动的速度大小,根据动能定理,通过末动能求出加速电压。
三、非选择题:
(一)必考题
9.图(a)为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图,实验步骤如下:
①用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量m;用游标卡尺测量遮光片的宽度d;用米尺测量两光电门之间的距离s;
②调整轻滑轮,使细线水平:
③让物块从光电门A的左侧由静止释放,用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间ΔtA和ΔtB,求出加速度a:
④多次重复步骤③,求a的平均值ap:
⑤根据上述实验数据求出动摩擦因数μ
回答下列问题:
(1)测量d时,某次游标卡尺(主尺的最小分度为1mm)的示数如图(b)所示,其读数为_________cm.
(2)物块的加速度a可用d、s、ΔtA和ΔtB表示为a=_________
(3)动摩擦因数μ可用M、m、ap和重力加速度g表示为μ=_________
【答案】
(1).
(1)0.960
(2).
(2)(3).(3)
【解析】
(1)由图(b)所示游标卡尺可知,主尺示数为0.9cm,游标尺示数为12×0.05mm=0.60mm=0.060cm,则游标卡尺示数为0.9cm+0.060cm=0.960cm.
(2)物块经过A点时的速度为:
vA=,物块经过B点时的速度为:
vB=,物块做匀变速直线运动,由速度位移公式得:
vB2-vA2=2as,
加速度为:
a=;
(3)以M、m组成的系统为研究对象,由牛顿第二定律得:
mg-μMg=(M+m)ap,
解得:
μ=;
10.在“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中,用导线a.b.c.d.e.f.g和h按图甲所示方式连接好电路,电路中所有元器件都完好,且电压表和电流表已调零。
闭合开关后:
(1)若不管怎样调节滑动变阻器,小电珠亮度能发生变化,但电压表、电流表的示数总不能为零,则可能是_________导线断路。
(2)某同学排除故障后测出电源和小电珠的U-I特性图线。
如图乙所示。
电源的电动势E=_________V:
小电珠的电阻随温度的上升而_________。
(3)将与上面相同的两个小电珠并联后接到上面电源上,每一只小电珠的实际电功率是_________W。
(保留2位小数)
【答案】
(1).
(1)g处
(2).
(2)3.0(3).增大(4).(3)0.99(在0.95-1.05之间)
【解析】
(1)若不管怎样调节滑动变阻器,小电珠亮度能发生变化,但电压表电流表的示数总不能为零,说明滑动变阻器不起作用,连成了限流接法,故g断路。
(2)电源的U﹣I图线纵轴截距等于电源的电动势,则由图知,电源的电动势E=3.0V。
根据欧姆定律可得小电珠的电阻,由数学知识分析可知,R等于小电珠的U﹣I特性图线上的点与原点连线的斜率,则小电珠的电阻随温度的上升而增大。
(3)电源的内阻等于电源的U﹣I图线的斜率绝对值,则得内阻,当两个小电珠并联后,接到电源上,由闭合电路欧姆定律得:
E=U+2Ir,电源的U﹣I图线为U=E﹣2rI=E﹣2I=3﹣2I,作出图象如图所示:
可得U=1.1V,I=0.9A,则一个小电珠的实际电功率为:
P=UI=0.99W。
11.如图所示,竖直平面内的光滑半圆形轨道MN的半径为R,MP为粗糙水平面。
两个小物块A、B可视为质点,A的质量为mA,在半圆形轨道圆心O的正下方M处,处于静止状态。
若A、B之间夹有少量炸药,炸药爆炸后,A恰能经过半圆形轨道的最高点N,而B到达的最远位置恰好是A在水平面上的落点。
已知租糙水平面与B之间的动摩擦因数为μ=0.8,求:
(1)B到达的最远位置离M点的距离:
(2)极短爆炸过程中,A受到爆炸力的冲量大小;
(3)A与B的质量之比。
【答案】
(1)2R
(2)(3)4:
5
【解析】试题分析:
A恰好到达轨道最高点,重力提供向心力,由牛顿第二定律可以求出A到达最高点时的速度,结合平抛运动规律可以求出B到达的最远位置离M点的距离;根据动量定理可求出A受到爆炸力的冲量大小;爆炸过程中,A、B系统动量守恒,由动量守恒定律、机械能守恒定律、动能定理可以求出A、B的质量之比。
(1)A恰能经过半圆形轨道的最高点,由牛顿第二定律得:
解得:
A做平抛运动,由平抛运动规律:
水平方向:
联立可得B到达的最远位置离M点的距离即为:
x=2R
(2)A上升到N的过程,由机械能守恒定律:
解得:
根据动量定理可得:
(3)对B,由动能定理:
炸药爆炸过程由动量守恒定律:
联立以上可得:
点睛:
本题主要考查了应用牛顿第二定律、平抛运动知识、动量守恒定律与机械能守恒定律、动能定理即可正确解题;解题时要注意:
“A恰能经过半圆形轨道的最高点N”时,重力提供做圆周运动的向心力。
12.如图甲所示,弯折成90°角的两根足够长金题导轨平行放置,形成左右两导执平面,左导轨平面与水平面成53°角,右导轨平面与水平面成37
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