高考物理双基突破附解析.docx
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高考物理双基突破附解析
2019年高考物理双基突破
1.如图所示,电子由静止开始从A板向B板运动,到达B板的速度为v,保持两极间电压不变,则
A.当减小两板间的距离时,速度v增大
B.当减小两极间的距离时,速度v减小
C.当减小两极间的距离时,速度v不变
D.当减小两极间的距离时,电子在两极间运动的时间变长
【答案】C
2.(多选)如图所示,在真空中A、B两块平行金属板竖直放置并接入电路。
调节滑动变阻器,使A、B两板间的电压为U时,一质量为m、电荷量为-q的带电粒子,以初速度v0从A板上的中心小孔沿垂直两板的方向射入电场中,恰从A、B两板的中点处沿原路返回,不计重力,则下列说法正确的是
A.使初速度变为2v0时,带电粒子恰能到达B板
B.使初速度变为2v0时,带电粒子将从B板中心小孔射出
C.使初速度v0和电压U都增加为原来的2倍时,带电粒子恰能到达B板
D.使初速度v0和电压U都增加为原来的2倍时,带电粒子将从B板中心小孔射出
【答案】BC
速度变为2v0;或使A、B两板间的电压变为12U;或使初速度v0和电压U都增加到原来的2倍,故B、C正确,A、D错误。
6.(多选)如图甲,两水平金属板间距为d,板间电场强度的变化规律如图乙所示。
t=0时刻,质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间,0~T3时间内微粒匀速运动,T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出。
微粒运动过程中未与金属板接触。
重力加速度的大小为g。
关于微粒在0~T时间内运动的描述,正确的是
A.末速度大小为2v0
B.末速度沿水平方向
C.重力势能减少了12mgd
D.克服电场力做功为mgd
【答案】BC
7.如图所示,六面体真空盒置于水平面上,它的ABCD面与EFGH面为金属板,其他面为绝缘材料。
ABCD面带正电,EFGH面带负电。
从小孔P沿水平方向以相同速度射入三个质量相同的带正电液滴A、B、C,最后分别落在1、2、3三点。
则下列说法正确的是
A.三个液滴在真空盒中都做平抛运动
B.三个液滴的运动时间不一定相同
C.三个液滴落到底板时的速率相同
D.液滴C所带电荷量最多
【答案】D
8.(多选)如图的阴极射线管,无偏转电场时,电子束加速后打到荧屏中央形成亮斑。
如果只逐渐增大M1M2之间的电势差,则
A.在荧屏上的亮斑向上移动
B.在荧屏上的亮斑向下移动
C.偏转电场对电子做的功增大
D.偏转电场的电场强度减小
【答案】C
【解析】电子束在偏转电场中做类平抛运动,沿垂直电场方向做匀速运动,故在电场中运动时间不变。
电子在偏转电场中受向上的电场力,故向上偏转,A项正确,B项错误;沿电场方向上,电子束做匀变速直线运动,两板间电压增大,偏转电场的场强增大,D项错误;电子所受电场力增大,因此加速度增大,由位移规律可知,电子在电场中侧移量增大,由功的定义式可知,电场力做功增大,C项正确。
9.(多选)如图所示,在正方形ABCD区域内有平行于AB边的匀强电场,E、F、G、H是各边中点,其连线构成正方形,其中P点是EH的中点。
一个带正电的粒子(不计重力)从F点沿FH方向射入电场后恰好从D点射出。
下列说法正确的是
A.粒子的运动轨迹一定经过P点
B.粒子的运动轨迹一定经过PE之间某点
C.若将粒子的初速度变为原来的一半,粒子会由E、D之间某点(不含E、D)射出正方形ABCD区域
D.若将粒子的初速度变为原来的一半,粒子恰好由E点射出正方形ABCD区域
【答案】BD
10.(多选)如图所示,水平放置的平行板电容器,上板带负电,下板带正电,断开电源,带电小球以速度v0水平射入电场,且沿下板边缘飞出。
若下板不动,将上板上移一小段距离,小球仍以相同的速度v0从原处飞入,则带电小球
A.将打在下板中央
B.仍沿原轨迹运动由下板边缘飞出
C.不发生偏转,沿直线运动
D.若上板不动,将下板上移一段距离,小球可能打在下板的中央
【答案】BD
【解析】由题意可知电容器所带电荷量不变,因E=Ud=QCd=4πkQεrS,所以上板上移一小段距离,电容器产生的场强不变,以相同速度入射的小球仍将沿原轨迹运动由下板边缘飞出,选项B正确,A、C错误;若上板不动,将下板上移一段距离,小球可能打在下板的中央,选项D正确。
11.如图所示,在竖直向上的匀强电场中,一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球,另一端固定于O点,小球在竖直平面内做匀速圆周运动,最高点为a,最低点为b。
不计空气阻力,则下列说法正确的是
A.小球带负电
B.电场力跟重力平衡
C.小球在从a点运动到b点的过程中,电势能减少
D.小球在运动过程中机械能守恒
【答案】B
12.(多选)美国物理学家密立根通过研究平行板间悬浮不动的带电油滴,比较准确地测定了电子的电荷量。
如图,平行板电容器两极板M、N相距d,两极板分别与电压为U的恒定电源两极连接,极板M带正电。
现有一质量为m的带电油滴在极板中央处于静止状态,且此时极板带电荷量与油滴带电荷量的比值为k,则
A.油滴带电荷量为mgdU
B.电容器的电容为kmgdU2
C.将极板M向下缓慢移动一小段距离,油滴将向上运动
D.将极板N向下缓慢移动一小段距离,油滴将向上运动
【答案】ABC
【解析】由题意知油滴受到的电场力方向竖直向上,又因上极板带正电,故油滴带负电荷,设油滴带电荷量为q,则极板带电荷量为Q=kq,由qE=mg、U=Ed、Q=CU,联立解得q=mgdU,C=kmgdU2,选项A、B正确;当两极板间距离d减小时,板间场强E=Ud增大,电场力大于重力,油滴将向上运动,选项C正确;当两极板间距离d增大时,板间场强E=Ud减小,重力大于电场力,油滴将向下运动,选项D错误。
13.(多选)有三个质量相等,分别带正电、负电和不带电的小球,从左上同一点以相同的水平速度先后射入匀强电场中,A、B、C三个小球的运动轨迹如图所示,A、B小球运动轨迹的末端处于同一竖直线上,则如图运动轨迹对应的过程
A.小球A带负电,B不带电,C带正电
B.三小球运动的时间tA=tB<tC
C.小球B和小球C的末动能可能相等
D.小球A和小球C的电势能变化绝对值可能相等
【答案】AD
14.(多选)如图所示,一个电荷量为-Q(Q>0)的点电荷甲,固定在粗糙绝缘水平面上的O点,另一个电荷量为+q(q>0)、质量为m的点电荷乙,从A点以初速度v0沿它们的连线向甲运动,到B点时速度减小到最小值v。
已知点电荷乙与水平面间的动摩擦因数为μ,A、B间距离为L0,静电力常量为k,则下列说法中正确的是
A.O、B间的距离为kQqμmg
B.在点电荷甲产生的电场中,B点的场强大小为μmgq
C.点电荷乙在A点的电势能小于在B点的电势能
D.在点电荷甲产生的电场中,A、B间的电势差UAB=mv2-mv202q
【答案】AB
【解析】因点电荷乙到B点时速度减小到最小值v,说明加速度为零,有kQqr2=μmg,解得r=kQqμmg,A对;联立点电荷场强公式得E=kQr2=μmgq,B对;点电荷乙由A点向B点运动过程中,电场力对点电荷乙做正功,点电荷乙的电势能必减少,C错;点电荷乙从A点到B点过程中,由动能定理可知W-μmgL0=12mv2-12mv20,此过程中电场力对点电荷乙做功为W=qUAB,联立可得UAB=2μmgL0+mv2-mv202q,D错。
15.如图所示,在两条平行的虚线内存在着宽度为L、电场强度为E的匀强电场,在与右侧虚线相距也为L处有一与电场平行的屏。
现有一电荷量为+q、质量为m的带电粒子,重力不计,以垂直于电场线方向的初速度v0射入电场中,v0方向的延长线与屏的交点为O。
试求:
(1)粒子从射入到打到屏上所用的时间;
(2)粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向夹角的正切值tanα;
(3)粒子打在屏上的点P到O点的距离x。
【答案】
(1)2Lv0
(2)qELmv20(3)3qEL22mv20
(2)设粒子射出电场时沿平行电场线方向的速度为vy,根据牛顿第二定律,粒子在电场中的加速度为:
a=Eqm
所以vy=aLv0=qELmv0
所以粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向夹角的正切值为tanα=vyv0=qELmv20。
(3)解法一设粒子在电场中的偏转距离为y,则y=12a(Lv0)2=12•qEL2mv20又x=y+Ltanα,
解得:
x=3qEL22mv20
解法二x=y+vyLv0=3qEL22mv20
解法三由y=12a(Lv0)2=12qEL2mv20,xy=L+L2L2
得:
x=3y=3qEL22mv20。
15.如图,竖直放置的半圆形绝缘轨道半径为R,下端与光滑绝缘水平面平滑连接,整个装置处于方向竖直向上的匀强电场E中。
一质量为m、带电荷量为+q的物块(可视为质点),从水平面上的A点以初速度v0水平向左运动,沿半圆形轨道恰好通过最高点C,场强大小E (1)试分析说明物块在AB段做什么性质的运动; (2)试计算物块在AC段运动过程中克服摩擦力做的功; (3)证明物块从离开轨道到落回水平面的水平距离与场强E大小无关,且为一常量。 【答案】 (1)匀速直线运动 (2)12mv02+52(Eq-mg)R(3)见解析 (3)物块离开半圆形轨道后做类平抛运动,水平方向有x=vCt ④ 竖直方向有2R=12(g-qEm)•t2⑤ 由①④⑤式联立解得x=2R⑥ 因此,物块离开轨道落回水平面的水平距离与场强大小E无关,大小为2R。 16.质谱仪可对离子进行分析。 如图,在真空状态下,脉冲阀P喷出微量气体,经激光照射产生电荷量为q、质量为m的正离子,自a板小孔进入a、b间的加速电场,从b板小孔射出,沿中线方向进入M、N板间的偏转控制区,到达探测器。 已知a、b板间距为d,极板M、N的长度和间距均为L,a、b间的电压为U1,M、N间的电压为U2。 不计离子重力及进入a板时的初速度。 求: (1)离子从b板小孔射出时的速度大小; (2)离子自a板小孔进入加速电场至离子到达探测器的全部飞行时间; (3)为保证离子不打在极板上,U2与U1应满足的关系。 【答案】 (1)2qU1m (2)(2d+L)m2qU1(3)U2<2U1 在如图所示的电路中,电源的内阻为r,现闭合开关S,将滑片P向左移动一段距离后,下列结论正确的是 A.灯泡L变亮 B.电压表读数变小 C.电流表读数变小 D.电容器C上的电荷量增大 【答案】CD 2.在如图所示的电路中,当闭合开关S后,若将滑动变阻器的滑片P向下移动,则正确的是 A.电压表和电流表示数都增大 B.灯L2变暗,电流表示数减小 C.灯L1变亮,电压表的示数减小 D.灯L2变亮,电容器的带电荷量增大 【答案】C 【解析】由题图可知,电压表与滑动变阻器并联,电流表与滑动变阻器串联,灯泡L1与滑动变阻器串联,灯泡L2与滑动变阻器并联,电容器C与滑动变阻器并联,当滑片向下移动时,滑动变阻器的阻值减小,据结论“串反并同”可得: 电流表示数增大而电压表示数减小,灯泡L2上的电流减小,变暗,灯泡L1上的电流增大,变亮,故C选项正确,A、B选项错误,电容器两端的电压减小,据Q=CU,则带电荷量减小,故D选项错误。 5.阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E(内阻可忽略)连接成如图所示电路。 开关S断开且电流稳定时,C所带的电荷量为Q1;闭合开关S,电流再次稳定后,C所带的电荷量为Q2。 Q1与Q2的比值为 A.25 B.12 C.35 D.23 【答案】C 6.(多选)在如图所示电路中,开关闭合后,灯泡L能正常发光。 当滑动变阻器的滑片向右移动时,下列判断正确的是 A.滑动变阻器R的阻值变小 B.灯光L变暗 C.电源消耗的功率增大 D.电容器C的电荷量增大 【答案】BD 【解析】滑动变阻器的滑片向右移动时,其电阻R增大,流过R的电流减小,灯泡L变暗,故A错误,B正确;由P总=EI知电源消耗的功率减小,C错误;电容器C上电压为路端电压,由U路=E-Ir知路端电压增大,即电容器C上的电荷量增大,D正确。 7.如图所示,R1=R2=R3=R4=R,开关S闭合时,间距为d的平行板电容器C的正中间有一质量为m、电荷量为q的小球恰好处于静止状态;则开关S断开时,小球的运动情况为 A.不动 B.向上运动 C.向下运动 D.不能确定 【答案】C 8.如图,电源A的电压为6V,电源B的电压为8V,电容器的电容为200pF,当开关S合向A,稳定后再合向B,再次达到稳定,则在这个过程中通过电流计的电荷量为 A.4×10-9C B.1.2×10-9C C.1.6×10-9C D.2.8×10-9C 【答案】D 【解析】开关S打在A时,电容器的电压为U1=6V,电量为: Q1=CU1=2×10-10×6C=1.2×10-9C。 开关S打在B时,稳定时,电容器的电压为U2=8V,电量为: Q2=CU2=2×10-10×8C=1.6×10-9C。 故通过电流计的电荷量为: Q=Q1+Q2=2.8×10-9C。 9.(多选)如图电路中,电阻R1∶R2∶R3∶R4=1∶2∶3∶4,C为电容器,A为电流表,当电路中某个电阻断路瞬间,发现有自上而下的电流通过电流表A,则断路的电阻可能是 A.R1 B.R2 C.R3 D.R4 【答案】BC 10.(多选)如图所示,电路中R1、R2均为可变电阻,电源内阻不能忽略,二极管D为理想二极管,平行板电容器C的极板水平放置,闭合开关S,电路达到稳定时,带电油滴悬浮在两极板之间处于静止状态,下列操作中,油滴仍然能保持静止的有 A.只增大R1的阻值 B.只增大R2的阻值 C.只增大两板间的距离 D.只断开开关S 【答案】BCD 【解析】电路稳定时,电容器的电压等于可变电阻R1的电压,增大R1的阻值,路端电压增大,所以电容器两端的电压增大,故两极板间的电场强度增大,粒子向上运动,A错误;只增大R2的阻值,而R2处于断路的支路中,对电路的电压、电流没有影响,所以油滴仍保持静止状态,B正确;增大两板间的距离,根据公式C=εS4πkd可知电容减小,电荷量要减小,但是由于二极管的存在,电容器不能放电,故电荷量仍保持不变,两极板间的电场强度不变,所以油滴仍能保持静止,C正确;断开开关,电容充电完毕,又不能放电,所以电容两极板间的电压恒定不变,即电场强度不变,所以油滴仍保持静止,D正确。 11.(多选)如图所示的电路,R1是定值电阻,R2是滑动变阻器,L是小灯泡,C是电容器,电源内阻为r。 开关S闭合后,在滑动变阻器触头向上移动的过程中 A.小灯泡变亮 B.电容器所带电荷量增大 C.电压表示数变小 D.电源的总功率变大 【答案】CD 12.如图所示,开关S闭合后,带电质点P在平行金属板中处于静止状态,则 A.质点P一定带正电 B.滑片向a端移动时,两只电表的示数均增大 C.滑片向a端移动时,质点P将向上极板运动 D.若将开关S断开,质点P将向下极板运动 【答案】C 【解析】质点处于静止状态,则受到的电场力向上,故质点P带负电,A错误;滑片向a端移动时,滑动变阻器接入电路的电阻增大,则总电阻增大,总电流减小,内电压减小,由闭合电路的欧姆定律可知路端电压增大,R1两端的电压减小,故并联部分电压增大,电容器两端的电压增大,质点所受的电场力增大,则质点将向上极板移动.因并联部分电压增大,则R3中的电流增大,而干路电流减小,故电流表中的电流减小.并联部分电压增大,即R2与R4两端的总电压增大,而由于电流表示数减小,由欧姆定律可知R2两端的电压减小,故R4两端的电压增大,即电压表示数增大,故B错误,C正确;开关S断开,电容器两端的电压等于电源的电动势,电容器两端电压增大,板间场强增大,质点受到的电场力变大,质点P将向上极板运动,故D错误。 13.(多选)如图,电源的电动势为E,内阻为r,R1为定值电阻,R2为光敏电阻,C为电容器,L为小灯泡,电表均为理想电表,闭合开关S后,若增大照射光强度,则 A.电压表的示数增大 B.小灯泡的功率减小 C.电容器上的电荷量增加 D.两表示数变化量的比值|ΔUΔI|不变 【答案】AD 14.如图所示的电路,水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态(设电源电阻r不计,两端电压不变)。 现将滑动变阻器的滑片P向左移动,则 A.电容器上的带电荷量将减少 B.电容器中的电场强度将增大 C.电容器的电容将减小 D.液滴将向上运动 【答案】A 15.(多选)如图,电源电动势E=9V,内电阻r=4.5Ω,变阻器R1的最大电阻Rm=5.0Ω,R2=1.5Ω,R3=R4=1000Ω,平行板电容器C的两金属板水平放置。 在开关S与a接触且当电路稳定时,电源恰好有最大的输出功率,在平行板电容器中间引入一带电微粒恰能静止。 那么 A.在题设条件下,R1接入电路的阻值应为3Ω,电源的输出功率应为4.5W B.引入的微粒带负电,当开关接向b(未接触b)的过程中,微粒将向下运动 C.在题设条件下,当R1的阻值增大时,R2两端的电压增大 D.在题设条件下,当开关接向b后,流过R3的电流流向为d→c 【答案】AD 【解析】选项A中在开关S与a接触且当电路稳定时,电源恰好有最大的输出功率,可知R1+R2=r,R2=1.5Ω,则R1=3Ω。 电源的输出功率Pm=E24r=4.5W,故A正确;选项B中在开关S与a接触且当电路稳定时,在平行板电容器正中央引入一带电微粒,恰能静止,微粒受重力和电场力作用而处于平衡状态。 而上极板带正电,可知微粒带负电。 当开关接向b(未接触b)的过程中,电容器所带的电荷量未变,电场强度也不变,所以微粒不动,故B错误;选项C中电容器所在的支路相当于断路,在题设条件下,R1和R2及电源构成串联电路,R1的阻值增大时,总电阻增大,总电流减小,R2两端的电压减小,故C错误;选项D中在题设条件下,开关接a时,上极板带正电,当开关接向b后,下极板带正电,流过R3的电流流向为d→c,故D正确。 16.(多选)如图的电路中,电源的电动势E和内阻r一定,A、B为平行板电容器的两块正对金属板,R1为光敏电阻。 当R2的滑动触头P在a端时,闭合开关S,此时电流表和电压表的示数分别为I和U。 以下说法正确的是 A.若仅将R2的滑动触头P向b端移动,则I不变,U增大 B.若仅增大A、B板间距离,则电容器所带电荷量减少 C.若仅用更强的光照射R1,则I增大,U增大,电容器所带电荷量增加 D.若仅用更强的光照射R1,则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变 【答案】BD 17.如图所示电路,电源电动势为E=3V,两个定值电阻阻值R1=R2=2Ω,电源内阻r=1Ω,电容器的电容值是C=20μF。 开关全部闭合时,一颗带电油滴恰能在极板间静止。 取重力加速度g=10m/s2,求: (1)极板的带电荷量大小; (2)电源的效率; (3)断开开关S2时(认为电容器充放电过程瞬间完成),液滴的加速度的大小和方向。 【答案】 (1)4×10-5C (2)66.7%(3)5m/s2,方向竖直向上 【解析】 (1)回路电流I=ER1+r=1A电容器两板间电压U=IR1=2V 电容器所带电荷量Q=CU=4×10-5C 1.如图所示,实线是电场线,一带电粒子只在电场力的作用下沿虚线由A运动到B的过程中,其速度-时间图象是选项中的 【答案】B 2.空间有一沿x轴对称分布的电场,其电场强度E随x变化的图象如图所示。 下列说法中正确的是 A.O点的电势最低 B.x2点的电势最高 C.x1和-x1两点的电势相等 D.x1和x3两点的电势相等 【答案】C 【解析】由题图知,O点两侧电场强度方向相反,因电场强度的方向沿x轴,故O点可能电势最低,也可能电势最高,A不正确;x1、x2、x3三点在同一电场线上,由沿电场线方向电势逐渐降低可知,无论O点右侧电场强度沿x轴向右还是向左,x2点电势都不是最高,x1、x3两点的电势也不相等,故B、D不正确;由题图知,电场强度在O点两侧对称,故x1、-x1两点电势相等,C正确。 4.某区域的电场线分布如图所示,其中间一根电场线是直线,一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点。 取O点为坐标原点,沿直线向右为x轴正方向,粒子的重力忽略不计。 在O点到A点的运动过程中,下列关于粒子运动速度v和加速度a随时间t的变化、粒子的动能Ek和运动径迹上的电势φ随位移x的变化图线可能正确的是 【答案】B 5.如图,半径为R的均匀带正电薄球壳,其上有一小孔A。 已知壳内的场强处处为零;壳外空间的电场,与将球壳上的全部电荷集中于球心O时在壳外产生的电场一样。 一带正电的试探电荷(不计重力)从球心以初动能Ek0沿OA方向射出。 下列关于试探电荷的动能Ek与离开球心的距离r的关系图线,可能正确的是 【答案】A 6.如图甲所示,真空中有一半径为R、电荷量为+Q的均匀带电球体,以球心为坐标原点,沿半径方向建立x轴。 理论分析表明,x轴上各点的场强随x变化关系如图乙所示,则 A.x2处场强大小为kQx22 B.球内部电场为匀强电场 C.x1、x2两点处的电势相同 D.假设将试探电荷沿x轴移动,则从x1移到R处和从R移到x1处电场力做功相同 【答案】A 【解析】引入带正电的试探电荷q,所受的库仑力F=kQqr2,根据场强定义式E=Fq,求得x2处的场强为E=kQx22,选项A正确;由图乙知球内部随着x的增加场强逐渐增大,选项B错误;引入带正电的试探电荷q,由图乙知在x1处受到的电场力沿着x轴正方向,在向x2运动过程中,电场力做正功,电势能减小,电势减小,选项C错误;将试探电荷沿x轴移动,则从x1移到R处电场力做正功,而从R移到x1处电场力做负功,选项D错误。 7.(多选)一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C点运动到D点,其v−t图像如图所示,则下列说法中正确的是 A.A点的电场强度一定大于B点的电场强度 B.粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能 C.C、D间各点电场强度和电势都为零 D.A、B两点间的电势差大于C、B两点间的电势差 【答案】AB 【解析】由图线可看出,过A点的切线的斜率大于B点,即粒子在A点的加速度大于B点,故A点的电场强度一定大于B点的电场强度,选项A正确;粒子在B点的速度大于A点,故从A点到B动能增加,电势能减小,即粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能,选项B正确;从C到D粒子做匀速运动,故C、D间各点电场强度为零,但是电势相等且不一定为零,选项C错误;从A到B和从C到B粒子动能的变化量相同,故电场力做功相同,即A、B两点间的电势差等于C、B两点间的电势差,选项D错误。 8.某静电场在x轴上各点的电势φ随坐标x的分布图像如图所示。 x轴上A、O、B三点的电势值分别为φA、φO、φB
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