第1讲 电磁感应现象 楞次定律.docx
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第1讲电磁感应现象楞次定律
第1讲 电磁感应现象 楞次定律
磁通量 (考纲要求Ⅰ)
1.概念:
在磁感应强度为B的匀强磁场中,与磁场方向垂直的面积S与B的乘积.
2.公式:
Φ=BS.
3.单位:
1Wb=1_T·m2.
4.公式的适用条件:
①匀强磁场;②磁感线的方向与平面垂直,即B⊥S.
电磁感应现象 (考纲要求Ⅰ)
1.电磁感应现象:
当穿过闭合电路的磁通量发生变化时,电路中有感应电流产生的现象.
2.产生感应电流的条件
(1)条件:
穿过闭合电路的磁通量发生变化.
(2)特例:
闭合电路的一部分导体在磁场内做切割磁感线运动.
3.产生电磁感应现象的实质:
电磁感应现象的实质是产生感应电动势,如果回路闭合则产生感应电流;如果回路不闭合,则只有感应电动势,而无感应电流.
判断正误,正确的划“√”,错误的划“×”.
(1)磁通量是标量,但有正、负之分.( )
(2)磁通量与线圈的匝数无关.( )
(3)闭合电路内只要有磁通量,就有感应电流产生.( )
(4)电路的磁通量变化,电路中就一定有感应电流.( )
答案
(1)√
(2)√ (3)× (4)×
楞次定律 (考纲要求Ⅱ)
判断正误,正确的划“√”,错误的划“×”.
(1)感应电流的磁场一定与引起感应电流的磁场方向相反.( )
(2)感应电流的磁场总要阻止引起感应电流的磁通量的变化.( )
(3)穿过不闭合回路的磁通量变化时,也会产生“阻碍”作用.( )
(4)感应电流的磁场一定阻碍引起感应电流的磁场的磁通量的变化.( )
答案
(1)×
(2)× (3)× (4)√
基础自测
图9-1-1
1.(单选)如图9-1-1所示,ab是水平面上一个圆的直径,在过ab的竖直面内有一根通电直导线ef,且ef平行于ab,当ef竖直向上平移时,穿过圆面积的磁通量将( ).
A.逐渐变大 B.逐渐减小
C.始终为零 D.不为零,但始终保持不变
解析 穿过圆面积的磁通量是由通电直导线ef产生的,因为通电直导线位于圆的正上方,所以向下穿过圆面积的磁感线条数与向上穿过该面积的条数相等,即磁通量为零,而且竖直方向的平移也不会影响磁通量的变化.故C正确.
答案 C
2.(单选)(2013·宁波市期末)如图所示,矩形线框在磁场内做的各种运动中,能够产生感应电流的是( ).
解析 根据产生感应电流的条件,闭合回路内磁通量发生变化才能产生感应电流,只有选项B正确.
答案 B
图9-1-2
3.(单选)如图9-1-2所示,绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路,在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A,下列各种情况中铜环A中没有感应电流的是( ).
A.线圈中通以恒定的电流
B.通电时,使滑动变阻器的滑片P匀速移动
C.通电时,使滑动变阻器的滑片P加速移动
D.将电键突然断开的瞬间
解析 当线圈中通恒定电流时,产生的磁场为稳恒磁场,通过铜环A的磁通量不发生变化,不会产生感应电流.
答案 A
图9-1-3
4.(单选)如图9-1-3所示,接有理想电压表的三角形导线框abc,在匀强磁场中向右运动,问:
框中有无感应电流?
a、b两点间有无电势差?
电压表有无读数(示数不为零称有读数)( ).
A.无、无、无 B.无、有、有
C.无、有、无 D.有、有、有
解析 应注意到产生感应电动势及感应电流的条件,同时还应了解电压表的工作原理.由于穿过三角形导线框的磁通量不变,所以框中没有感应电流产生;由于ab边和bc边均做切割磁感线的运动,所以均将产生b端为正极的感应电动势,a、b两点间有电势差;由于没有电流流过电压表,所以其表头指针将不发生偏转,即电压表无读数(示数为零).综上所述:
应选C.
答案 C
图9-1-4
5.(单选)某实验小组用如图9-1-4所示的实验装置来验证楞次定律.当条形磁铁自上而下穿过固定的线圈时,通过电流计的感应电流方向是( ).
A.a→G→b
B.先a→G→b,后b→G→a
C.b→G→a
D.先b→G→a,后a→G→b
解析 ①确定原磁场的方向:
条形磁铁在穿入线圈的过程中,磁场方向向下.
②明确回路中磁通量的变化情况:
线圈中向下的磁通量增加.
③由楞次定律的“增反减同”可知:
线圈中感应电流产生的磁场方向向上.
④应用安培定则可以判断感应电流的方向为逆时针(俯视)即:
b→G→a.
同理可以判断:
条形磁铁穿出线圈的过程中,向下的磁通量减小,由楞次定律可得线圈中将产生顺时针方向的感应电流(俯视),电流从a→G→b.
答案 D
热点一 电磁感应现象的判断
1.判断电磁感应现象是否发生的一般流程
2.磁通量发生变化的三种常见情况
(1)磁场强弱不变,回路面积改变;
(2)回路面积不变,磁场强弱改变;
(3)回路面积和磁场强弱均不变,但二者的相对位置发生改变.
【典例1】
图9-1-5
如图9-1-5所示,通有恒定电流的导线MN与闭合金属框共面,第一次将金属框由Ⅰ平移到Ⅱ,第二次将金属框绕cd边翻转到Ⅱ,设先后两次通过金属框的磁通量变化量大小分别为ΔΦ1和ΔΦ2,则( ).
A.ΔΦ1>ΔΦ2,两次运动中线框中均有沿adcba方向电流出现
B.ΔΦ1=ΔΦ2,两次运动中线框中均有沿abcda方向电流出现
C.ΔΦ1<ΔΦ2,两次运动中线框中均有沿adcba方向电流出现
D.ΔΦ1<ΔΦ2,两次运动中线框中均有沿abcda方向电流出现
解析 设金属框在位置Ⅰ的磁通量为ΦⅠ,金属框在位置Ⅱ的磁通量为ΦⅡ,由题可知:
ΔΦ1=|ΦⅡ-ΦⅠ|,ΔΦ2=|-ΦⅡ-ΦⅠ|,所以金属框的磁通量变化量大小ΔΦ1<ΔΦ2,由安培定则知两次磁通量均向里减小,所以由楞次定律知两次运动中线框中均出现沿adcba方向的电流,C对.
答案 C
反思总结 加深对磁通量概念的理解,走出误区
(1)磁通量是一个双向标量,考虑通过某个面内的磁通量时,应取磁通量的代数和.
(2)利用Φ=BS求磁通量时,S应为某平面在垂直于磁感线方向上的投影面积.
【跟踪短训】
图9-1-6
1.如图9-1-6所示,一个U形金属导轨水平放置,其上放有一个金属导体棒ab,有一个磁感应强度为B的匀强磁场斜向上穿过轨道平面,且与竖直方向的夹角为θ.在下列各过程中,一定能在轨道回路里产生感应电流的是( ).
A.ab向右运动,同时使θ减小
B.使磁感应强度B减小,θ角同时也减小
C.ab向左运动,同时增大磁感应强度B
D.ab向右运动,同时增大磁感应强度B和θ角(0°<θ<90°)
解析 设此时回路面积为S,据题意,磁通量Φ=BScosθ,对A,S增大,θ减小,cosθ增大,则Φ增大,A正确,对B,B减小,θ减小,cosθ增大,Φ可能不变,B错误.对C,S减小,B增大,Φ可能不变,C错误.对D,S增大,B增大,θ增大,cosθ减小,Φ可能不变,D错误.故只有A正确.
答案 A
热点二 楞次定律的理解及应用
1.判断感应电流方向的“四步法”
2.用右手定则判断
该方法适用于部分导体切割磁感线.判断时注意掌心、四指、拇指的方向:
(1)掌心——磁感线垂直穿入;
(2)拇指——指向导体运动的方向;
(3)四指——指向感应电流的方向.
【典例2】 下列各图是验证楞次定律实验的示意图,竖直放置的线圈固定不动,将磁铁从线圈上方插入或拔出,线圈和电流表构成的闭合回路中就会产生感应电流.各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方向以及线圈中产生的感应电流的方向等情况,其中正确的是( ).
审题指导
解析 根据楞次定律可确定感应电流的方向:
以C选项为例,当磁铁向下运动时:
(1)闭合线圈原磁场的方向——向上;
(2)穿过闭合线圈的磁通量的变化——增加;
(3)感应电流产生的磁场方向——向下;
(4)利用安培定则判断感应电流的方向——与图中箭头方向相同.线圈的上端为S极,磁铁与线圈相互排斥.运用以上分析方法可知,C、D正确.
答案 CD
【跟踪短训】
图9-1-7
2.如图9-1-7所示,金属棒ab、金属导轨和螺线管组成闭合回路,金属棒ab在匀强磁场B中沿导轨向右运动,则( ).
A.ab棒不受安培力作用
B.ab棒所受安培力的方向向右
C.ab棒向右运动速度v越大,所受安培力越大
D.螺线管产生的磁场,A端为N极
解析 金属棒ab沿导轨向右运动时,安培力方向向左,以“阻碍”其运动,选项A、B错误;金属棒ab沿导轨向右运动时,感应电动势E=Blv,感应电流I=E/R,安培力F=BIl=
,可见,选项C正确;根据右手定则可知,流过金属棒ab的感应电流的方向是从b流向a,所以流过螺线管的电流方向是从A端到达B端,根据右手螺旋定则可知,螺线管的A端为S极,选项D错误.
答案 C
热点三 楞次定律的推广应用
楞次定律中“阻碍”的主要表现形式
(1)阻碍原磁通量的变化——“增反减同”;
(2)阻碍相对运动——“来拒去留”;
(3)使线圈面积有扩大或缩小的趋势——“增缩减扩”;
(4)阻碍原电流的变化(自感现象)——“增反减同”.
【典例3】
图9-1-8
如图9-1-8所示,光滑固定导轨M、N水平放置,两根导体棒P、Q平行放置在导轨上,形成一个闭合回路,当一条形磁铁从高处下落接近回路时( ).
A.P、Q将互相靠拢
B.P、Q将互相远离
C.磁铁的加速度仍为g
D.磁铁的加速度大于g
解析 方法一 根据楞次定律的另一表述:
感应电流的效果总是要反抗产生感应电流的原因.本题中“原因”是回路中磁通量的增加,归根结底是磁铁靠近回路,“效果”便是阻碍磁通量的增加和磁铁的靠近.所以,P、Q将互相靠拢且磁铁的加速度小于g,应选A.
方法二 设磁铁下端为N极,如图所示,根据楞次定律可判断出P、Q中的感应电流方向,根据左手定则可判断P、Q所受安培力的方向,可见,P、Q将相互靠拢.由于回路所受安培力的合力向下,由牛顿第三定律知,磁铁将受到向上的反作用力,从而加速度小于g.当磁铁下端为S极时,根据类似的分析可得到相同的结论.所以,本题应选A.
答案 A
反思总结 根据楞次定律的一些结论直接解答此题,比直接利用楞次定律、安培定则判断要简单明了.
【跟踪短训】
图9-1-9
3.如图9-1-9所示,ab是一个可以绕垂直于纸面的轴O转动的闭合矩形导体线圈,当滑动变阻器R的滑片P自左向右滑动过程中,线圈ab将( ).
A.静止不动B.逆时针转动
C.顺时针转动D.发生转动,但因电源的极性不明,无法确定转动的方向
解析 当P向右滑动时,电路中电阻减小,电流增大,穿过线圈ab的磁通量增大,根据楞次定律判断,线圈ab将顺时针转动.
答案 C
图9-1-10
4.如图9-1-10所示,A为水平放置的胶木圆盘,在其侧面均匀分布着负电荷,在A的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环B,使B的环面水平且与圆盘面平行,其轴线与胶木盘A的轴线OO′重合.现使胶木盘A由静止开始绕其轴线OO′按箭头所示方向加速转动,则( ).
A.金属环B的面积有扩大的趋势,丝线受到的拉力增大
B.金属环B的面积有缩小的趋势,丝线受到的拉力减小
C.金属环B的面积有扩大的趋势,丝线受到的拉力减小
D.金属环B的面积有缩小的趋势,丝线受到的拉力增大
解析 使胶木盘A由静止开始绕其轴线OO′按箭头所示方向加速转动,金属环B内磁通量增大,根据楞次定律,金属环B的面积有缩小的趋势,丝线受到的拉力减小,选项B正确.
答案 B
思想方法 15.“三个定则、一个定律”的综合应用技巧
1.应用现象及规律比较
基本现象
应用的定则或定律
运动电荷、电流产生的磁场
安培定则
磁场对运动电荷、电流的作用力
左手定则
电磁
部分导体做切割磁感线运动
右手定则
感应
闭合回路磁通量变化
楞次定律
2.应用技巧
多定则应用的关键是抓住因果关系:
(1)因电而生磁(I→B)→安培定则;
(2)因动而生电(v、B→I)→右手定则;
(3)因电而受力(I、B→F安)→左手定则.
3.一般解题步骤
(1)分析题干条件,找出闭合电路或切割磁感线的导体棒.
(2)结合题中的已知条件和待求量的关系选择恰当的规律.
(3)正确地利用所选择的规律进行分析和判断.
【典例】
图9-1-11
如图9-1-11所示,水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN,MN的左边有一闭合电路,当PQ在外力的作用下运动时,MN向右运动.则PQ所做的运动可能是( )
A.向右加速运动 B.向左加速运动
C.向右减速运动 D.向左减速运动
审题指导 由MN的运动情况―→确定MN所受的安培力方向
MN处的磁场方向
MN中的感应电流方向
L1中感应电流的磁场方向
L2中磁场方向及变化情况
PQ中电流方向及大小变化
确定PQ所做的运动.
解析 MN向右运动,说明MN受到向右的安培力,因为ab在MN处的磁场垂直纸面向里
MN中的感应电流由M→N
L1中感应电流的磁场方向向上
;若L2中磁场方向向上减弱
PQ中电流为Q→P且减小
向右减速运动;若L2中磁场方向向下增强
PQ中电流为P→Q且增大
向左加速运动.
答案 BC
图9-1-12
即学即练 如图9-1-12所示,金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时,铜制线圈c中将有感应电流产生且被螺线管吸引( ).
A.向右做匀速运动 B.向左做减速运动
C.向右做减速运动 D.向右做加速运动
解析 当导体棒向右匀速运动时产生恒定的电流,线圈中的磁通量恒定不变,无感应电流出现,A错;当导体棒向左减速运动时,由右手定则可判定回路中出现从b→a的感应电流且减小,由安培定则知螺线管中感应电流的磁场向左在减弱,由楞次定律知c中出现顺时针感应电流(从右向左看)且被螺线管吸引,B对;同理可判定C对、D错.
答案 BC
1.(2011·海南高考)自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的,很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献.下列说法正确的是( )
A.奥斯特发现了电流的磁效应,揭示了电现象和磁现象之间的联系
B.欧姆发现了欧姆定律,说明了热现象和电现象之间存在联系
C.法拉第发现了电磁感应现象,揭示了磁现象和电现象之间的联系
D.焦耳发现了电流的热效应,定量给出了电能和热能之间的转换关系
解析 奥斯特发现的电流的磁效应表明了电能生磁,A正确.欧姆定律描述了电流与电阻、电压或电动势之间的关系,焦耳定律才揭示了热现象与电现象间的联系,B错误、D正确.法拉第发现的电磁感应现象表明了磁能生电,C正确.
答案 ACD
2.(2011·上海单科,13)如图,均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置,当a绕O点在其所在平面内旋转时,b中产生顺时针方向的感应电流,且具有收缩趋势,由此可知,圆环a( ).
A.顺时针加速旋转 B.顺时针减速旋转
C.逆时针加速旋转 D.逆时针减速旋转
解析 由楞次定律,欲使b中产生顺时针电流,则a环内磁场应向里减弱或向外增强,a环的旋转情况应该是顺时针减速或逆时针加速,由于b环又有收缩趋势,说明a环外部磁场向外,内部向里,故选B.
答案 B
3.(2011·上海单科,20)如图,磁场垂直于纸面,磁感应强度在竖直方向均匀分布,水平方向非均匀分布.一铜制圆环用丝线悬挂于O点,将圆环拉至位置a后无初速释放,在圆环从a摆向b的过程中( ).
A.感应电流方向先逆时针后顺时针再逆时针
B.感应电流方向一直是逆时针
C.安培力方向始终与速度方向相反
D.安培力方向始终沿水平方向
解析 圆环从位置a运动的磁场分界线前,磁通量向里增大,感应电流为逆时针;跨越分界线过程中,磁通量由向里最大变为向外最大,感应电流为顺时针;再摆到b的过程中,磁通量向外减小,感应电流为逆时针,所以选项A正确;由于圆环所在处的磁场,上下对称,所受安培力竖直方向平衡,因此总的安培力沿水平方向,故D正确.
答案 AD
4.(2012·山东卷,14)以下叙述正确的是( ).
A.法拉第发现了电磁感应现象
B.惯性是物体的固有属性,速度大的物体惯性一定大
C.牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因
D.感应电流遵从楞次定律所描述的方向,这是能量守恒定律的必然结果
解析 电磁感应现象的发现者是法拉第,故选项A正确;惯性是物体本身固有的属性,质量是物体惯性大小的唯一量度,故选项B错误;伽利略通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因,故选项C错误;楞次定律是能量守恒定律在电磁感应现象中的表现,故选项D正确.
答案 AD
5.(2012·课标全国卷,20)如图所示,一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内,线框在长直导线右侧,且其长边与长直导线平行.已知在t=0到t=t1的时间间隔内,直导线中电流i发生某种变化,而线框中的感应电流总是沿顺时针方向;线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右.设电流i正方向与图中箭头所示方向相同,则i随时间t变化的图线可能是( ).
解析 因通电导线周围的磁场离导线越近磁场越强,而线框中左右两边的电流大小相等,方向相反,所以受到的安培力方向相反,导线框的左边受到的安培力大于导线框的右边受到的安培力,所以合力与左边框受力的方向相同.因为线框受到的安培力的合力先水平向左,后水平向右,根据左手定则,导线框处的磁场方向先垂直纸面向里,后垂直纸面向外,根据安培定则,导线中的电流先为正,后为负,所以选项A正确,选项B、C、D错误.
答案 A
A 对点训练——练熟基础知识
题组一 电磁感应现象
图9-1-13
1.(多选)如图9-1-13所示,在条形磁铁的中央位置的正上方水平固定一铜质圆环.以下判断中正确的是( ).
A.释放圆环,环下落时产生感应电流
B.释放圆环,环下落时无感应电流
C.释放圆环,环下落时环的机械能守恒
D.释放圆环,环下落时环的机械能不守恒
解析 由条形磁铁磁场分布特点可知,穿过其中央位置正上方的圆环的合磁通量为零,所以在环下落的过程中,磁通量不变,没有感应电流,圆环只受重力,铜环下落时机械能守恒,故A、D错误,B、C正确.
答案 BC
2.(单选)现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及电键如图9-1-14所示连接.下列说法中正确的是( ).
图9-1-14
A.电键闭合后,线圈A插入或拔出都会引起电流计指针偏转
B.线圈A插入线圈B中后,电键闭合和断开的瞬间电流计指针均不会偏转
C.电键闭合后,滑动变阻器的滑片P匀速滑动,会使电流计指针静止在中央零刻度
D.电键闭合后,只有滑动变阻器的滑片P加速滑动,电流计指针才能偏转
解析 电键闭合后,线圈A插入或拔出都会引起穿过线圈B的磁通量发生变化,从而电流计指针偏转,选项A正确;线圈A插入线圈B中后,电键闭合和断开的瞬间,线圈B的磁通量会发生变化,电流计指针会偏转,选项B错误;电键闭合后,滑动变阻器的滑片P无论匀速滑动还是加速滑动,都会导致线圈A的电流发生变化,线圈B的磁通量变化,电流计指针都会发生偏转,选项C、D错误.
答案 A
图9-1-15
3.(多选)如图9-1-15所示,一个矩形线框从匀强磁场的上方自由落下,进入匀强磁场中,然后再从磁场中穿出.已知匀强磁场区域的宽度L大于线框的高度h,下列说法正确的是( ).
A.线框只在进入和穿出磁场的过程中,才有感应电流产生
B.线框从进入到穿出磁场的整个过程中,都有感应电流产生
C.线框在进入和穿出磁场的过程中,都是机械能转化成电能
D.整个线框都在磁场中运动时,机械能转化成电能
解析 产生感应电流的条件是穿过闭合回路的磁通量发生变化,线框全部在磁场中时,磁通量不变,不产生感应电流,故选项B、D错误.线框进入和穿出磁场的过程中磁通量发生变化,产生了感应电流,故选项A正确.在产生感应电流的过程中线框消耗了机械能,故选项C正确.
答案 AC
题组二 楞次定律的应用
图9-1-16
4.如图9-1-16所示,一根条形磁铁从左向右靠近闭合金属环的过程中,环中的感应电流(自左向右看)( ).
A.沿顺时针方向
B.先沿顺时针方向后沿逆时针方向
C.沿逆时针方向
D.先沿逆时针方向后沿顺时针方向
解析 条形磁铁从左向右靠近闭合金属环的过程中,向右的磁通量一直增加,根据楞次定律,环中的感应电流(自左向右看)为逆时针方向,C对.
答案 C
图9-1-17
5.(单选)(2013·乌鲁木齐一诊)如图9-1-17所示,一圆形金属线圈放置在水平桌面上,匀强磁场垂直桌面竖直向下,过线圈上A点做切线OO′,OO′与线圈在同一平面上.在线圈以OO′为轴翻转180°的过程中,线圈中电流流向( ).
A.始终由A→B→C→A
B.始终由A→C→B→A
C.先由A→C→B→A再由A→B→C→A
D.先由A→B→C→A再由A→C→B→A
解析 在线圈以OO′为轴翻转0~90°的过程中,穿过线圈正面向里的磁通量逐渐减小,则感应电流产生的磁场垂直桌面下,由右手定则可知感应电流方向为A→B→C→A;线圈以OO′为轴翻转90°~180°的过程中,穿过线圈反面向里的磁通量逐渐增加,则感应电流产生的磁场垂直桌面向上,由右手定则可知感应电流方向仍然为A→B→C→A,A正确.
答案 A
图9-1-18
6.(单选)如图9-1-18所示,通电螺线管左侧和内部分别静止吊一导体环a和b,当滑动变阻器R的滑动触头c向左滑动时( ).
A.a向左摆,b向右摆
B.a向右摆,b向左摆
C.a向左摆,b不动
D.a向右摆,b不动
解析 当滑动变阻器R的滑动触头c向左滑动时,电路中的电流变大,螺线管产生的磁场逐渐增强,穿过a的磁通量变大,根据楞次定律可知,a向左摆动;b处于螺线管内部,其周围的磁场为匀强磁场,方向水平向左,圆环中虽然也产生感应电流,但根据左手定则可判断出,安培力与b在同一个平面内,产生的效果是使圆环面积缩小,并不使其摆动,所以C项正确.
答案 C
图9-1-19
7.(2012·海南高考)(单选)如图9-1-19所示,一质量为m的条形磁铁用细线悬挂在天花板上,细线从一水平金属环中穿过.现将环从位置Ⅰ释放,环经过磁铁到达位置Ⅱ.设环经过磁铁上端和下端附近时细线的张力分别为T1和T2,重力加速度大小为g,则( ).
A.T1>mg,T2>mg B.T1 C.T1>mg,T2 解析 环从位置Ⅰ释放下落,环经过磁铁上端和下端附近时,环中磁通量都变化,都产生感应电流,由楞次定律可知,磁铁阻碍环下落,磁铁对圆环有向上的作用力.根据牛顿第三定律,圆环对磁铁有向下的作用力,所以T1>mg,T2>mg,选项A正确. 答案 A 图9-1-20 8.(单选)如图9-1-20所示,圆形导体线圈a平放在水平桌面上,在a的正上方固定一竖直螺线管b,二者轴线重合,螺线管与电源和滑动变阻器连接成闭合回路.若将滑动变阻器的滑片P向下滑动,下列表述正确的是( ). A.线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流 B.穿过线圈a的磁通量变小 C.线圈a有扩张的趋势 D.线圈a对水平桌面的
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- 第1讲 电磁感应现象 楞次定律 电磁感应 现象