备战中考山东省三年中考物理真题分类解析汇编专题17 电功率三答案解析.docx

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备战中考山东省三年中考物理真题分类解析汇编专题17电功率三答案解析

备战2019年中考山东省三年中考物理真题分类解析汇编

专题17电功率（三）（答案解析）

1．（2018•威海）如图所示，R1的阻值为5Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为40Ω，电源电压保持4.5V不变，电流表量程为“0﹣0.6A”，电压表量程为“0﹣3V”。

为保证电路安全，R2接入电路中的最小阻值为　2.5　Ω，R1消耗的最小功率为　0.45　W。

【分析】由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，电流表示数最大为0.6A，电压表示数最大为3V，根据欧姆定律和串联电路的特点分别算出对应的滑动变阻器的最小阻值和电路的最小电流，根据功率公式求出最小功率。

【解答】解：

由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路总电流，

当电流表示数最大为I1=0.6A时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，

根据欧姆定律可得，电阻R1两端电压：

U1=I1R1=0.6A×5Ω=3V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器两端的电压：

U2=U﹣U1=4.5V﹣3V=1.5V，

因串联电路中各处的电流相等，

则由欧姆定律可得，变阻器连入电路的最小阻值：

Rmin=

=

=2.5Ω；

当电压表示数最大为U大=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，电路中的电流是最小的，

此时R1两端电压：

U1′=U﹣U2大=4.5V﹣3V=1.5V，

则电路中的最小电流：

I小=

=

=0.3A，

R1消耗的最小功率为：

P1=I小2R1=（0.3A）2×5Ω=0.45W。

故答案为：

2.5；0.45。

【点评】本题考查了求滑动变阻器接入电路的阻值范围，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。

2．（2016•泰安）如图所示，电源电压保持6V不变，电阻R1=10Ω，R2=20Ω，闭合开关S，通电30s，则电阻R1产生的热量为　12　J。

【分析】根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流的电流，再根据Q=I2Rt求出通电30s电阻R1产生的热量。

【解答】解：

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路中的电流：

I=

=

=0.2A，

则通电30s电阻R1产生的热量：

Q1=I2R1t=（0.2A）2×10Ω×30s=12J。

故答案为：

12。

【点评】本题考查了电阻的串联和欧姆定律、焦耳定律的应用，是一道基础题目。

3．（2016•济宁）在研究微型电动机的性能时，小希用如图所示的实验电路进行实验。

通过调节滑动变阻器R使电动机实现停止转动和正常运转，并将测量数据记录在表中，则这动机的电阻为　4　Ω．在正常运转时因发热而损失的功率为　16　W．

电动机状态

U/V

I/A

停止转动

2

0.5

正常运转

2.4

2

【分析】

（1）电动机停止转动时为纯电阻用电器，根据欧姆定律求出电动机的电阻；

（2）电动机正常运转时，根据P=I2R求出因发热而损失的功率。

【解答】解：

（1）电动机停止转动时，由I=

可得，电动机的电阻：

R=

=

=4Ω；

（2）电动机正常运转时，因发热而损失的功率：

PR=I22R=（2A）2×4Ω=16W。

故答案为：

4；16。

【点评】本题考查了欧姆定律和电热公式公式的应用，要注意电动机停止转动时为纯电阻用电器欧姆定律适用，电动机正常运转时为非纯电阻用电器欧姆定律不适用。

4．（2016•淄博）如图所示是某电能表表盘的部分数据（imp表示电能表指示灯闪烁的次数）．当电路中某用电器单独工作6min时，电能表指示灯闪烁了320次，则该用电器消耗的电能是　0.1　kW•h，它的功率是　1000　W。

【分析】电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表。

3200imp/（kW•h）的含义是：

电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次。

根据题目所给条件和电功率的公式P=

，进行解答。

【解答】解：

因为电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次。

所以当指示灯闪烁320次时，消耗的电能为W=

=0.1kW•h，

t=6min=0.1h

用电器的额定功率P=

=

=1kW=1000W。

故答案为：

0.1；1000。

【点评】本题考查学生对电能表铭牌上数据的理解情况，同时要求掌握电功率的计算方法。

注意题目中的单位换算。

5．（2016•烟台）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：

I乙=2：

5，则R1：

R2=　2：

3　；当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：

U乙=　5：

3　，R1、R2消耗的电功率之比为P1：

P2=　2：

3　。

【分析】

（1）当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；

（2）当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1和R2串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压；根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比，根据P=UI求出R1、R2消耗的电功率之比。

【解答】解：

（1）当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过两电阻的电流之比：

=

=

=

，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，由I=

可得，两电阻的阻值之比：

=

=

=

；

（2）当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，两电阻两端的电压之比：

=

=

=

，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，两电压表的示数之比：

=

=

=

，

R1、R2消耗的电功率之比：

=

=

=

。

故答案为：

2：

3；5：

3；2：

3。

【点评】本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先并联后串联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。

6．（2016•德州）甲、乙两灯泡中的电流与电压变化的关系如图所示，将甲、乙两灯泡串联后接在电压为　8　V的电源两端时，甲灯泡中通过的电流为0.5A，此时乙灯泡1min消耗的电能是　180　J。

【分析】甲、乙两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据图象读出两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据W=UIt求出乙灯泡1min消耗的电能。

【解答】解：

甲、乙两灯泡串联，且，甲灯泡中通过的电流为0.5A时，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，I乙=I甲=0.5A，

由图象可知，两灯泡两端的电压分别为U甲=2V，U乙=6V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电源的电压：

U=U甲+U乙=2V+6V=8V，

乙灯泡1min消耗的电能：

W乙=U乙I乙t=6V×0.5A×60s=180J。

故答案为：

8；180。

【点评】本题考查了串联电路的特点和电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

7．（2016•德州）在测量额定电压为“2.5V”小灯泡电功率（正常发光时电阻约为10Ω）的实验中，电源为两节新干电池。

（1）图甲的实物图连接中有不妥之处，应如何改正：

　电流表量程应选0～0.6A　。

（2）闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，小莉发现小灯泡始终不亮，观察两电表发现，指针始终处于图乙所示位置，其故障原因可能是　小灯泡断路　。

（3）改动滑动变阻器滑片P的位置，获得多组对应的电压值和电流值，绘制如图丙所示的图象，由图象可知，小灯泡的额定功率是　0.625　W。

（4）若实验中电流表坏了，为了测量小灯泡的额定功率，小莉选用一个Rc=5Ω的电阻，设计了如图所示的电路及实验方案：

①调节滑动变阻器滑片使电压表的示数为小灯泡额定电压；

②保持滑片位置不变，只将电压表的a点接线改接到c点，测出Rc两端的电压Uc，通过计算得到小灯泡的额定功率。

指出她的设计方案中存在的两个问题：

问题一：

　无论怎样调节变阻器，都不能使灯泡正常发光　；

问题二：

　电压表的正负接线柱接反，无法测出R0两端的电压　。

【分析】

（1）根据给出的额定电压和电阻，利用公式判断电路中的最大电流，从而判断电流表的量程。

这就要求电表的正负极、不能接错，通过的实际电流也不能超过电流表的量程，否则将烧坏电表。

（2）发现灯泡不亮，电流表无示数，则电路为发生断路，电压表有示数，说明与电压表并联的用电器断路；。

（3）要测灯泡的额定功率，应使灯泡两端的电压等于其额定电压；根据图丙读出电流表的示数，由P=UI计算出灯泡的额定电功率。

（4）根据串联电路的特点分析灯泡是否能够正常发光；电压表并联在电路中，电流应由正接线柱流入，负接线柱流出。

【解答】解：

（1）根据小灯泡铭牌可知其额定电流为I=

=

=0.25A，所以电流表量程接错，故电流表量程应选0～0.6A；

（2）从乙图可知，电路中电流为零，说明连入电路很大，可判断电路某处断路，从电压表示数等于电源电压，小灯泡不亮可判断小灯泡断路；

（3）当U=2.5V时，I=0.25A，所以小灯泡的额定功率：

P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；

（4）由题意知，电源电压约为3V，灯泡正常发光时电阻约为10Ω，当变阻器电阻为零时，设灯泡两端的电压为U，根据串联电路的特点：

=

，即

解得：

U=2V，所以无论怎样调节变阻器，都不能使灯泡正常发光；

保持滑片位置不变，只将电压表的a点接线改接到c点，电压表的正负接线柱接反，无法测出R0两端的电压。

故答案为：

（1）电流表量程应选0～0.6A；

（2）小灯泡断路；（3）0.625；（4）无论怎样调节变阻器，都不能使灯泡正常发光；电压表的正负接线柱接反，无法测出R0两端的电压。

【点评】本题是测量小灯泡的额定功率实验，考查了电路的连接、电路故障的分析、电流表的读数及电功率的计算，同时考查了对实验设计的分析，关键掌握测量的原理及电表的使用方法。

8．（2016•滨州）某实验小组的同学用下图所示器材测量小灯泡的电功率。

已知电源电压恒为6V不变，待测灯泡的额定电压为3.8V，功率估计在1.1W左右。

（1）请在图甲中用笔画线代替导线，使其成为完整的实验电路。

（2）请根据实物图在右侧虚线框内画出对应电路图。

（3）连接电路时，开关应该　断开　。

（4）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于　B　端（选填A或B）。

（5）闭合开关，同学们发现，电流表没有示数，灯泡不亮，电压表示数接近电源电压，此时电路故障为　小灯泡断路　。

（6）故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器换片P，使灯泡正常发光，此时电流表示数如图丙所示为　0.3　A，则待测灯泡的额定功率为　1.14　W；

（7）若实验器材中电压表0～15V量程被损坏，利用上图器材怎样测定待测灯泡的额定功率？

简要步骤

　把电压表和变阻器并联，移动滑片使电压表示数等于2.2V，读出电流表示数　。

【分析】

（1）根据灯泡额定电压选择电压表量程，然后把电压表并联在灯泡两端；

（2）根据实物电路图作出电路图；

（3）为保护电路，连接电路时，开关应断开；

（4）为防止闭合开关时，电路中电流过大烧坏用电器，保护电路的滑动变阻器处于最大阻值处；

（5）电压表有示数，说明与电压表两接线柱连接的电路是通路，电流表无示数，说明电路断路，从而判断出故障的可能原因；

（6）根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，根据P=UI计算灯泡的额定功率；

（7）电源电压为6V，根据串联电路电压特点，当灯泡电压为3.8V，滑动变阻器的电压为2.2V＜3V，可以利用0～3V量程测量滑动变阻器的电压；按此分析将电压表与滑动变阻器并联进行实验即可。

【解答】解：

（1）灯泡额定电压为3.8V，电压表选择0～15V量程，把电压表并联在灯泡两端，如图所示：

（2）根据实物电路图作出电路图，电路图如图所示：

（3）为了保护电路，在按电路图连接电路时，应先将开关断开；

（4）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应调至阻值最大处，根据电路连接可知，应该将滑片调至B端；

（5）连好电路，闭合开关，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，说明在电压表两接线柱之间的电路是断路，所以出现故障的可能原因是灯泡的灯丝断了（或连接灯泡的导线断了）；

（6）电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.3A；额定功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；

（7）①灯泡和滑动变阻器串联在电路中；②把电压表并联在滑动变阻器的两端；③滑动变阻器的滑片，使滑动变阻器两端电压为6V﹣3.8V=2.2V；④读出电流表示数。

故答案为：

（1）见上图；

（2）见上图；（3）断开；（4）B；（5）小灯泡断路；（6）0.3；1.14；（7）把电压表和变阻器并联，移动滑片使电压表示数等于2.2V，读出电流表示数。

【点评】本题考查了伏安法测小灯泡额定功率的实验，考查了设计实验电路图、连接实物图、电流表读数、求额定功率等内容，涉及的知识点较多，但都属于基础题；知道伏安法测功率的原理是解题的关键。

9．（2017•临沂）现代居家生活中，水族箱已成为室内装饰的一个亮点，某品牌水族箱（如图）的玻璃容器内装有50L水，内置一根“220V100W”的自动温控棒，冬天养热带鱼时，水族箱内水的温度要求控制在26℃～28℃之间（温度棒的水温低于26℃时开始工作，水温达到28℃时自动断开）

（1）求水族箱中水的质量；

（2）在某次温控中，温控棒正常工作了87.5min，求该次温控棒的温控效率【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】

（3）若用电高峰时，家庭电路的实际电压仅为217.8V，求此时温控棒的工作电流（温控棒阻值不变）

【分析】

（1）知道水的体积，根据密度公式求出水的质量；

（2）根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，根据P=

求出消耗的电能，利用η=

×100%求出该次温控棒的温控效率。

（3）根据P=

求得温控棒阻值，温控棒阻值不变，根据I=

可求得此时温控棒的工作电流。

【解答】解：

（1）水的体积：

V=50L=0.05m3，

由ρ=

可得，水族箱内水的质量：

m=ρV=1.0×103kg/m3×0.05m3=50kg；

（2）已知加热过程中温度由26℃加热到28℃，温控棒正常工作了87.5min，

水吸收的热量：

Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（28℃﹣26℃）=4.2×105J，

由P=

可得，消耗的电能：

W=Pt=100W×87.5×60s=5.25×105J，

该次温控棒的温控效率：

η=

×100%=

×100%=80%。

（3）由P=

可得，

温控棒阻值R=

=

=484Ω，

已知温控棒阻值不变，当家庭电路的实际电压仅为217.8V时，温控棒的工作电流

I=

=

=0.45A。

答：

（1）水族箱中水的质量为50kg；

（2）该次温控棒的温控效率为80%；

（3）此时温控棒的工作电流为0.45A。

【点评】本题考查了密度公式和电功率公式、吸热公式、效率公式的应用，从题意中得出加热时间和温度的变化是关键。

10．（2017•滨州）如图，将标有“6V3W”字样的灯泡L1和标有“6V6W”字样的灯泡L2串联在电路中，使其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡的实际功率不超过其额定功率，不考虑温度对电阻的影响。

求：

（1）灯泡L1正常工作时的电流；

（2）灯泡L2的电阻；

（3）电源电压；

（4）此电路工作2分钟消耗的电能。

【分析】

（1）根据公式P=UI计算电流；

（2）由功率公式求灯泡的电阻；

（3）根据每个灯泡的额定电流判定电路中的电流，根据欧姆定律求出电源电压；

（4）根据公式W=UIt计算消耗的电能。

【解答】解：

（1）由P=UI可知：

灯泡L1正常工作时的电流为：

I1=

=

=0.5A；

（2）由P=

可知灯泡L2的电阻为：

R2=

=

=6Ω；

（3）灯泡L2的额定电流为：

I2=

=

=1A，两灯泡串联，电流相等，一灯泡达正常发光，另一灯不超过额定电压，则一定是3W灯正常发光；

则灯泡L2两端的电压为：

U'2=I1R2=0.5A×6Ω=3V，

电源电压为：

U=U1+U'2=6V+3V=9V；

（4）此电路工作2分钟消耗的电能为：

W=UIt=9V×0.5A×120s=540J。

答：

（1）灯泡L1正常工作时的电流为0.5A；

（2）灯泡L2的电阻为6Ω；

（3）电源电压为9V；

（4）此电路工作2分钟消耗的电能为540J。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是电路中最大电流的确定。

11．（2017•威海）某生态园设计了模拟日光和自动调温系统，实现照明、保温和加热的功能，其原理如图所示，电源电压恒为220V，R1和R2是两个电热丝（不考虑温度对电阻的影响），R2=30Ω，L是标有“220V160W”的照明灯泡，白天有日光的时候，只开启该系统的保温功能并连续工作10h，此时R1与R2的电功率之比为1：

3，晚上温度较低的时候，需开启加热和照明功能。

灯泡正常发光此状态下系统也需连续工作10h，q沼气=1.8×107J/m3，请解答下列问题：

（1）晚上工作时电路的总功率是多大？

（2）若一天中工作的20h内电热丝放出的热量完全由该生态园自产的沼气提供，其热效率为50%，则每天需要完全燃烧多少m3的沼气？

【分析】

（1）由电路图分析电路的工作状态，白天保温状态时，R1、R2串联，晚上加热时L与R1并联。

由白天工作时两电阻功率计算出R1的阻值，再计算晚上时R1电功率，从而得到晚上工作时电路的总功率；

（2）由P=

计算白天保温的总功率，由Q=W=Pt计算一天内电热丝放出的热量，由沼气效率和Q=qV计算需要燃烧沼气的体积。

【解答】解：

（1）由题知，白天有日光时，系统处于保温状态，灯泡不工作，此时两开关应断开，两电阻R1、R2串联，总电阻最大，总功率最小；

由串联电路的特点可知，通过两电阻的电流相等，且R1与R2的电功率之比为1：

3，

由P=I2R可得：

=

=

=

，

由题知R2=30Ω，所以R1=10Ω；

晚上系统处于加热状态，且灯泡正常工作，由电路图可知，此时两开关应都闭合，灯泡L与R1并联；

由并联电路的特点可知，此时U=U1=220V，且灯泡正常工作，

所以R1的功率：

P1′=

=

=4840W，

所以晚上工作电路的总功率：

P总=P额+P1'=160W+4840W=5000W；

（2）由串联电路的特点和P=

可得，白天系统在保温状态时电热丝的总功率：

P保温=

=

=1210W，

由题可知白天和晚上系统的工作时间相同，则一天内电热丝放出的热量：

Q=W=P1′t+P保温t=（P1′+P保温）t=（4840W+1210W）×10×3600s=2.178×108J，

由沼气燃烧的热效率为50%可得：

50%Q放=Q，

由Q放=qV可得需要燃烧沼气的体积：

V=

=

=

=24.2m3。

答：

（1）晚上工作时电路的总功率是5000W；

（2）每天需要完全燃烧24.2m3的沼气。

【点评】本题考查了串联和并联电路特点、燃料热值、电功率和电热的计算公式的应用，根据题意和电路图分析出白天和晚上系统的工作情况是关键。

12．（2017•聊城）如图所示，电源电压保持12V不变，电阻R1=50Ω，只闭合开关S3，将滑动变阻器滑片P移到中点时，电流表示数为0.2A，小灯泡L的实际功率为1.8W；电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V．（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。

求：

（1）开关S1、S2、S3都闭合时，通过R1的电流是多少？

（2）小灯泡的电阻是多少？

只闭合开关S3，滑片P在中点时，电压表的示数是多少？

（3）在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是多少？

【分析】

（1）首先弄明白开关S1、S2、S3都闭合时，电路结构，再根据欧姆定律计算通过R1的电流；

（2）只闭合S3时，灯泡和滑动变阻器串联，知道电流值和小灯泡的实际功率，根据P=I2R求出灯泡的电阻；

根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，根据串联分压求出滑动变阻器两端的电压，即为电压表示数；

（3）电源电压不变，电路中的总电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小；

为了保证电路安全，电压表示数不能超过3V，据此求出R1两端的电压，进而求出最小电流，根据P=UI求出最小功率。

【解答】解：

（1）开关S1、S2、S3都闭合时，滑动变阻器被短路，R1和L并联，

通过R1的电流：

I1=

=

=0.24A；

（2）只闭合S3时，滑动变阻器滑片P移到中点时，灯泡和滑动变阻器串联，

由P=I2R得：

灯泡的电阻：

RL=

=

=45Ω；

此时灯泡两端的实际电压：

UL=IL实RL=0.2A×45Ω=9V，

所以滑动变阻器两端的电压：

U滑=U﹣UL=12V﹣9V=3V，即为电压表示数；

此时滑动变阻器连入电路中的阻值R=

=

=15Ω，

滑动变阻器的最大阻值R滑=2R=2×15Ω=30Ω；

（3）电源电压不变，电路中的总电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，即只闭合开关S1时，R1和R2串联，电阻最大，电路中的电流最小，此时电路消耗的功率最小；

为了保护电路安全，电压表示数不能超过3V，此时R1两端的最小电压U1=U﹣U2大=12V﹣3V=9V，

电路中的最小电流I小=

=

=0.18A，

滑动变阻器连入电路的最大阻值R滑=

=

≈16.7Ω，小于滑动变阻器的最大阻值；

电路消耗的最小功率P=UI小=12V×0.18A=2.16W。

答：

（1）开关S1、S2、S3都闭合时，通过R1的电流是0.24A；

（2）小灯泡的电阻是45Ω；只闭合开关S3，滑片P在中点时，电压表的示数是3V；

（3）在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是2.16W。

【点评】此题主要考查的是学生对欧姆定律、电功率计算公式、电路结构分析的理解和掌握，弄明白电阻最大时，电路中电流最小，电路消耗的功率最小是解决此题的关键。

13．（2017•东营）进入三月份以来，东营街头出现了一种共享电动汽车。

下表是这种汽车的主要参数。

（g取10N/kg）

空车质量

800kg

每个轮胎与地面接触面积

50cm2

电池容量

44kW•h

标准承载

200kg

最大续航（充满电最大行驶路程）

200km

所受阻力与汽车总重的比值

0.09

（1）电动机是电动汽车的核心部分，电动机工作时能量的转化是　电能转化为机械能　。

电动机的工作原理是　通电线圈在磁场中受力转动　。

（2）标准承载下，电动汽车静止时对水平地面的压强是多少？

（3）图2是电动汽车行驶在某路段的路程与时间图象，标准承载下，电动汽车以速度匀速行驶1分钟的耗电量为0.4kW•h，电动机的效率是多少？

（4）若某燃油汽车百公里耗油6升，每升油5.5元，电动汽车充电每度0.8元，通过计算比较使用燃油汽车与