学年四川省巴中中学高一下学期期中考试化学考试题.docx
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学年四川省巴中中学高一下学期期中考试化学考试题
四川巴中中学2018-2019高一期中
化学试题
★祝考试顺利★
注意事项:
1、答题前,请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
2、选择题的作答:
每个小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
3、主观题的作答:
用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。
如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4、选考题的作答:
先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
5、保持卡面清洁,不折叠,不破损,不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。
6、考试结束后,请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
I卷(选择题)
一、选择题(每小题只有一个选项符合题意,每小题2分,共50分)
1.化学在生产、生活中有着广泛的应用,下列物质性质与实际应用对应关系错误的是
物质性质
实际应用
A
明矾溶于水能生成胶体
明矾用作净水剂
B
SiO2熔点高、硬度大
SiO2作光导纤维
C
次氯酸具有强氧化性
漂粉精用于游泳池消毒
D
Na2CO3溶液呈碱性
用热的纯碱溶液除去油污
A.AB.BC.CD.D
【答案】B
【解析】
【详解】A.明矾电离产生铝离子,铝离子水解生成氢氧化铝胶体,胶体具有吸附性,能够用于水的净化,A正确;
B.SiO2作光导纤维,是因为其良好的光学特性,与其熔点高、硬度大小无关,B错误;
C.氯酸根离子具有强氧化性,能够使蛋白质变性,可以用于杀菌消毒,C正确;
D.Na2CO3为强碱弱酸盐,水解显碱性,加热促进碳酸根离子水解,溶液碱性增强,油脂在碱性环境下水解生成可溶性高级脂肪酸盐和甘油,所以可用热的纯碱溶液除去油污,D正确;
故合理选项是B。
2.下列有关化学用语表示正确的是()
A.次氯酸的结构式:
H-Cl-O
B.氧根离子
电子式:
C.氯离子的结构示意图:
D.中子数为146、质子数为92
铀(U)原子:
14692U
【答案】B
【解析】
【详解】A.次氯酸的结构式为:
H-O-Cl,故A错误;
B.氢氧根离子带1个单位的负电荷,离子中O原子与H原子之间形成1个共用电子对,氧原子达到八电子稳定结构,氢氧根电子式为
,故B正确;
C.氯原子质子数为17,核外电子数为17,3个电子层,各层电子数分别为2、8、7,氯原子结构示意图为
,离子结构示意图为
,故C错误;
D.中子数为146、质子数为92的铀(U)原子的质量数为146+92=238,该铀原子符号为23892U,故D错误。
答案选B。
【点睛】选项A是解答的易错点,书写化合物的电子式时,应注意原子间的连接顺序,确定原子间连接顺序的方法是先标出各原子的化合价,然后根据异性微粒相邻,同性微粒相间的原则确定。
3.某化学课外小组利用废铜制取硫酸铜,设计了如下制取方案,其中从理论、操作、经济和环保等方面考虑,你认为最合理的是
A.Cu
CuO
CuSO4
B.Cu
CuSO4
C.Cu
CuSO4
D.Cu
Cu(NO3)2
Cu(OH)2
CuSO4
【答案】A
【解析】
【详解】A.Cu
CuO
CuSO4中原子利用率高,经济、环保;
B.Cu
CuSO4中原子利用率低,且产生大气污染物SO2;
C.Cu与稀硫酸不反应;
D.Cu
Cu(NO3)2
Cu(OH)2
CuSO4中步骤过多,成本较高,不经济。
综上所述,最合理的方案是A,答案选A。
4.氰酸铵(NH4OCN)与尿素[CO(NH2)2]
A.都是共价化合物B.都是离子化合物
C.互
同分异构体D.互为同素异形体
【答案】C
【解析】
试题分析:
氰酸铵(NH4OCN)是铵盐,是离子化合物,尿素[CO(NH2)2]中只含共价键,是共价化合物,氰酸铵(NH4OCN)与尿素[CO(NH2)2]的分子式相同,结构不同,属于同分异构体,同素异形体是单质,氰酸铵(NH4OCN)与尿素[CO(NH2)2]都是化合物,不是同素异形体。
答案选C。
考点:
化学键,同分异构体,同素异形体
5.某元素的原子最外层有2个电子,该元素( )
A.一定是金属元素B.最高化合价一定为+2价
C.一定是ⅡA族元素或是HeD.无法确定属于哪类元素
【答案】D
【解析】
最外层有2个电子的元素原子,可能是ⅡA族元素,也可能是He,还可能是副族元素,若为副族元素,其最高正价不一定为+2价,答案选D。
6.列说法中正确的是()
A.第ⅦA族中元素的最高化合价都是+7价
B.第VA族元素的最高化合价一定是+6价
C.第ⅣA族元素的最高化合价都是+4价
D.第IA族中都是活泼的金属元素
【答案】C
【解析】
【分析】
主族元素的最高价一般等于元素原子的最外层电子数,据此判断。
【详解】A.第ⅦA族中元素的最高化合价不一定都是+7价,例如F没有正价,A错误;
B.第VA族元素的最高化合价一定是+5价,B错误;
C.第ⅣA族元素的最高化合价都是+4价,C正确;
D.第IA族中并非都是活泼的金属元素,例如H是非金属,D错误;
答案选C。
7.下列粒子中与NH4+具有不同质子数但具有相同电子数的粒子是
A.Na+B.Cl-C.OH-D.-CH3
【答案】C
【解析】
【详解】NH4+的质子数和电子数分别是11、10。
则:
A.Na+的质子数和电子数分别是11、10,A不选。
B.Cl-的质子数和电子数分别是17、18,B不选。
C.OH-的质子数和电子数分别是9、10,C选。
D.-CH3的质子数和电子数分别是9、9,D不选。
答案选C。
8.对下列事实解释错误的是()
A.向蔗糖中加入浓H2SO4后出现发黑现象,说明浓H2SO4具有脱水性
B.浓硝酸在光照下颜色变黄,说明浓硝酸不稳定
C.常温下,浓硝酸可以用铝罐贮存,说明铝与浓硝酸不反应
D.反应CuSO4+H2S==CuS↓+H2SO4能进行,说明硫化铜既不溶于水,也不溶于稀硫酸
【答案】C
【解析】
常温下,浓硝酸可以用铝罐贮存,是因为铝表面被氧化为致密的氧化物薄膜阻止了进一步的反应,而不是没有反应。
答案选C。
9.如图所示,锥形瓶内盛有气体X,滴管内盛有液体Y.若挤压滴管胶头,使液体Y滴入瓶中,振荡,过一会可见小气球a鼓起.气体X和液体Y不可能是()
A.X是NH3,Y是水
B.X是SO2,Y是NaOH浓溶液
C.X是CO2,Y是稀硫酸
D.X是HCl,Y是NaNO3稀溶液
【答案】C
【解析】
试题分析:
挤压胶头滴管,使液体Y滴入瓶中,振荡,一会儿可见小气球a鼓起,说明锥形瓶内压强减小,X可能溶于Y或与Y发生反应.
解:
A、NH3极易溶于水,NH3溶于水时,锥形瓶中的压强减小,能够导致小气球a鼓起,气体X和液体Y可能是NH3和水,故A正确;
B、SO2能够与NaOH浓溶液反应,SO2被吸收,锥形瓶中的压强减小,能够导致小气球a鼓起,气体X和液体Y可能是SO2和NaOH浓溶液,故B正确;
C、CO2与稀硫酸不反应,难溶于稀硫酸溶液,压强基本不变,小气球不能鼓起,气体X和液体Y不可能
CO2和稀硫酸,故C错误;
D、氯化氢不与NaNO3反应,但氯化氢极易溶于水,氯化氢溶于水时,锥形瓶中的压强减小,能够导致小气球a鼓起,气体X和液体Y可能是氯化氢和NaNO3稀溶液,故D正确;
故选C.
10.下列反应中硝酸既能表现出酸性又能表现出氧化性的是
A.使石蕊试液变红
B.与铜反应放出NO气体,生成Cu(NO3)2
C.与Na2CO3反应放出CO2气体,生成NaNO3
D.与硫单质共热时生成H2SO4和NO2
【答案】B
【解析】
【详解】A.使石蕊试液变红体现硝酸的酸性,A不选;
B.与铜反应放出NO气体,生成Cu(NO3)2,反应中氮元素化合价降低,由硝酸盐生成,硝酸既能表现出酸性又能表现出氧化性,B选;
C.与Na2CO3反应放出CO2气体,生成NaNO3只体现硝酸的酸性,不是氧化还原反应,C不选;
D.与硫单质共热时生成H2SO4和NO2,反应中氮元素化合价降低,没有硝酸盐生成,只体现硝酸的氧化性,D不选;
答案选B。
【点睛】明确硝酸体现酸性和氧化性的标志及特征是解答的关键,如果反应中氮元素化合价降低,说明得到电子,体现氧化性。
如果有硝酸盐生成,则体现酸性。
11.在4mol/L的硫酸和2mol/L的硝酸混合溶液10mL中,加入6.5g锌粉,充分反应后最多可收集到标准状况下的气体的体积为()
A.112mLB.224mLC.448mLD.672mL
【答案】D
【解析】
【详解】锌与稀硝酸反应的实质是3Zn+8H++2NO3-=3Zn2++2NO↑+4H2O,混合溶液中含H+物质的量=0.04mol×2+0.02mol=0.10mol,硝酸根离子的物质的量是0.02mol,6.5g锌的物质的量=6.5g÷65g/mol=0.1mol。
根据离子方程式可知3Zn~2NO3-~8H+~2NO,因此氢离子、锌过量,硝酸根离子完全反应,则生成的NO气体的物质的量为0.02mol,剩余的锌是0.07mol,氢离子是0.02mol,根据方程式Zn+2H+=Zn2++H2↑可知还可以产生0.01mol氢气,则标准状况下的体积为0.03mol×22.4L/mol=0.672L=672mL,答案选D。
【点睛】明确反应的先后顺序以及准确判断出过量问题是解答的关键,注意与硝酸反应时应该利用离子方程式判断,不要利用化学方程式,为易错点。
12.下列关于物质性质变化的比较中不正确的是
A.酸性强弱:
HIO4<HBrO4<HClO4
B.原子半径大小:
Na>S>O
C.碱性强弱:
KOH>NaOH>LiOH
D.还原性强弱F->Cl->I-
【答案】D
【解析】
【详解】A.非金属性越强,最高价含氧酸的酸性越强,非金属性I<Br<Cl,则酸性强弱:
HIO4<HBrO4<HClO4,A正确;
B.同周期自左向右原子半径逐渐减小,同主族从上到下原子半径逐渐增大,则原子半径大小:
Na>S>O,B正确;
C.金属性越强,最高价氧化物对应水化物的碱性越强,金属性K>Na>Li,则碱性强弱:
KOH>NaOH>LiOH,C正确;
D.非金属性越强,相应阴离子的还原性越强,非金属性F>Cl>I,则还原性强弱F-<Cl-<I-,D错误;
答案选D。
13.X和Y均为短周期元素,两者能组成化合物X2Y3,已知X的原子序数为n,则Y的原子序数不可能是
A.n+1B.n-6C.n+3D.n-5
【答案】B
【解析】
【详解】A、如果是N2O3,则Y的原子序数是n+1,A不选;
B、根据价序原则,化合价为奇数的,核电荷数为奇数,化合价为偶数的,核电荷数为偶数,则X、Y的核电荷数之差不可能是偶数,因为奇数和偶数的差与和还是奇数,B选;
C、化合物X2Y3中X、Y的化合价分别是+3价和-2价,即分别可能为第ⅢA和第ⅥA。
若X、Y位于同一周期,则Y的原子序数n+3,若位于X的下一周期,则Y的原子序数n+3+8=n+11,若位于X的上一周期,则Y的原子序数n+3-8=n-5,C不选;
D、根据C中分析可知D不选。
答案选B。
【点睛】明确化合价的计算依据以及掌握常见的化合物组成是解答的关键,注意学会举例排除法在答题中的应用。
14.下列说法正确的是()
A.离子化合物只能由金属元素和非金属元素组成
B.离子化合物只能存在离子键
C.盐酸能电离出氢离子和氯离子,所以HCl存在离子键
D.共价化合物中不可能存在离子键
【答案】D
【解析】
【详解】A.离子化合物中可能不含金属元素,如氯化铵中不含金属元素,但氯化铵是离子化合物,故A错误;
B.离子化合物一定含有离子键,可能含有共价键,如氢氧化钠中含有共价键,故B错误;
C.氯化氢分子中氯原子和氢原子之间只存在共价键,所以氯化氢是共价化合物,但氯化氢溶于水后在水分子的作用下能电离出自由移动的阴阳离子,故C错误;
D.共价化合物中只含共价键,一定不含离子键,故D正确;
故答案为D。
15.X、Y、Z三种非金属元素具有相同的电子层数,它们的气态氢化物的稳定性的强弱顺序为:
XH3<H2Y<HZ,下列说法中正确的是
A.原子序数:
X>Y>ZB.非金属性:
X<Y<Z
C.原子半径:
X<Y<ZD.离子的还原性:
X3-<Y2-<Z-
【答案】B
【解析】
【详解】A、X、Y、Z三种非金属元素具有相同的电子层数说明X、Y、Z为同一周期,同一周期元素气态氢化物的稳定性逐渐增强,气态氢化物的稳定性的强弱顺序为:
XH3<H2Y<HZ,故原子序数为X<Y<Z,故A错误;
B、同一周期从左到右非金属性逐渐增强,故非金属性为X<Y<Z,故B正确;
C、同一周期从左到右,原子半径逐渐减小,故原子半径X>Y>Z,故C错误;
D、同一周期从左到右元素原子的氧化性增强,对应离子的还原性逐渐减弱,还原性X3->Y2->Z-,故D错误;
答案选B。
16.如图是周期表中短周期的一部分,A、B、C三种元素的原子核外电子数之和等于B的质量数,B元素的原子核内质子数等于中子数,下列叙述正确的是( )
A
C
B
A.B为第二周期的元素B.C为VA族元素
C.三种元素不全是非金属元素D.C是化学性质最活泼的非金属元素
【答案】D
【解析】
【分析】
由周期表中短周期的一部分,设A的质子数为x,则B的质子数为x+9,C的质子数为x+2,由A、B、C三种元素的原子核外电子数之和等于B的质量数,B元素的原子核内质子数等于中子数可知x+(x+9)+(x+2)=2(x+9),解得x=7,则A为N元素,B为S元素,C为F元素,然后利用元素的位置及性质来解答。
【详解】根据上述分析可知:
A为N元素,B为S元素,C为F元素。
A.B为S元素,位于第三周期,是第三周期的元素,A错误;
B.C为F元素,为ⅦA族元素,B错误;
C.A、B、C三种元素分别是N、S、F,它们都是非金属元素,C错误;
D.C为F,为ⅦA族元素,极易得电子,则C元素单质是化学性质最活泼的非金属,D正确;
答案选D。
17.A和B是同周期的相邻元素,B和C是同主族的相邻元素,且ABC最外层电子数之和为19,则A、B、C三种元素按用顺序是
A.S、O、FB.F、O、SC.S、Cl、OD.N、F、Cl
【答案】B
【解析】
【详解】A和B是同周期的相邻元素,B和C是同主族的相邻元素,且A、B、C最外层电子数之和为19,则在周期表中可能存在以下几种位置:
①设A的最外层电子数为x,则B、C的最外层电子数都为x-1,则有x+x-1+x-1=19,x=7,则A为Cl,B为S,C为O;
②设A的最外层电子数为x,则B、C的最外层电子数都为x+1,则有x+x+1+x+1=19,x=17/3,不符合题意;
③设A的最外层电子数为x,则B、C的最外层电子数都为x-1,则有x+x-1+x-1=19,x=7,则A为F,B为O,C为S;
④设A的最外层电子数为x,则B、C的最外层电子数都为x+1,则有x+x+1+x+1=19,x=17/3,不符合题意,
答案选B。
18.元素X的原子序数为116,下列叙述正确的是
A.X是非金属元素B.X的钠盐的化学式为Na2X
C.X的最高价氧化物的化学式为XO3D.X的最高价氧化物的水化物为强酸
【答案】C
【解析】
【详解】元素周期表的前六周期已填满,所容纳的元素种数是:
2+8+8+18+18+32=86,而前七周期可容纳元素的种数是:
86+32=118;可见116号元素位于第七周期ⅥA族,属于氧族元素。
则
A、该元素属于氧族元素,位于钋的下一周期,同主族自上而下金属性增强,故该元素为金属元素,故A错误;
B、该元素是金属元素,没有负化合价,不能存在Na2X,故B错误;
C、该元素最外层有6个电子,最高正价为+6价,故X的最高价氧化物的化学式为XO3,故C正确;
D、该元素为金属元素,因此该元素的最高价氧化物的水化物为碱,故D错误。
答案选C。
19.在离子RO3n-中,共有x个核外电子,R原子的质量数为A,则R原子核内含有的中子数目是
A.A-x+n+48B.A-x+n+24C.A-x-n-48D.A+x-n-24
【答案】B
【解析】
【详解】R原子的质量数为A,设R原子核内含中子的数目为N,则R的质子数为A-N,离子RO3n-中共有x个核外电子,所以A-N+24+n=x,所以R原子核内含中子的数目N=A-x+n+24。
答案选B。
20.短周期元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大,其中W的阴离子的核外电子数与X、Y、Z原子的核外内层电子数相同。
X的一种核素在考古时常用来鉴定一些文物的年代,工业上采用液态空气分馏方法来生产Y的单质,而Z不能形成双原子分子。
根据以上叙述,下列说法中正确的是
A.上述四种元素的原子半径大小为W B.W、X、Y、Z原子的核外最外层电子数的总和为20 C.W与Y可形成既含极性共价键又含非极性共价键的化合物 D.由W与X组成的化合物的沸点总低于由W与Y组成的化合物的沸点 【答案】C 【解析】 试题分析: X的一种核素在考古时常用来鉴定一些文物的年代,用的是14C,采用的是断代法;工业上采用液态空气分馏方法来生产Y的单质,这是工业上生产氮的方法,Z的原子序数大于X、Y,且不能形成双原子,所以可只能是稀有气体Ne,X、Y、Z核外内层电子是2个,所以W是H,则: A.X为C,Y为N,同周期元素从左到右元素的原子半径逐渐减小,则原子半径C>N,Z为He,原子半径测定依据不同,一般不与主族元素的原子半径相比较,A错误;B.W、X、Y、Z原子的核外最外层电子数的总和为1+4+5+8=18,B错误;C.W与Y可形成N2H4的化合物,既含极性共价键又含非极性共价键,C正确;D.W为H元素,X为C元素,Y为N元素,C和H可形成多种烃类化合物,当相对分子质量较大时,形成的烃在常温下为液体或固体,沸点较高,D错误;答案选C。 考点: 考查原子结构与元素周期律。 21.下列化学性质中,烷烃不具备的是 A.一定条件下发生分解反应B.可以在空气中燃烧 C.与氯气发生取代反应D.能使酸性高锰酸钾溶液褪色 【答案】D 【解析】 试题分析: A、甲烷分解生成氢气和碳单质,故A正确;B、烷烃是由碳氢两种元素组成的,具有可燃性,可以在空气中燃烧,故B正确;C、烷烃能够和氯气光照条件下发生取代反应,故C正确;D、由于烷烃性质稳定,不能够使高锰酸钾溶液褪色,故D错误;故选D。 考点: 考查了烷烃的化学性质的相关知识。 22.有一类组成最简单的有机硅化合物叫硅烷,它的分子组成与烷烃相似。 下列有关说法中错误的是 A.硅烷的分子通式可表示为SinH2n+2 B.甲硅烷燃烧生成二氧化硅和水 C.甲硅烷(SiH4)相同条件下的密度大于甲烷(CH4) D.甲硅烷的热稳定性强于甲烷 【答案】D 【解析】 【详解】A、硅烷的分子组成和烷烃相似,故可表示为SinH2n+2,故A正确; B、与甲烷性质类比,甲硅烷充分燃烧生成二氧化硅和水,故B正确; C、SiH4的相对分子质量比CH4大,所以密度应比甲烷大,故C正确; D、硅的非金属性比碳弱,所以甲硅烷的热稳定性不如甲烷,故D错误。 答案选D。 【点睛】掌握烷烃的结构和性质特点是解答的关键,注意元素周期律和烷烃知识的迁移灵活应用。 23.下列各物质的名称正确的是 A.3,3-二甲基丁烷B.2,3,3-三甲丁烷 C.2,2-二甲基-3-乙基丁烷D.2,3-二甲基-4-乙基己烷 【答案】D 【解析】 【详解】A、不符合离支链最近的一端编号,应是2,2-二甲基丁烷,A错误; B、不符合支链的代数和最小,应是2,2,3-三甲基丁烷,B错误; C、不符合主链碳原子最多,应是2,2,3-三甲基戊烷,C错误; D、2,3-二甲基-4-乙基己烷命名正确,D正确; 答案选D。 24.在常温下,把一个盛有一定量的甲烷和氯气的密闭玻璃容器放在光亮的地方,两种气体发生反应,下列叙述中不正确的是 A.容器内原子的总数不变B.容器内的分子总数不变 C.容器内压强不变D.发生的反应属于取代反应 【答案】C 【解析】 试题分析: A.化学反应应该遵循质量守恒定律,即反应前后各种元素的原子个数不变。 正确。 B.甲烷与氯气发生的的取代反应,在反应前后,容器内分子总数不变。 正确。 C.由于反应后会得到二氯甲烷、三氯甲烷、四氯甲烷,这些物质在常温下是液态物质,因此反应后容器内压强会减小。 错误。 D.甲烷与氯气在光照时发生反应是甲烷分子中的H原子被Cl原子代替,因此发生的反应属于取代反应。 正确。 考点: 考查甲烷和氯气在光照条件下发生反应的原理的知识。 25.0.4molCH4与Cl2发生取代反应,待反应完成后测得四种有机取代产物的物质的量相等,则消耗氯气的物质的量为 A.0.5molB.1molC.1.5molD.2mol 【答案】B 【解析】 【详解】0.4molCH4与Cl2发生取代反应,待反应完成后测得4种取代物物质的量相等,则CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4的物质的量都是0.1mol,CH4与Cl2发生取代反应时消耗的氢原子和氯气的物质的量之比是1: 1,生成0.1molCH3Cl需要Cl2的物质的量为0.1mol,生成0.1molCH2Cl2需要Cl2的物质的量为0.1mol×2=0.2mol,生成0.1molCHCl3需要Cl2的物质的量为0.1mol×3=0.3mol,生成0.1molCCl4需要Cl2的物质的量为0.1mol×4=0.4mol,所以总共消耗的氯气的物质的量=(0.1+0.2+0.3+0.4)mol=1.0mol。 答案选B 二、填空题(共50分) 26.在2008年初我国南方遭遇的冰雪灾害中,使用了一种融雪剂,其主要成分的化学式为XY2,X、Y均为周期表前20号元素,其阳离子和阴离子的电子层结构相同,且1molXY2含有54mol电子。 (1)该融雪剂的化学式是__________: X与氢元素形成的化合物的电子式是__________。 (2)元素D、E原子的最外层电子数是其电子层数的2倍,D与Y相邻,D与E能形成一种三核分子,该分子的结构式为__________;D所在族元素的氢化物中沸点最低的是__________。 (3)元素R与Y同主族,其氢化物能用于刻蚀玻璃,R2与NaOH溶液反应的产物之一是OR2,该反应的离子方程式为__________。 【答案】 (1).CaCl2 (2). (3).S=C=S(4).H2S(5).2F2+2OH-=
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- 学年 四川省 巴中 中学 一下 学期 期中考试 化学 考试题