重庆市酉阳一中届高三上学期期末考试数学理模拟试题Word版附详细解析.docx
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重庆市酉阳一中届高三上学期期末考试数学理模拟试题Word版附详细解析
酉阳一中高2018级高三上期末模拟检测
数学试题(理科)
第I卷(选择题,共60分)
一、选择题:
本大题共12小题,每小题5分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.已知集合,则中元素的个数为()
A.必有1个B.1个或2个C.至多1个D.可能2个以上
【答案】C
【解析】集合A={(x,y)|y=f(x),x∈D},B={(x,y)|x=1},
当1∈D时,直线x=1与函数y=f(x),有一个交点,
当1∉D时,直线x=1与函数y=f(x),没有交点,
所以A∩B中元素的个数为1或0.
故答案为:
C.
2.已知复数满足,则复数的虚部是()
A.B.C.D.
【答案】C
【解析】由条件知道
,由虚部的概念得到。
故答案为C。
3.已知向量是互相垂直的单位向量,且,则()
A.B.1C.6D.
【答案】D
【解析】向量是互相垂直的单位向量,故,
故答案为:
D。
4.已知是抛物线的焦点,点在抛物线上,且,则()
A.B.C.D.
【答案】C
【解析】由,得则
由得,由抛物线的性质可得|
故选C.
5.在数列中,已知,则的前项和()
A.B.C.D.
【答案】D
【解析】试题分析:
由,
,故选D.
考点:
数列求和.
6.某班某学习小组共7名同学站在一排照相,要求同学甲和乙必须相邻,同学丙和丁不能相邻,则不同的战法共有()种.
A.B.C.D.
【答案】A
【解析】试题分析:
根据题意,分步进行分析,①因为甲和乙相邻,将其看成一个整体,考虑两人的顺序,有种情况,②将除去甲、乙、丙、丁剩下的个人和整体看成,有种情况,③元素不相邻利用“插空法”;则共有种情况,故选:
A.
考点:
排列与组合.
【方法点睛】本题考查排列、组合的运用,因为涉及的限制条件比较多,所以注意认真分析题意,认清问题是排列还是组合问题,还要注意相邻问题需要用捆绑法;根据题意,分步进行分析,①因为甲和乙相邻,用捆绑法分析可得其情况数目,②将除去甲、乙、丙、丁剩下的个人和整体看成人,③元素不相邻利用“插空法”,进而由分步计数原理计算可得答案.
7.如图程序框图,若输入,输出的,则判断框内应填的条件为()
A.<1B.<0.5C.<0.2D.<0.1
【答案】B
【解析】当第一次执行,返回,第二次执行,返回,第三次,,要输出x,故满足判断框,此时,故选B.
.....................
8.若在区间内恰有一个极值点,则实数的取值范围为()
A.B.C.D.
【答案】B
【解析】由题意,,
则,
即,
解得,
另外,当时,在区间(−1,1)恰有一个极值点,
当时,函数在区间(−1,1)没有一个极值点,
实数的取值范围为.
故选:
B.
9.满足,若取得最大值的最优解不唯一,则实数为()
A.B.C.D.或
【答案】C
【解析】试题分析:
作出不等式组对应的平面区域如图:
(阴影部分).由得,即直线的截距最小,最大.若,此时,此时,目标函数只在处取得最大值,不满足条件,若,目标函数的斜率,要使取得最大值的最优解不唯一,则直线与直线平行,此时,若,不满足,故选C.
考点:
简单的线性规划.
10.设,,且,则的最大值为()
A.B.C.D.
【答案】D
【解析】试题分析:
由,得,
,当且仅当时,等号成立,则的最大值为,故选D.
考点:
基本不等式.
【易错点睛】本题主要考查了基本不等式.基本不等式求最值应注意的问题:
(1)使用基本不等式求最值,其失误的真正原因是对其前提“一正、二定、三相等”的忽视.要利用基本不等式求最值,这三个条件缺一不可.
(2)在运用基本不等式时,要特别注意“拆”“拼”“凑”等技巧,使其满足基本不等式中“正”“定”“等”的条件.
11.已知是双曲线的右焦点,过点的直线交的右支于不同两点,过点且垂直于直线的直线交轴于点,则的取值范围是()
A.B.C.D.
【答案】B
【解析】试题分析:
当直线的斜率不存在时,,,,,则,故排除A;当时,直线为,直线为,,设,联立得,化简得,由韦达定理得,故,,故,故排除C,D,故选B.
考点:
直线与圆锥曲线的综合.
12.已知函数(是自然对数的底数).若,则的取值范围为()
A.B.C.D.
【答案】C
【解析】由f(m)=2ln﹣f(n)得f(m)+f(n)=1⇒f(mn)=1﹣=1﹣,
又∵lnn+lnm+2=[(lnn+1)+(lnm+1)]()=4+≥4+4=8,
∴lnn+lnm≥6,f(mn)=1﹣≥,且m、n>e,∴lnn+lnm>0,f(mn)=1﹣<1,∴≤f(mn)<1,
故选:
C.
点睛:
这个题目考查了对数的运算法则和不等式在求范围和最值中的应用;一般解决二元问题,方法有:
不等式的应用;二元化一元的应用;变量集中的应用;都是解决而原问题的常见方法。
其中不等式只能求出一边的范围,求具体范围还是要转化为函数。
第II卷(非选择题,共90分)
二、填空题:
本大题共4小题,每小题5分。
13.在等差数列中,已知,则的前项和等于__________.
【答案】14
【解析】设等差数列的公差为,则
则的前项和
即答案为14
14.函数的单调递增区间是__________.
【答案】
【解析】化简可得y=sinxcos+cosxsin=sin(x+),
由2kπ﹣≤x+≤2kπ+可得2kπ﹣≤x≤2kπ+,k∈Z,
当k=0时,可得函数的一个单调递增区间为[﹣,],
又由x∈[0,]可取交集得x∈[0,],
故答案为:
[0,].
15.若圆与圆相交于两点,且两圆在点处的切线互相垂直,则线段的长度是__________.
【答案】4
【解析】
由题意做出图形分析得:
由圆的几何性质两圆在点A处的切线互相垂直,且过对方圆心.则在中,,所以
斜边上的高为半弦,用等积法易得:
.
故答案为:
4.
【答案】
【解析】
∵f(x+2)=f(x)﹣f
(1),
且f(x)是定义域为R的偶函数,
令x=﹣1可得f(﹣1+2)=f(﹣1)﹣f
(1),
又f(﹣1)=f
(1),
∴f
(1)=0则有f(x+2)=f(x),
∴f(x)是最小正周期为2的偶函数.
当x∈[2,3]时,f(x)=﹣2x2+12x﹣18=﹣2(x﹣3)2,
函数的图象为开口向下、顶点为(3,0)的抛物线.
∵函数y=f(x)﹣loga(|x|+1)在(0,+∞)上至少有三个零点,
令g(x)=loga(|x|+1),则f(x)的图象和g(x)的图象至多有3个交点.
可以分两种情况:
其一是有交点时,其二是一个交点也没有,
当一个交点都没有时,即a>1.
当有交点时,∵f(x)≤0,∴g(x)≤0,可得0<a<1,
要使函数y=f(x)﹣loga(|x|+1)在(0,+∞)上至多有三个零点,
则有g(4) 即loga5<﹣2,∴5>,解得,又0<a<1,∴<a<1, 故答案为: 。 点睛: 此题主要考查函数奇偶性、周期性及其应用,解题的过程中用到了数形结合的方法,同时考查解决抽象函数的常用方法: 赋值法,正确赋值是迅速解题的关键。 其二是考查了函数的零点问题和图像的交点问题的转化。 三、解答题: ((17)--(21)每题12分共60分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)。 17.已知数列的前项和. (1)证明: 是等比数列,并求其通项公式; (2)求数列的前项和. 【答案】 (1); (2). 【解析】试题分析: (1)由条件知道,两式子做差可得,移项得到。 (2)根据第一问得到,由错位相减的方法求和即可. (1)证明: 当时,, 由得, 即, 所以, 所以数列是以2为首项,2为公比的等比数列,于是. (2)解: 令, 则,① ①得,② ①﹣②,得 所以. 18.的内角的对边分别为,已知,且. (1)求; (2)若,求的面积. 【答案】 (1); (2). 【解析】试题分析: (1)运用余弦定理可得解; (2)结合 (1)将已知条件利用,利用两角和的正弦可得,运用正弦定理得边,最后求三角形面积. 试题解析: (1)因,且,故; (2)法一: 由题,故,知,因此,从而,因此. 考点: 正弦定理;余弦定理;三角形面积公式. 【一题多解】该题中求三角形的面积还可采用: 法二: 由题及正弦定理可得,又,故,解得,故. 法三: 过作于,由题,而,故,知,因此,,,故,从而得解. 19.某地区2007年至2013年农村居民家庭纯收入y(单位: 千元)的数据如下表: (1)求关于的线性回归方程; (2)利用(Ⅰ)中的回归方程,分析2007年至2013年该地区农村居民家庭人均纯收入的变化情况,并预测该地区2015年农村居民家庭人均纯收入. 附: 回归直线的斜率和截距的最小二乘法估计公式分别为: , 【答案】 (1); (2)见解析. 【解析】试题分析: (1)根据所给的数据,利用最小二乘法可得横标和纵标的平均数,横标和纵标的积的和,与横标的平方和,代入公式求出b的值,再求出a的值,写出线性回归方程. (2)根据上一问做出的线性回归方程,代入所给的t的值,预测该地区2015年农村居民家庭人均纯收入,这是一个估计值. 试题解析: (1)由题意,, ∴y关于t的线性回归方程为;8分 (2)由 (1)知,b=0.5>0,故2007年至2013年该地区农村居民家庭人均纯收入逐年增加,平均每年增加0.5千元. 将2015年的年份代号t=9代入,得: (千元) 故预测该地区2015年农村居民家庭人均纯收入为6.8千元左右.12分 考点: 线性回归方程. 【易错点睛】本题考查线性回归分析的应用,本题解题的关键是利用最小二乘法认真算出线性回归方程的系数,这是整个题目做对的必备条件,要求学生具有较好的数字运算能力,计算就是一个易错点.注意运算的准确性. 视频 20.已知,,动点满足,其中分别表示直线的斜率,为常数,当时,点的轨迹为;当时,点的轨迹为. (1)求的方程; (2)过点的直线与曲线顺次交于四点,且,,是否存在这样的直线,使得成等差数列? 若存在,求出直线的方程;若不存在,请说明理由. 【答案】 (1); (2)见解析. 【解析】试题分析: (1)利用直接法求动点的轨迹; (2)利用直接法求出的方程为,假设存在直线满足题意,将等差数列转化为,结合弦长公式可得,,令可得方程无解,即不存在. 试题解析: (1)设,即,化简得,此即为的方程; (2)如 (1)易得,假设存在这样的直线,则由题可知 ,由得,故 ,易得,故,令 ,则可得,令,则 ,故,因此无解,所以不存在这样的直线满足题意. 考点: 曲线的轨迹方程;直线与圆锥曲线相交. 21.已知,函数. (1)若函数在上为减函数,求实数的取值范围; (2)令,已知函数,若对任意,总存在,使得成立,求实数的取值范围. 【答案】 (1); (2). 【解析】试题分析: (1)由条件知函数单调递减则则需在上恒成立,即在上恒成立,转化为求函数最值问题。 (2)若对任意,总存在.使得成立,则,函数在的值域是在的值域的子集.分别求两个函数的值域,转化为集合间的包含关系即可。 (1)因为, 要使在为减函数,则需在上恒成立. 即在上恒成立, 因为在为增函数,所以在的最小值为, 所以. (2)因为,
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