解析版届高三高考理综考前押题卷生物试题二.docx
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解析版届高三高考理综考前押题卷生物试题二
绝密★启用前
2019届高三高考理综考前押题卷生物试题
(二)
注意事项:
1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答第Ⅰ卷时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3.回答第Ⅱ卷时,将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
4.测试范围:
高考全部内容。
第Ⅰ卷
一、选择题:
本题共6个小题,每小题6分,共36分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求。
1.如图表示细胞膜对不同物质的转运过程及相关的结构。
下列哪一项叙述是正确的( )
A.a表示发生质壁分离时水分子的主要移动方向
B.b表示神经细胞在受到刺激后细胞膜对Na+的透过性变化特点
C.c过程一定消耗能量
D.效应B细胞能够依靠d识别相应的抗原
【答案】C
【解析】分析图示,上侧(分布有糖蛋白)为膜的外侧,质壁分离时水分子主要由膜内到膜外;神经细胞受到刺激后细胞膜对Na+的通透性改变,大量Na+内流;c过程由低浓度一侧到高浓度一侧,一定是主动运输,需要消耗能量;效应B细胞不能识别抗原。
2.下列关于DNA复制过程的叙述,错误的是()
A.细胞有丝分裂间期会发生DNA复制
B.DNA复制是边解旋边复制
C.DNA复制形成子链时先形成氢键,后脱氧核苷酸之间连接形成DNA
D.含32P的DNA分子在不含32P的环境连续复制三代,子代DNA分子中含32P的占l/8
【答案】D
【解析】DNA复制通常发生于有丝分裂间期和减数第一次分裂前的间期,是边解旋边复制的半保留复制,两条链是先形成氢键,再形成磷酸二酯键,DNA两条链,无论复制多少次只能分配到两个子代DNA分子中去,复制三次形成8个DNA分子,含模板的DNA为1/4,所以D选项错误。
3.某同学探究不同浓度的某生长素类似物溶液对种子萌发的影响后,根据实验结果绘出如图所示柱状图,分析下列说法不正确的是( )
A.该实验的自变量是该生长素类似物溶液的浓度
B.该实验设置了不同浓度间的相互对照
C.种子的浸泡时间和温度都能影响本实验的结果
D.本实验可以得出该生长素类似物溶液低浓度促进种子萌发,高浓度抑制种子萌发
【答案】D
【解析】本实验的目的是探究不同浓度的生长素类似物溶液对种子萌发的影响,故自变量为生长素类似物溶液的浓度,A正确;该实验各组之间相互对照,B正确;种子的浸泡时间和温度都属于无关变量,都能影响实验结果,C正确;本实验缺乏空白对照,不能看出生长素类似物的促进和抑制作用,D错误。
4.下列关于人体内环境的叙述正确的是( )
A.饮水不足,抗利尿激素增加会导致内环境稳态失调
B.内环境是一个主要由H2PO4﹣/HPO42﹣构成的缓冲体系
C.内环境中的血浆、淋巴、组织液等成分稳定时,机体达到稳态
D.细胞内外液Na+、K+分布不均匀是神经纤维兴奋传导的基础
【答案】D
【解析】饮水不足,抗利尿激素增加促进肾小管和集合管对水的重吸收,以维持内环境稳定,A错误;内环境是一个主要由H2CO3/NaHCO3构成的缓冲体系,B错误;内环境的稳态是指成分和理化性质均达到相对稳定的状态,C错误;细胞内液中K+含量高,细胞外液中Na+含量高,静息电位是由K+外流造成的,动作电位是由Na+内流造成的,故细胞内外液Na+、K+分布不均匀是神经纤维兴奋传导的基础,D正确。
5.用X射线处理蚕蛹,使其第2号染色体上的斑纹基因易位到W染色体上,使雌体都有斑纹。
再将雌蚕与白体雄蚕交配,其后代雌蚕都有斑纹,雄蚕都无斑纹。
这样有利于去雌留雄,提高蚕丝的质量。
这种育种方法所依据的原理是( )
A.染色体结构的变异
B.染色体数目的变异
C.基因突变
D.基因重组
【答案】A
【解析】根据题意可知,该育种方法是将第2号染色体上的基因易位到W染色体上,属于染色体结构的变异。
6.豌豆蚜和鳞翅目幼虫是利马豆的主要害虫,蝉大眼蝽可取食利马豆及两类害虫。
研究人员用蔬果剂处理去除部分豆荚后,测试以上动物密度的变化,结果见下表(单位:
个/株,蔬果剂对以上动物无危害)。
下列分析正确的是
物种
分组
第七天
第14天
第21天
蝉大眼蝽
对照组
0.20
0.62
0.67
处理组
0.20
0.10
0.13
豌豆财
对照组
2.00
4.00
2.90
处理组
2.00
8.70
22.90
鳞翅目幼虫
对照组
1.00
1.31
0.82
处理组
1.13
2.19
2.03
A.施用蔬果剂后,预测豌豆蚜的种群数量将呈J型增长
B.在该生态系统中蝉大眼蝽属于第二营养级
C.利马豆根部的根瘤菌能将空气中的氨转变为含氮的养料
D.分析表中数据可知,蝉大眼蝽主要取食利马豆
【答案】D
【解析】表中信息显示:
施用蔬果剂后的第14、第21天,处理组的豌豆蚜的种群密度较对照组高,但因环境资源有限,豌豆蚜的种群数量将呈S型增长,A项错误;蝉大眼蝽可取食利马豆及两类害虫,因此属于第二、三营养级,B项错误;根瘤菌能够将空气中氮转化为氨,C项错误;分析表中数据可知,用蔬果剂处理去除部分豆荚后,利马豆的豆荚减少,豌豆蚜和鳞翅目幼虫的种群密度增加,而蝉大眼蝽的种群密度减少,说明蝉大眼蝽主要取食利马豆,D项正确。
第Ⅱ卷
二、非选择题:
本卷包括必考题和选考题两部分。
第29~32题为必考题,每个试题考生都必须作答。
第37~38题为选考题,考生根据要求作答。
(一)必考题:
共39分。
29.(10分)线虫是所有蠕虫的通称,土壤中的线虫对环境变化敏感,分布广泛,是一种土壤污染程度的指示生物。
请回答下列有关问题。
(1)土壤线虫的食性多样,这对促进生态系统________两大重要功能,维持土壤生态系统的________具有重要意义。
其中自由生活的线虫能促进土壤有机物的降解,这些线虫属于生态系统成分中的________。
(2)若要调查土壤中线虫的种类和数量,可采用淘洗——过筛——离心的方法分离提取线虫,在解剖镜下观察,对观察到的线虫进行________和________,如果调查结果显示线虫的种类减少,并且能在极端条件下生存的线虫呈增多趋势,说明被调查的土壤________。
(3)图示某项研究的实验结果,图中Cu50表示每千克干土中添加50mg的Cu,不施加Cu的为对照处理。
本项实验探究的问题是____________________________。
为保证上述实验结果的准确性,实验的每个处理需重复3次,则实验者应设置实验组的样本数为________个。
通过图中数据分析得出的结论是:
______________________________。
【答案】
(1)物质循环和能量流动 稳态 分解者
(2)分类 计数 受到污染 (3)不同浓度的Cu在小麦不同生长发育时期对土壤线虫数量的影响 36 相同处理在小麦不同生长发育时期对土壤线虫数量的影响不同[幼苗期随Cu浓度增加土壤线虫数量减少,拔节期和成熟期随Cu浓度增加土壤线虫数量先升后降]
【解析】
(1)土壤线虫的食性广泛,在生态系统的物质循环和能量流动中起到重要作用,营腐生生活的线虫,在土壤中充当分解者的角色。
(2)在调查土壤中线虫的过程中,对分离提取到的线虫,在解剖镜下观察,对观察到的线虫要进行分类和计数;如果调查结果显示线虫种类减少,并且能在极端环境条件下生存的线虫增多,说明被调查的土壤受到了污染。
30.(9分)如图为呼吸作用装置示意图,在A瓶中放一些湿棉花,上面放数粒已萌发的种子;在B瓶中放一些干棉花,上面放数粒干的种子。
瓶内各吊一小杯NaOH溶液,塞上带温度计的软木塞。
实验时间为48小时。
请根据图回答问题:
(1)48小时后,两温度计中,温度相对较高的是__________________,原因是________________________________。
(2)观察导管中的液面,明显上升的是A瓶。
这是因为_______________________________。
(3)若预先在两锥形瓶内各放一只小鼠,则生活时间较长的是________瓶内的小鼠。
其原因是__________________________________________________。
(4)如预先在两锥形瓶内放入一小杯鲜奶(内混有少量的乳酸菌),则先变酸的应该是________瓶中的,其原因是______________________________________。
(5)呼吸作用释放的CO2和吸收的O2的体积之比(CO2/O2)称为呼吸熵(简称RQ)。
某同学将m克萌发的种子放入氧气充足的某密闭装置中,保持装置内气体的温度和压强不变,经t小时后测定装置中的气体体积,变化了A毫升(规定:
增加体积为负值,减少体积为正值)。
若在另一相同装置中放入碱液,经t小时后,测定气体体积,与实验开始时相比减少了B毫升。
该同学测定的萌发中的种子RQ=______________________。
【答案】
(1)A 萌发的种子进行较强的呼吸作用,同时释放出较多的能量
(2)种子进行呼吸作用消耗O2,放出的CO2被瓶内的NaOH溶液吸收,使瓶内气压下降 (3)B B瓶中的干种子呼吸作用较弱,消耗O2较少,小白鼠生活时间较长 (4)A A瓶中O2含量较少,乳酸菌发酵进行得更快,乳酸积累的较多 (5)(B-A)/B
【解析】
(1)结合题意分析装置可知,相对于B瓶来说,A瓶中放一些湿棉花,上面放数粒已萌发的种子,因此A瓶中萌发的种子进行较强的呼吸作用,同时释放出较多的能量,所以A瓶中温度计的温度相对较高。
(2)装置的小杯内的NaOH溶液能吸收二氧化碳,所以瓶中气压的变化是由氧气含量变化引起的;相对于B瓶来说,A瓶中种子进行呼吸作用消耗O2,放出的CO2被瓶内的NaOH溶液吸收,使瓶内气压下降,与A瓶相连的导管中液面明显上升。
(3)由于B瓶中的干种子呼吸作用较弱,消耗O2较少,故B瓶内小白鼠生活时间较长。
(4)无氧条件下乳酸菌进行无氧呼吸可产生乳酸,与B瓶相比,A瓶中O2含量较少,乳酸菌发酵进行得更快,乳酸积累的较多,所以A瓶先变酸。
(5)根据题意可知,某同学将m克萌发的种子放入氧气充足的某密闭装置中,保持装置内气体的温度和压强不变,经t小时有氧呼吸后测定装置中的气体体积,变化的A毫升是消耗的氧气量减去释放的二氧化碳量的差值;若在另一相同装置中放入碱液,能吸收二氧化碳,经t小时后,测定气体体积,与实验开始时相比减少了B毫升,则B毫升体积是消耗的氧气量;因此t小时内种子释放的二氧化碳量为B-A,所以该同学测定的萌发中的种子RQ=(B-A)/B。
31.(8分)如图表示内环境稳态与各系统的功能联系示意图。
据图在下列横线上填写适当内容:
(1)图中食物、水和无机盐,经[①]____________系统处理后才能进入循环系统,最后由大肠排出的是[②]____________。
(2)呼吸系统可以吸入[③]____________,排出[④]____________,从图中可以看出,人体细胞与外界环境的气体交换,至少需要____________系统和____________系统的参与。
(3)由泌尿系统排出的是[⑥]____________。
(4)人体细胞要与外界环境进行物质交换必须要通过[⑤]____________才能完成。
(5)目前普遍认为,机体维持稳态的主要调节机制是____________调节网络。
【答案】
(1)消化 未被吸收的物质
(2)氧气 二氧化碳和少量水 呼吸 循环
(3)尿素、水和无机盐等代谢废物
(4)内环境
(5)神经―体液―免疫
【解析】
(1)图中[①]是消化系统;由大肠排出的是[②]未被吸收的物质。
(2)呼吸系统可以吸入[③]氧气,排出[④]二氧化碳和少量水,从图中可以看出,人体细胞与外界环境的气体交换,至少需要呼吸系统和循环系统的参与。
(3)由泌尿系统排出的是[⑥]尿素、水和无机盐等代谢废物。
(4)[⑤]内环境是人体细胞与外界环境进行物质交换的媒介。
(5)目前普遍认为,机体维持稳态的主要调节机制是神经―体液―免疫调节网络。
32.(12分)下面是某校生物科技活动小组关于“调查人群中某些性状的遗传”课题的研究方案:
Ⅰ.课题名称:
人群中XX性状的调查。
Ⅱ.研究目的、研究内容、材料用具、研究过程(略)。
Ⅲ.调查结果分析。
请分析该研究方案并回答有关问题:
(1)下表是关于单眼皮和双眼皮遗传情况调查的统计结果。
据表回答下列问题:
根据表中第________组调查结果,可直接判断________性状为显性性状。
理由是________________________________________________________________。
(2)调查中发现某男子患一种遗传病,该男子的祖父、祖母、父亲都患此病,他的两位姑姑中也有一位患此病,这位患病姑姑又生了一个患病的女儿。
其他家族成员都正常。
①请根据该男子及其相关家族成员的情况,在下边方框中绘制出遗传系谱图,并标出该男子及其直系亲属的基因型。
(用D或d表示)
②此遗传病的遗传方式是____________。
③该男子(色觉正常)与表现正常、其父亲为红绿色盲的女性婚配,预期生出完全正常的孩子和只患一种病的孩子的概率分别是________和________。
【答案】
(1)四 双眼皮 父母均为双眼皮,子女出现了单眼皮
(2)①遗传系谱如下图:
②常染色体显性遗传
③3/8 1/2
【解析】在单、双眼皮的遗传调查中,双眼皮父母生出了单眼皮的子女且无明显的性别差异,可判知该性状为常染色体遗传,其中双眼皮为显性性状。
绘制遗传系谱图时要一代一代地进行,婚配生育组合不能出错。
只要绘制正确,即可据此进行准确的分析。
(二)选考题:
共15分。
请考生从2道题中任选一题作答。
如果多做,则按所做的第一题计分。
37.【生物—选修1:
生物技术实践】(15分)
如图是利用PCR技术和电泳技术进行的某一次亲子鉴定结果图谱,请根据图谱和所学知识回答下列问题:
(1)PCR技术能把某一DNA分子片段进行扩增。
它是利用了DNA的________原理,通过控制________来控制DNA的________与结合。
(2)利用PCR技术扩增DNA的过程中还需要________酶的作用,但它必须在相应的________的作用下才能完成对DNA的复制。
假若有一段DNA序列为:
5′—GTTAACCTTAG—3′
3′—CAATTGGAATC—5′
所用引物Ⅰ为5′—GTTA—OH,则引物Ⅱ为________。
(3)图①是含有21个氨基酸的多肽水解得到的氨基酸混合物电泳的结果,故可推知该多肽由________种氨基酸构成。
(4)图②为某小孩和其母亲,以及待测定的四位男性的DNA,分别由酶处理后,生成若干DNA片段,并进行扩增,然后进行电泳所得到的一组DNA指纹图谱,请分析:
F1~F4中,你认为________是该小孩真正生物学意义上的父亲。
为什么?
__________________________
【答案】
(1)热变性 温度 解旋
(2)热稳定DNA聚合 引物 5′—CTAA—OH (3)6 (4)F2 因为C和F2两者之间的DNA指纹图谱有相同的区段
【解析】PCR技术是在体外模拟体内DNA复制过程,利用DNA的热变性原理,替代原有的解旋酶的作用,且所用DNA聚合酶为耐高温的DNA聚合酶,但是复制过程要提供现成的引物,引物序列和目的基因两端的碱基互补配对。
氨基酸混合物进行电泳时,因为相同的氨基酸相对分子质量和所带电荷数相同,所以在电泳时只出现1条带,图①所示图谱出现6条带,所以该多肽由6种氨基酸组成。
从遗传角度分析,儿子的DNA一半来自父方,一半来自母方,仔细观察图②不难发现,F1~F4中,C和F2两者之间的DNA指纹图谱有相同的区段,所以F2最可能是其生物学意义上的父亲。
38.【生物—选修3:
现代生物科技专题】(15分)
染色体数目相同的两种二倍体植物A和B,某研究小组拟培育同时有两者优良特性的新型植物。
(1)过程①用________________酶去除细胞壁,获得具有生活力的原生质体,再用诱导剂____________诱导二者融合,形成的融合细胞进一步培养,经过③__________、④__________形成完整的杂种植株。
这种育种技术称为________________,其依据的生物学原理有____________________________________。
(2)在鉴定杂种原生质体时可用显微镜观察,根据细胞膜表面的荧光不同可观察到________种不同的原生质体(只考虑细胞的两两融合),当观察到_____________________________时可判断该原生质体是由植物A和植物B融合而成的。
(3)杂种细胞培育成的“A—B”植株为________倍体(填“单”“二”或“四”),假设A与B有性杂交的后代是不育的,而杂种植物“A—B”是可育的,造成这种差异的原因是________________________________________________________________。
【答案】
(1)纤维素酶和果胶 聚乙二醇 脱分化 再分化 植物体细胞杂交 细胞膜的流动性和细胞的全能性
(2)3 融合细胞表面有红色和绿色两种荧光 (3)四 在减数分裂过程中,前者染色体联会异常,而后者染色体联会正常
【解析】
(1)过程①去除细胞壁时,常用纤维素酶和果胶酶。
诱导原生质体融合可以使用物理法和化学法,物理法包括离心、振动、电激等,化学法一般是用聚乙二醇(PEG)作为诱导剂来诱导细胞融合。
根据图示可知,③是脱分化形成愈伤组织,④是再分化形成完整的杂种植株。
该育种技术是植物体细胞杂交,其依据的生物学原理有细胞膜的流动性(原生质体的融合)和细胞的全能性(植物组织培养)。
(2)在鉴定杂种原生质体时可用显微镜观察,根据细胞膜表面的荧光的不同可观察到3种不同的原生质体,分别是A细胞所带的红色荧光,B细胞所带的绿色荧光以及融合后的杂种细胞所带的红色、绿色荧光。
所以当观察到细胞表面有红色和绿色两种荧光时,可判断该原生质体是由植物A和植物B融合而成的。
(3)杂种细胞培育成的“A—B”植株为四倍体(2+2)。
虽然A与B有性杂交的后代是不育的,但是杂种植物“A—B”是可育的,造成这种差异的原因是减数分裂过程中,前者染色体联会异常,而后者染色体联会正常。
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