云南省昆明市官渡届九年级第一学期末物理试题解析版.docx

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云南省昆明市官渡届九年级第一学期末物理试题解析版

2018-2019学年云南省昆明市官渡区九年级期末物理试卷

一、单选题

1.下列说法中，最符合实际的是

A.人体感觉舒适的气温是

B.教室电脑正常使用的功率是1200W

C.我国家庭电路的电压是220VD.对人体的安全电压是36V

【答案】C

【解析】人体感觉舒适的温度在23℃左右。

故A不符合实际；电脑正常工作的电流在1A左右，其功率在P=UI=220V×1A=220W左右。

故B不符合实际；在我国，庭电路电压也是220V说法正确；经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的。

故D不符合实际。

故选C。

2.如图所示的做法符合安全用电原则的是

A.

多个大功率用电器同时使用一个插座

B.

使用测电笔辨火线和零线

C.

开关和电灯的连接

D.

发生触电事故时要立刻断开电源

【答案】D

【解析】多个大功率用电器同时使用一个插座时，会使得干路中的电流变大，发生危险，故A不符合安全用电原则。

人手接触了测电笔尖的金属体，会造成触电事故，故B不符合安全用电原则；连接电灯时，开关要接在灯泡和火线之间，断开开关时，能切断火线，触及灯泡时不会触电，而图中开关接在零线上，故C不符合安全用电原则；发现有人触电，首先要断开电源，然后根据具体情况进行相应的救治，故D符合安全用电原则；故选D。

3.关于家庭电路和用电安全，下列说法正确的是

A.家庭电路中，空气开关跳闸一定是同时使用了多个大功率的用电器

B.家庭电路中，控制用电器的开关应接在零线和用电器之间

C.使用试电笔时手不能接触笔尾金属体

D.发现有人触电后，应立即用手把他拉开

【答案】C

【解析】A、空气开关跳闸说明电流过大，造成电流过大的原因可能是短路，也可能是用电器的总功率过大，故A错误；

B、控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，故B错误；

C、使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，负责会造成触电事故，C正确；

D、发生触电事故时，必须先切断电源，然后再救人，不应立即用手把他拉开，故D错误。

故选：

C。

4.以下现象中，属于通过做功的方式改变物体内能的是

A.锯木头时，锯条发热

B.金属汤勺放在热扬中，温度升高

C.食品放入电冰箱，温度降低

D.太阳能热水器放在太阳下照射，水的温度升高

【答案】A

【解析】A、锯木头时，克服摩擦做功，使锯和木头内能增加，是通过做功途径改变物体内能，故A正确；

B、金属汤勺放在热扬中，金属勺吸收热量，内能增加，是通过热传递改变物体的内能，故B不正确；

C、食品放入电冰箱，食品放出热量、内能减少、温度降低，是通过热传递改变物体的内能，故C不正确；

D、太阳能热水器放在太阳下照射，水的吸收热量，内能增加，温度升高，是通过热传递改变物体的内能，故D不正确。

故选：

A。

5.带正电的玻璃棒慢慢靠近悬挂着的通草球时，发现球被吸引，这说明通草球

A.一定带负电B.一定带正电

C.一定不带电D.可能不带电，也可能带负电

【答案】D

【解析】玻璃棒带正电，带正电的玻璃棒靠近悬挂的通草小球，出现吸引现象，可能是通草球带负电，异种电荷相互吸引；也可能通草球不带电，带电体吸引不带电体。

故选：

D。

6.下列关于温度、热量和内能的说法正确的是

A.

的水与

的冰混合，冰的内能增大

B.一个物体吸收了热量，它的温度一定升高

C.物体的内能不会为零

D.热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递

【答案】C

【解析】0℃的水与0℃的冰温度相同，不发生热传递，冰的内能不会增大，故A错误；物体吸收热量，温度可能升高，也可能不变，例如晶体的熔化过程，故B错误；一切物体都具有内能，物体的内能不会为零，故C正确；热传递的条件是有温度差，内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故D错误。

故选：

C。

7.昆明正在积极创建全国文明城市，每个公民应当文明出行，过人行横道时行人应该遵守交通信号灯指示，爱思考的小明发现指示交通的红绿灯是独立工作的，为此，他画了如图所示的四种电路图，你认为合理的是

A.

B.

C.

D.

【答案】B

【解析】两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A不合理；只闭合开关S1时绿灯亮，只闭合开关S2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故B合理；两开关都闭合时会造成绿灯短路，只有红灯发光；S1断开、S2闭合时，两个灯同时发光，不能实现各自独立工作，故C不合理；两开关都闭合时会造成红灯短路，只有绿灯发光；S1断开、S2闭合时，两个灯同时发光，不能实现各自独立工作，故D不合理。

故选：

B。

8.如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P由b端向a端移动的过程中，小灯泡L始终发光（忽略温度对小灯泡电阻的影响），下列说法正确的是

A.电流表示数变大

B.小灯泡的亮度变亮

C.电压表

与电压表

示数之和保持不变

D.电压表

的示数与电流表A的示数的比值变小

【答案】C

【解析】由图知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V1测L两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，滑动变阻器的滑片P由b端向a端移动的过程中电阻变大，电路中的总电阻变大，电路中的电流变小，电流表的示数变小，故A错误；因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI=I2R可知，灯泡L的实际功率变小，灯泡亮度变暗，故B错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，所以，电压表V1与电压表V2示数之和保持不变，故C正确；由R=

可知，电压表V2的示数与电流表A的示数的比值等于变阻器接入电路中的电阻，则其比值变大，故D错误。

故选：

C。

二、填空题

9.如图是某单缸四冲程汽油机某个冲程的工作示意图，此冲程将______能转化为______能。

【答案】机械内

【解析】图中两个气门都关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，能量转化形式为：

机械能转化为内能。

10.某同学做“研究影响整发快慢的因素”实验，如图所示，观察甲图中情景可知该同学主要研究蒸发快慢是否与______有关：

观察乙图中情景可知该同学主要研究蒸发快慢是否与______有关。

【答案】温度液体表面空气流动速度

【解析】图甲中物体的表面积是相同的，水上方空气流速也是相同的，一个在阳光下，一个在树荫下，其温度不同，因此，该同学研究的是蒸发快慢与温度的关系；图乙中一只胡萝卜在空气中，一只装入塑料袋中，在同样的温度下，一只用风扇去吹，一只不去吹，因此，液体的表面空气流动速度不同，故该同学研究的是蒸发快慢与液体表面空气流动速度的关系。

11.如图是某物质的熔化图象，该物质是______（选填“晶体”或“非晶体“）；它在熔化过程中，没有确定的______，物质的内能______（选填“增大”“不变”或“减小”）。

【答案】非晶体熔点增大

【解析】由图象可知，该物质没有固定的熔化温度，即没有确定的熔点，所以为非晶体；在熔化过程中，吸收热量，因此其内能增大，温度不断升高。

12.煤油的热值为4.6×107J/kg，其物理意义是______，当煤油的质量减少为原来的一半时，剩余煤油的热值为______J/kg。

【答案】1kg煤油完全燃烧放出的热量是4.6×107J4.6×107

【解析】煤油的热值是4.6×107J/kg，表示1kg煤油完全燃烧放出的热量是4.6×107J；热值是燃料的一种特性，跟质量的大小无关，所以剩下煤油的热值不变，仍为4.6×107J/kg。

13.某同学利用如图所示电路，探究“导体电阻的大小与什么因素有关”实验，图中甲、乙、丙是镍铬合金丝，甲、乙长度相问，粗细不同：

乙、丙粗细相同，长度不同，实验中，根据______判断接入A、B两点间电阻的大小，如果要探究导体电阻大小与导体长度的关系，选用的电阻丝是______。

【答案】电流大小乙和丙

【解析】将电阻的大小转换成电流表的示数，电流表示数越大则电阻就越小，实验中，根据电流大小判断接入A、B两点间电阻的大小；根据控制变量法的思想可知：

要探究“导体电阻的大小与导体长度的关系”，就应选材料相同、横截面积相同，长度不同的导体乙和丙进行实验。

14.验电器A所带电荷和毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷种类相同，它们都是由于______（选填“得到”或“失去”）电子而带电，用带绝缘手柄的金属棒把验电器A与不带电的验电器B的金属球连接起来，如图所示，连接的瞬同，电子定向移动的方向是______，电流的方向是______（选填“A→B”或“B→A“）。

【答案】得到A→BB→A

【解析】毛皮摩擦过橡胶棒带负电，是因为得到了电子，因为有了多余的电子，才带负电。

其与验电器A接触后，验电器A也带负电，则A有多余的电子；而B不带电，所以，当现用金属棒把验电器A、B两金属球连接起来的瞬间，电子会从验电器A转移到验电器B上，即电子发生了定向移动从而形成电流；由于电子带负电，所以电流的方向与电子定向移动的方向相反，故电流的方向是从B到A。

15.如图所示电路中，当开关闭合后，电流表A1、A2的示数比I1：

I2=5：

3，则电阻比R1：

R2=______，电流表A1、A3的示数比I1：

I3=______。

【答案】3:

5；5:

8

【解析】由图可知R1和R2并联，闭合开关S,电流表A1、A2、A3分别测量电路中R1中电流、R2中电流、总电流，I1：

I2=5：

3，则电阻比R1：

R2=I2：

I1=3：

5，由于并联电路中干路中的电流等于各支路中的电流之和。

所以I1：

I3=5：

8

16.电动机是一种使用广泛的动力机械，将一台电动机接入家庭电路中，电动机正常工作，测得通过电动机的电流为0.1A，若电动机线圈电阻为200Ω，则这台电动机正常工作10min消耗的电能为______J，电动机线圈产生的热量为______J。

【答案】1.32×1041.2×103

【解析】电动机接入家庭电路中能正常工作，其两端的电压为220V，则这台电动机正常工作10min消耗的电能：

W=UIt=220V×0.1A×10×60s=1.32×104J，

电动机线圈产生的热量：

Q=I2Rt=（0.1A）2×200Ω×10×60s=1.2×103J。

17.甲灯标有“6V1.5W”的字样，乙灯标有“6V6W“的字样，若将它们串联后接入电压为6V的电路中，两灯中较亮的是______灯（选填“甲”或“乙”），此时甲灯的实际功率为______W。

【答案】甲0.96

【解析】由P=

可得，甲灯电阻R1=

=

=24Ω；乙灯电阻R2=

=

=6Ω；

将它们串联后使用，电路中的电流I=

=

=0.2A，甲灯的实际功率P实1=I2R1=（0.2A）2×24Ω=0.96W，乙灯的实际功率P实2=I2R2=（0.2A）2×6Ω=0.24W，

灯泡的亮度取决于其实际功率的大小，因为P实1＞P实2，所以甲灯较亮；

18.如图所示的电阻箱接入电路的电阻是______Ω。

【答案】7408

【解析】电阻箱接入电路的阻值为R=7×1000Ω+4×100Ω+0×10Ω+8×1Ω=7408Ω。

三、计算题

19.根多家庭中选择使用燃气热水器，若某家庭用燃气热水器将质量为100kg温度为20℃的自来水加热到60℃，消耗的天然气体积为0.6m3（假设天然气完全燃烧）。

已知水的比热容为4.2×103J/（kg℃），天然气的热值为3.5×107J/m3，求：

（1）天然气完全燃烧放出的热量；

（2）水吸收的热量；

（3）该热水器工作时的效率。

【答案】

（1）2.1×107J；

（2）1.68×107J；（3）80%。

【解析】

（1）天然气完全燃烧放出的热量：

Q放=Vq=0.6m3×3.5×107J/m3=2.1×107J；

（2）水吸收的热量：

Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（60℃-20℃）=1.68×107J；

（3）燃气灶的效率：

η=

=

=80%。

20.如图所示，R1=25Ω，小灯泡L的规格为“2.5V0.5A”，电源电压保持不变，求：

（1）小灯泡正常发光时的电阻；

（2）S1、S2都断开时，小灯泡L正常发光，求电源电压；

（3）S1、S2都闭合时，电流表的示数变为0.9A，求R2的阻值。

【答案】

（1）5Ω；

（2）15V；（3）50Ω。

【解析】

（1）小灯泡正常发光时的电阻R灯=

=

=5Ω；

（2）S1、S2都断开时，L与R1串联，小灯泡正常发光，故实际电流等于额定电流，

电路电流I=I灯=I额=0.5A电源电压U总=IR总=I（R1+R灯）=0.5A×（25Ω+5Ω）=15V；

（3）S1、S2都闭合时灯泡被短路，R1与R2并联，电流表A测干路电流I并

U1=U2=U=15V，R1电流I1=

=

=0.6A；R2=

=

=

=50Ω；

21.如图所示是一家用电暖器，有“高温”“中温”“低温”三挡，铭牌如表（“高温”档功率空出），图乙为其简化的电路原理图，S为电源开关，闭合S1为“低温”档。

求：

EE牌电暖器

额定电压

220V

额定功率

高温档

中温档

1100W

低温档

400W

频率

50Hz

（1）“中温“”档正常工作时的电阻；

（2）若某房间内空气质量为100kg，空气温度为8℃，用该电暖器的“高温档”正常工作20分钟，放出热量的60%被房间内的空气吸收，那么可使此房间的空气温度升高多少℃？

（设定空气的比热容约为1.0×103J/（kg•℃）且保持不变）

【答案】

（1）44Ω；

（2）10.8℃。

【解析】

（1）由表格数据可知，P中=1100W，由P=

可得，中温档正常工作时的电阻：

R中=

=

=44Ω；

（2）由题意可知，开关S、S1闭合时，电路为R1的简单电路，电暖器处于低温档；由电路图可知，三开关均闭合时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，根据P=

可知，电源的电压一定时，电路的总功率最大，电暖器处于高温档，则开关S、S2闭合时，电路为R2的简单电路，电暖器处于中温档，所以，高温档功率：

P高=P低+P中=400W+1100W=1500W，由P=

可得，高温档正常工作20min消耗的电能：

W=P高t=1500W×20×60s=1.8×106J，由η=

可得，房间内空气吸收的热量：

Q吸=Wη=1.8×106J×60%=1.08×106J，由Q吸=cm△t可得，此房间内空气升高的温度：

△t=

=

=10.8℃。

四、作图题

22.如图所示，请用笔画代替导线，将图中元件接入家庭电路中，要求：

①同时闭合声控开关和光控开关电灯才能亮；

②三孔插座单独接入。

【答案】

【解析】同时闭合声控开关和光控开关电灯才能亮，所以灯泡与两个开关串联。

且火线要先过开关，再接入灯泡尾部的金属点，零线接入螺旋套；三孔插座单独接入，所以三孔插座应该与灯泡并联，其接法为：

左零右火上接地，如下图所示：

五、实验探究题

23.小明用两个相同的酒精灯分别给水和煤油加热，如图甲所示，以探究水和煤油的吸热能力。

（1）在两烧杯中分别装入初温相同且______相等的煤油和水；

（2）实验中，是通过比较______来间接反映煤油和水吸收的热量，这样的实验方法物理学中称为______（选填“转换法”“等效替代法”或“类比法”）；

（3）小明根据实验数据作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象如图乙，则加热10mim，水吸收的热量______（选填“大于”“小于”或“等于”）煤油吸收的热量，______升高的温度更高，由此可见，______的比热容较大；

（4）由图象可知，水的沸点是______℃，煤油的比热容是______J/（kg•℃）。

[已知c水=4.2×103J/（kg•℃）]

【答案】

（1）.质量

（2）加热时间转换法（3）等于煤油水（4）982.1×103

【解析】

（1）根据控制变量法可知，要比较水和煤油的吸热能力，应在两烧杯中分别装入初温相同且质量相等的煤油和水；

（2）实验中，是通过比较加热时间来间接反映煤油和水吸收的热量，这样的实验方法物理学中称为转换法；（3）根据转换法，加热10mim，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；由图象知，加热相同时间，煤油升高的温度更高，根据比较吸热能力的第2种方法可知，水的吸热能力强，水的比热容较大；（4）由图象可知，水的沸点是98℃；

由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象，温度都升高30℃，煤油用时10min，水用时20min，即煤油吸热与水吸热之比为

，根据c=

可知，在质量和升高温度相同的情况下，比热容与吸热多少成正比，故煤油的比热容：

c煤油=

c水=

×4.2×103J/（kg•℃）=2.1×103J/（kg•℃）。

24.图甲是测量额定电压为3.8V的小灯泡的电功率的实验电路图，小灯泡电阻约为10Ω。

（1）请在虚线框内画出与实物图对应的电路图；

（2）在选择器材时，发现电流表表盘指针如图乙所示，应先对电流表进行______，实验电路中连接不合理的是______，检查电路无误后，应先进行______，观察各仪表工作是否正常，然后再闭合开关；

（3）开关闭合前，滑动变阻器滑片应置于______（选填“A”或“B”）端；测量小灯泡电功率的原理是______；

（4）调节滑动变阻器，分别读出电流表和电压表的示数，记录如下表：

实验次数

1

2

3

4

电压U/V

2.5

3.0

3.8

4.5

电流I/A

0.33

0.36

0.40

0.44

灯泡亮度

逐渐变亮

小灯泡的额定功率为______W，小灯泡亮度逐渐变亮的原因是实际功率逐渐______（选填“变大”“变小”或“不变”）。

（5）根据实验数据，利用欧姆定律计算小灯泡的电阻，发现电阻值每次都不同，其原因是______。

【答案】

（1）.见解析所示

（2）.调零电压表选用小量程（0-3V）试触（3）.AP=UI（4）.1.52变大（5）.灯的电阻随温度的变化而变化

【解析】

（1）根据实物图画出电路图，如下图所示：

（2）在选择器材时，发现电流表表盘指针如图乙所示，应先对电流表进行调零；灯的额定电压为3.8V，故实验电路中连接不合理的是电压表选用小量程（0-3V），检查电路无误后，应先进行试触，观察各仪表工作是否正常，然后再闭合开关；

（3）开关闭合前，滑动变阻器滑片应置于阻值最大处的A端；测量小灯泡电功率的原理是P=UI；（4）灯在额定电压下的功率为额定功率，由表中数据，灯在额定电压下的电流为0.40A，小灯泡的额定功率为：

P=UI=3.8V×0.40A=1.52W；由表中数据，通过灯的电流随电压的变大而变大，根据P=UI，灯的功率随电压的变大而变大，故小灯泡亮度逐渐变亮的原因是实际功率逐渐变大；（5）根据实验数据，利用欧姆定律计算小灯泡的电阻，发现电阻值每次都不同，其原因是：

灯的电阻随温度的变化而变化。

25.小王在探究“通过导体的电流与导体两端电压的关系”时，电路如图甲所示，电源电压保持不变，R为定值电阻。

（1）滑动变阻器的作用有：

①______，②______；

（2）电路连接正确后，闭合开关，发现电压表有示数但电流表无示数，此时出现的故障可能是______（填选项字母）

A．滑动变阻器短路B．电流表断路C．电阻R短路D．电阻R断路

（3）排除故障后，小王又取了两个定值电阻，想利用这些器材继续探究“电压不变时，电流与电阻的关系”实验中所用电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω，电源电压为6V，分别接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，记录数据，得到了如图乙所示的图象，由图象可以得出结论：

______；

（4）上述实验中：

①小王用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，应向______（选填“左”或“右”）端移动滑片，直至电压表示数为______V，读出电流表的示数。

②小王又把R换为20Ω的电阻接入电路，闭合开关，无论怎样移动滑片，电压表都不能达到所控制的电压值，是因为______，为完成整个实验，应该选取滑动变阻器______。

A．“50Ω1.0A”B．“30Ω1.0A”C．“20Ω1.0A”

【答案】

（1）.保护电路改变电阻的电压和电流

（2）.D（3）电压不变时，电流与电阻成反比

（4）右2变阻器的最大电阻太小.A

【解析】

（1）滑动变阻器的基本作用是：

①保护电路；②改变电阻的电压和电流；

（2）电压表有示数说明电压表的两接线柱与电源两端相通，电流表无示数，此时出现的故障可能是电阻R断路，选D；（3）由图知，电阻两端的电压始终保持：

UV=IR=0.1A×20Ω=-----=0.4A×5Ω=2V，故得出的结论：

电压不变时，电流与电阻成反比；

（4）①根据串联分压原理可知，将定值电阻R由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V，读出电流表的示数；②由图知，电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：

U滑=U-UV=6V-2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：

R滑=2×20Ω=40Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少40Ω的滑动变阻器，无论怎样移动滑片，电压表都不能达到所控制的电压值（高于2V），是因为变阻器的最大电阻太小；为完成整个实验，应该选取“50Ω1.0A”的滑动变器，选A；