苏州一模化学.docx
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苏州一模化学
苏州市2013届高三第一次模拟考试
化 学
注意事项:
1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,满分120分,考试时间100分钟。
2.答题前,请考生务必将自己的学校、班级、姓名填写在密封线内,并认真核对。
可能用到的相对原子质量:
H—1 C—12 N—14 O—16 Na—23 S—32 Fe—56 Ba—137
第Ⅰ卷(选择题 共40分)
单项选择题(本题包括10小题,每小题2分,共计20分。
每小题只有一个选项符合题意)
1.下列有关化学用语表示正确的是( )
A.甲酸甲酯的实验式:
CH2OB.钠离子的结构示意图:
C.中子数为53、质子数为78的碘原子ID.二氧化碳分子的电子式
2.下列说法与“绿色思想”不符合的是( )
A.启用大气中细颗粒物(PM2.5)的监测,以追根溯源,采取措施,改善空气质量
B.开发高效氢能、太阳能等新型电动汽车,以解决城市机动车尾气排放问题
C.推广使用可降解塑料及布质购物袋,以减少“白色污染”
D.目前我市的汽油标准已由“国Ⅲ”提到“国Ⅳ”,这意味着汽车不再排放氮氧化物
3.常温下,下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是( )
A.0.01mol·L-1Ba(OH)2溶液:
Al3+、N、N、HC
B.加入甲基橙显红色的溶液:
Mg2+、Fe2+、Cl-、N
C.含有苯酚的溶液:
K+、N、Br-、Fe3+
D.0.01mol·L-1HCl溶液:
K+、Na+、I-、S
4.下列有关能量的判断或表示方法正确的是( )
A.从C(石墨)
C(金刚石) ΔH=+1.9kJ·mol-1,可知金刚石比石墨更稳定
B.等质量的硫蒸气和硫固体分别完全燃烧,后者放出热量更多
C.已知H+(aq)+OH-(aq)
H2O(l) ΔH=-57.3kJ·mol-1,则向含0.1molHCl的盐酸中加入4.0gNaOH固体,放出热量等于5.73kJ
D.2gH2完全燃烧生成液态水放出285.8kJ热量,则氢气燃烧的热化学方程式表示如下:
2H2(g)+O2(g)
2H2O(l) ΔH=-571.6kJ·mol-1
5.下列各项中,理由、结论及因果关系均正确的是( )
选 项
理 由
结 论
A
键能:
N≡N>Cl—Cl
单质沸点:
N2>Cl2
B
分子中可电离的H+个数:
H2SO4>CH3COOH
酸性:
H2SO4>CH3COOH
C
元素的非金属性:
N>P
酸性:
HNO3>H3PO4
D
氧化性:
Fe3+>Cu2+
还原性:
Fe2+>Cu
6.下列关于各实验装置与对应现象或结论的叙述均正确的是( )
A.装置①:
可用于分离石油,分别得到汽油、煤油和柴油等各种纯净物
B.装置②:
可用于吸收NH3或HCl气体,并防止倒吸
C.装置③:
如果“a进b出”可用于收集NO2;如果“b进a出”可用于收集NH3
D.装置④:
持续通入CO2气体,现象是先出现白色沉淀,后变澄清
7.甲、乙、丙、丁、戊的相互转化关系如右下图所示(反应条件略去,箭头表示一步转化)。
下列各组物质中,不满足图示转化关系的是( )
甲
乙
丙
戊
①
NH3
O2
NO
H2O
②
Fe
H2O
H2
Fe2O3
③
Al2O3
NaOH溶液
NaAlO2溶液
过量CO2
④
Na2O2
CO2
O2
Na
A.①③B.②③C.②④D.①④
8.设NA表示阿伏加德罗常数的值。
下列说法正确的是( )
A.标准状况下,0.1molCl2被氢氧化钠溶液完全吸收,转移的电子数为0.2NA
B.常温常压下,16gCH4中含有的原子总数为5NA
C.标准状况下,11.2LCH3OH中含有的氢原子数为2NA
D.常温常压下,2.24LCO和CO2混合气体中含有的碳原子数为0.1NA
9.下列表示对应化学反应的离子方程式正确的是( )
A.用白醋除铁锈:
Fe2O3+6H+
3H2O+2Fe3+
B.向NH4HCO3溶液中加入过量的Ba(OH)2溶液并加热:
Ba2++2OH-+N+HC
NH3↑+2H2O+BaCO3↓
C.用过量冷氨水吸收SO2:
SO2+NH3·H2O
HS+N
D.用强碱吸收工业制取硝酸的尾气:
NO+NO2+2OH-
2N+H2O
10.下列有关说法正确的是( )
A.NH4Cl(s)
NH3(g)+HCl(g)室温下不能自发进行,说明该反应的ΔH<0
B.镀锌铁制品镀层破损后,铁制品比受损前更容易生锈,而镀锡铁则相反
C.对于N2(g)+3H2(g)
2NH3(g),当其他条件不变时,压缩气体体积使压强增大,正反应和逆反应速率以及H2的平衡转化率均增大
D.100℃时水的离子积常数Kw为5.5×10-13,说明水的电离是放热反应
不定项选择题(本题包括5小题,每小题4分,共计20分。
每小题有一个或两个选项符合题意。
若正确答案只包括一个选项,多选时,该小题得0分;若正确答案包括两个选项,只选一个且正确的得2分,选两个且都正确的得满分,但只要选错一个,该小题就得0分)
11.香草醛是一种食品添加剂,可由愈创木酚作原料合成,合成路线如下图所示。
下列说法正确的是( )
A.在上述三步反应中,理论上只有①生成②的反应原子利用率为100%
B.氯化铁溶液和碳酸氢钠溶液都能鉴别①④
C.②③分子内含手性碳原子
D.在氢氧化钠溶液中,①③分别消耗NaOH物质的量之比为1∶2
12.短周期元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大,X和Z同主族,Y和W同主族,原子半径X小于Y,四种元素原子最外层电子数之和为14。
下列叙述正确的是( )
A.气态氢化物的热稳定性:
HnY>HnW
B.同周期元素中W的最高价氧化物对应水化物的酸性最强
C.Y和X、Z和X组成的常见化合物中化学键的类型相同
D.原子半径的大小顺序:
r(W)>r(Z)>r(Y)>r(X)
13.镍铬(Ni-Cd)可充电电池的电解质溶液为KOH溶液,它的充、放电反应按下式进行:
Cd+2NiOOH+2H2O
Cd(OH)2+2Ni(OH)2
已知Ni(OH)2、Cd(OH)2和NiOOH都不溶于KOH溶液。
则下列有关电极反应式正确的是( )
A.放电时负极:
Cd-2e-
Cd2+
B.放电时正极:
2NiOOH+2e-+2H2O
2Ni(OH)2+2OH-
C.充电时阳极:
2Ni(OH)2-2e-+4H+
2Ni3++4H2O
D.充电时阴极:
Cd(OH)2+2e-
Cd+2OH-
14.TK时,向2.0L恒容密闭容器中充入1.0molCOCl2,反应COCl2(g)
Cl2(g)+CO(g),经过一段时间后达到平衡。
反应过程中测定的部分数据见下表:
t/s
0
2
4
6
8
n(Cl2)/mol
0
0.16
0.19
0.20
0.20
下列说法正确的是( )
A.反应在前2s的平均速率v(CO)=0.080mol·L-1·s-1
B.保持其他条件不变,升高温度,平衡时,c(Cl2)=0.11mol·L-1,则反应的ΔH<0
C.TK时起始向容器中充入0.9molCOCl2、0.10molCl2和0.10molCO,反应达到平衡前v正>v逆
D.TK时起始向容器中充入1.0molCl2和0.9molCO,达到平衡时,Cl2的转化率小于80%
15.下列有关溶液中微粒浓度关系的叙述正确的是( )
A.向0.1mol·L-1NH4Cl溶液中通入一定量氨气后:
c(Cl-)>c(N)>c(OH-)>c(H+)
B.溶有等物质的量NaClO、NaHCO3的溶液中:
c(HClO)+c(ClO-)=c(HC)+c(H2CO3)+c(C)
C.向CH3COONa溶液中滴加稀盐酸至中性,所得溶液中:
c(Cl-)>c(Na+)>c(CH3COOH)
D.等物质的量浓度CH3COOH溶液和CH3COONa溶液等体积混合,所得溶液中:
c(CH3COOH)+2c(OH-)=2c(H+)+c(CH3COO-)
第Ⅱ卷(非选择题 共80分)
16.(12分)氯气是重要的化工原料。
(1)氯气溶于水得到氯水,氯水中存在下列反应:
Cl2+H2O
H++Cl-+HClO,其平衡常数表达式为K= 。
(2)工业上常用消石灰和氯气反应制取漂白粉,反应的化学方程式是 。
流程如右图所示,其主要设备是氯化塔,塔从上到下分四层。
将含有3%~6%水分的熟石灰从塔顶喷洒而入,氯气从塔的最底层通入,这样加料的目的是 。
处理从氯化塔中逸出气体的方法是 。
(3)某科研小组在实验室用较浓的KOH溶液直接吸收氯气,研究发现反应进行一段时间后开始出现KClO3并逐渐增多,产生KClO3的离子方程式是 ,其原因可能是 ,由此可知
(2)中氯化塔设计为四层是为了减少生产中类似副反应的发生。
17.(16分)某研究小组制备偶氮染料F的合成路线如下:
(1)D中官能团的名称为 。
(2)写出反应类型:
① ;② 。
(3)写出D→E反应的化学方程式:
。
(4)写出B的结构简式:
;设计反应②和④的目的是 。
(5)写出满足下列条件的C的所有同分异构体的结构简式:
。
①是苯的对位二取代产物 ②能发生银镜反应 ③分子中无甲基
(6)设计从X到某酸性偶氮染料Y的合成路线(无机试剂任选。
用流程图表示:
写出反应物、产物及主要反应条件)。
18.(12分)摩尔盐[xFeSO4·y(NH4)2SO4·zH2O]是一种重要化工原料。
其组成可通过下列实验测定:
①称取1.5680g样品,准确配成100mL溶液A。
②量取25.00mL溶液A,加入盐酸酸化的BaCl2溶液至沉淀完全,过滤、洗涤,干燥至恒重,得到白色固体0.4660g。
③再量取25.00mL溶液A,滴加适量稀硫酸,用0.0200mol·L-1KMnO4溶液滴定至终点,生成Mn2+,消耗KMnO4溶液10.00mL。
(1)已知室温下BaSO4的Ksp=1.1×10-10,欲使溶液中c(S)≤1.0×10-5mol·L-1,应保持溶液中c(Ba2+)≥ mol·L-1。
(2)③中发生反应的离子方程式为 ,滴定终点的现象是 。
(3)通过计算确定样品的组成(必须写出计算过程)。
19.(14分)辉铜矿主要成分为Cu2S,软锰矿主要成分为MnO2,它们都含有少量SiO2、Fe2O3等杂质。
工业上综合利用这两种矿物制备硫酸锰和碱式碳酸铜的主要工艺流程如下:
已知:
①MnO2能将金属硫化物中的硫氧化为单质硫。
②[Cu(NH3)4]SO4常温稳定,在热水中会分解生成NH3。
③部分金属阳离子生成氢氧化物沉淀的pH范围如下表所示(开始沉淀的pH按金属离子浓度为1.0mol·L-1计算):
开始沉淀的pH
沉淀完全的pH
Fe3+
1.1
3.2
Mn2+
8.3
9.8
Cu2+
4.4
6.4
(1)酸浸时,为了提高浸取率可采取的措施有 (任写一点)。
(2)酸浸时,得到的浸出液中主要含有CuSO4、MnSO4等。
写出该反应的化学方程式:
。
(3)调节浸出液pH的范围为 ,其目的是 。
(4)本工艺中可循环使用的物质是 (写化学式)。
(5)在该工艺的“加热驱氨”环节,若加热的温度较低或过高,都将造成 结果。
(6)用标准BaCl2溶液测定样品中MnSO4·H2O质量分数时,发现样品纯度大于100%(测定过程中产生的误差可忽略),其可能原因有 (任写一种)。
20.(14分)常温下钛的化学活性很小,在较高温度下可与多种物质反应。
(1)工业上由金红石(含TiO2大于96%)为原料生产钛的流程如下:
①沸腾氯化炉中发生的主要反应为 。
②已知:
Ti(s)+2Cl2(g)
TiCl4(l)ΔH=+akJ·mol-1
2Na(s)+Cl2(g)=2NaCl(s)ΔH=+bkJ·mol-1
Na(s)=Na(l)ΔH=+ckJ·mol-1
则TiCl4(l)+4Na(l)=Ti(s)+4NaCl(s)ΔH= kJ·mol-1
③TiCl4遇水强烈水解,写出其水解的化学方程式:
。
(2)TiO2直接电解法生产钛是一种较先进的方法,电解质为熔融的氯化钙,原理如右图所示,二氧化钛电极连接电源 极,该极电极反应式为 。
但此法会产生有毒气体,为减少对环境的污染,在电池中用固体氧离子隔膜(氧离子能顺利通过)将两极产物隔开,再将石墨改为某金属陶瓷电极并通入一种还原性气体,该气体是 。
(3)海绵钛可用碘提纯,原理为Ti(s)+2I2(g)
TiI4(g),下列说法正确的是 。
A.该反应正反应的ΔH>0
B.在不同温度区域,TiI4的量保持不变
C.在提纯过程中,I2的作用是将粗钛从低温区转移到高温区
D.在提纯过程中,I2可循环利用
21.(12分)从原子、分子水平上帮助我们认识物质构成的规律;以微粒之间不同的作用力为线索,研究不同类型物质的有关物质;从物质结构决定性质的视角预测物质的有关性质。
氯化铯晶胞
(1)下列说法正确的是 (填序号)。
A.元素电负性由大到小的顺序:
F>O>N
B.1个苯分子含3个π键和6个σ键
C.氯化钠和氯化绝晶体中氯离子的配位数相同
D.第一电离能的大小:
Br>Se>As
(2)根据等电子体原理,羰基硫(OCS)分子的结构式为 。
光气(COCl2)各原子最外层都满足8电子稳定结构,COCl2分子空间构型为 (用文字描述)。
(3)Cu2+基态的电子排布式为 。
向硫酸铜溶液中加入过量氨水,然后加入适量乙醇,溶液中会析出深蓝色的[Cu(NH3)4]SO4晶体,该物质中配位原子的杂化方式为 ,不考虑空间构型,其内界结构可用示意图表示为 。
苏州市2013届高三第一次模拟考试
单项选择题(本题包括10小题,每小题2分,共计20分)
1.A 解析 甲酸甲酯的结构简式为HCOOCH3,故最简式为CH2O,A项正确;钠离子含有11个质子,B项错;I原子的符号为I,C项错;CO2中C原子与O原子之间形成的是双键,故各有两对电子,D项错。
2.D 解析 汽油标准提高以后只是汽车尾气中的氮氧化物的含量降低了而不是不再排放了。
3.D 解析 A项中除N能存在外,其余离子都不能存在;B项中甲基橙显红色的溶液显酸性,故Fe2+与N因发生氧化还原反应而不能共存;C项中Fe3+与苯酚能发生络合反应而不能共存;D项中四者能共存。
4.D 解析 石墨生成金刚石时要吸收能量,而能量越高越不稳定,故石墨比金刚石稳定,A项错;等质量的硫蒸气燃烧放出的热量比硫固体多,B项错;固体NaOH溶于水的过程放热,故放出的热量大于5.73kJ,C项错。
5.C 解析 N2与Cl2形成的晶体属于分子晶体,沸点取决于分子间作用力而与键能无关,A项不正确;分子中可电离出的H+个数与酸的酸性无必然联系,如酸性:
HCl>CH3COOH,HCl>H3PO4,B项不正确;元素的非金属性越强,对应的最高价氧化物对应水化物的酸性越强,C项正确;离子的氧化性越强则对应的低价粒子的还原性越弱,故还原性:
Fe2+ 6.C 解析 石油分馏后的产品仍然是混合物,A项错;装置②无法防止倒吸,B项错;NO2的密度比空气大而NH3的密度比空气小,C项正确;硅酸钠溶液中通入CO2后生成难溶于水的硅酸沉淀,继续通入CO2后硅酸也不会消失,D项错。 7.A 解析 NH3与O2反应生成NO和H2O,但NO与H2O无法一步生成NH3,故①不满足关系;根据反应3Fe+4H2O(g) Fe3O4+4H2与Fe2O3+3H2 2Fe+3H2O可知②满足关系;根据反应Al2O3+2NaOH 2NaAlO2+H2O与NaAlO2+CO2+2H2O NaHCO3+Al(OH)3↓,但无法一步生成Al2O3,故③不满足关系;根据反应2Na2O2+2CO2 2Na2CO3+O2与2Na+O2 Na2O2,可知④满足关系。 8.B 解析 A项中转移的电子数为0.1NA;16gCH4的物质的量为1mol,故B项正确;由于常温下甲醇为液态,故C项错;常温下,2.24L混合气体的物质的量不等于0.1mol,故D项错。 9.B 解析 白醋的主要成分是醋酸,醋酸是弱酸,不能拆成离子形式,A项错;当氨水过量时,生成的是(NH4)2SO3,C项错;D项离子方程式原理不正确、O原子不守恒、得失电子不守恒,错误。 10.C 解析 A项中反应的ΔS>0,但反应不能自发进行,说明该反应的ΔH>0,错误;根据金属性Zn>Fe>Sn可知B项错;压缩气体体积而增大压强能明显增大各组分的浓度,故反应速率增大,当增大压强时平衡正向移动,故H2的转化率增大,C项正确;水的电离是吸热反应,D项错。 不定项选择题(本题包括5小题,每小题4分,共计20分) 11.A 解析 由①生成②的反应为加成反应,A项正确;在物质①和④中都含有酚羟基,故用氯化铁溶液无法鉴别,B项错;②分子中只有与羧基相连的碳原子为手性碳原子,而③分子中无手性碳原子,C项错;①中只有酚羟基能消耗NaOH,③中也只有酚羟基能消耗NaOH,故消耗NaOH的物质的量之比为1∶1,D项错。 12.A 解析 由题意可推知四种元素依次为H、O、Na、S,H2O的热稳定性强于H2S,A项正确;在第3周期元素中Cl的最高价氧化物对应水化物的酸性最强,B项错;H2O中的化学键是共价键,而NaH中的化学键是离子键,C项错;原子半径大小: Na>S>O>H,D项错。 13.BD 解析 由于Cd(OH)2不溶于KOH溶液,故放电时的负极反应式为Cd-2e-+2OH- Cd(OH)2↓,A项错;由电池的总反应以及电池的负极反应可推知B项正确;充电时的阴、阳极反应分别可看作是原电池负、正极反应的逆反应,C项错、D项正确。 14.CD 解析 根据2s时Cl2的物质的量可求得v(CO)=v(Cl2)=0.040mol·L-1·s-1,A项错;升高温度平衡后Cl2的浓度增大,说明升高温度时平衡正向移动,故正反应为吸热反应,B项错;按照C项中各物质的量加入时,Cl2的物质的量小于平衡时的物质的量,故反应正向进行,C项正确;D项中若加入的CO为1.0mol时,Cl2的转化率为80%,故D项正确。 15.B 解析 根据电荷守恒可知A项错;根据电荷守恒可知c(H+)+c(Na+)=c(CH3COO-)+c(OH-)+c(Cl-),当溶液呈中性时有c(Na+)=c(CH3COO-)+c(Cl-),C项错;由物料守恒和电荷守恒可得2c(H+)+c(CH3COOH)=c(CH3COO-)+2c(OH-),D项错。 非选择题(共80分) 16.(12分) (1)(2分) (2)2Ca(OH)2+2Cl2 CaCl2+Ca(ClO)2+2H2O(2分) 充分接触,充分吸收(2分) 用碱液吸收(2分) (3)6OH-+3Cl2 5Cl-+Cl+3H2O(2分) 反应放热使温度升高所致(2分) 17.(16分) (1)酰胺键(“肽键”也给分,1分)、 硝基(1分) (2)①还原反应(1分) ②取代反应(1分) (3) +H2O +CH3COOH(2分) (4) (1分) 保护—NH2不被氧化(1分) (5) (2分)、 (2分) (6) (4分) 18.(12分) (1)1.1×10-5(2分) (2)Mn+5Fe2++8H+ Mn2++5Fe3++4H2O(2分) 溶液由无色变为浅紫色,且30s内不褪色(1分) (3)n(S)=n(BaSO4)==2.000×10-3mol(或2.00mmol)(1分) n(Fe2+)=5×0.0200mol·L-1×10.00×10-3L=1.000×10-3mol(1分) n(N)=2×(2.000×10-3mol-1.000×10-3)mol=2.000×10-3mol(1分) m(FeSO4)=152g·mol-1×1.000×10-3mol=0.152g m[(NH4)2SO4]=132g·mol-1×1.000×10-3mol=0.132g n(H2O)==6.000×10-3(2分) x∶y∶z=n(FeSO4)∶n[(NH4)2SO4]∶n(H2O)=1∶1∶6(1分) 该摩尔盐的化学式为FeSO4·(NH4)2SO4·6H2O(1分) 解析 (1)根据Ksp(BaSO4)=c(Ba2+)×c(S)可以得到c(Ba2+)===1.1×10-5mol·L-1。 (2)Mn具有强氧化性,Fe2+具有强还原性,根据氧化还原知识可以写出两者反应的离子方程式为,Mn+5Fe2++8H+ Mn2++5Fe3++4H2O。 当滴入最后一滴高锰酸钾溶液时,溶液变为浅紫色则表明达到滴定终点。 (3)②中产生的沉淀是BaSO4,根据沉淀的质量可以确定出S的物质的量,n(S)=n(BaSO4)==2.000×10-3mol;③中有关系式2Mn~5Fe2+,根据消耗的高锰酸钾的浓度和体积可求出Fe2+的物质的量为5×0.0200mol·L-1×10.00×10-3L=1.000×10-3mol;根据电荷守恒可知n(N)=2.000×10-3mol;结合晶体的质量可计算出n(H2O)= =6×10-3mol,故x∶y∶z=n(FeSO4)∶n[(NH4)2SO4]∶n(H2O)=1∶1∶6,该摩尔盐的化学式为FeSO4·(NH4)2SO4·6H2O。 19.(14分) (1)粉碎矿石或适当升高温度或搅拌(其他合理答案也得分,2分) (2)Cu2S+2MnO2+4H2SO4 2CuSO4+2MnSO4+S↓+4H2O(2分) (3)3.2≤pH<4.4(2分) 使Fe3+转化为Fe(OH)3沉淀而除去(2分) (4)NH3(多写CO2不扣分,2分) (5)碱式碳酸铜产量减少(2分) (6)混有硫酸盐杂质或部分晶体失去结晶水(2分) 20.(14分) (1)①TiO2+2C+2Cl2 TiCl4+2CO(2分) ②2b-4c-a(2分) ③TiCl4+4H2O Ti(OH)
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