高考复习导数专题训练.docx
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高考复习导数专题训练
板块命题点专练(四)
命题点一 导数的运算及几何意义
命题指数:
☆☆☆☆☆
难度:
中、低
题型:
选择题、填空题
1.(2015·全国卷Ⅰ)已知函数f(x)=ax3+x+1的图象在点(1,f
(1))处的切线过点(2,7),则a=________.
解析:
∵f′(x)=3ax2+1,
∴f′
(1)=3a+1.
又f
(1)=a+2,
∴切线方程为y-(a+2)=(3a+1)(x-1).
∵切线过点(2,7),∴7-(a+2)=3a+1,解得a=1.
答案:
1
2.(2016·全国丙卷)已知f(x)为偶函数,当x<0时,f(x)=ln(-x)+3x,则曲线y=f(x)在点(1,-3)处的切线方程是________.
解析:
因为f(x)为偶函数,所以当x>0时,f(x)=f(-x)=lnx-3x,所以当x>0时,f′(x)=
-3,则f′
(1)=-2.所以y=f(x)在点(1,-3)处的切线方程为y+3=-2(x-1),即y=-2x-1.
答案:
y=-2x-1
3.(2015·全国卷Ⅱ)已知曲线y=x+lnx在点(1,1)处的切线与曲线y=ax2+(a+2)x+1相切,则a=________.
解析:
法一:
∵y=x+lnx,∴y′=1+
,
y′
x=1=2.
∴曲线y=x+lnx在点(1,1)处的切线方程为
y-1=2(x-1),即y=2x-1.
∵y=2x-1与曲线y=ax2+(a+2)x+1相切,
∴a≠0(当a=0时曲线变为y=2x+1与已知直线平行).
由
消去y,得ax2+ax+2=0.
由Δ=a2-8a=0,解得a=8.
法二:
同法一得切线方程为y=2x-1.
设y=2x-1与曲线y=ax2+(a+2)x+1相切于点(x0,ax
+(a+2)x0+1).∵y′=2ax+(a+2),
∴y′
x=x0=2ax0+(a+2).
由
解得
答案:
8
命题点二 导数的应用
命题指数:
☆☆☆☆☆
难度:
高、中
题型:
选择题、填空题、解答题
1.(2014·全国卷Ⅱ)若函数f(x)=kx-lnx在区间(1,+∞)单调递增,则k的取值范围是( )
A.(-∞,-2] B.(-∞,-1]
C.2,+∞)D.1,+∞)
解析:
选D 因为f(x)=kx-lnx,所以f′(x)=k-
.因为f(x)在区间(1,+∞)上单调递增,所以当x>1时,f′(x)=k-
≥0恒成立,即k≥
在区间(1,+∞)上恒成立.因为x>1,所以0<
<1,所以k≥1.故选D.
2.(2016·全国乙卷)若函数f(x)=x-
sin2x+asinx在(-∞,+∞)单调递增,则a的取值范围是( )
A.-1,1]B.
C.
D.
解析:
选C f′(x)=1-
cos2x+acosx=1-
(2cos2x-1)+acosx=-
cos2x+acosx+
,f(x)在R上单调递增,则f′(x)≥0在R上恒成立,令cosx=t,t∈-1,1],则-
t2+at+
≥0在-1,1]上恒成立,即4t2-3at-5≤0在-1,1]上恒成立,令g(t)=4t2-3at-5,则
解得-
≤a≤
,故选C.
3.(2015·全国卷Ⅱ)设函数f′(x)是奇函数f(x)(x∈R)的导函数,f(-1)=0,当x>0时,xf′(x)-f(x)<0,则使得f(x)>0成立的x的取值范围是( )
A.(-∞,-1)∪(0,1)B.(-1,0)∪(1,+∞)
C.(-∞,-1)∪(-1,0)D.(0,1)∪(1,+∞)
解析:
选A 设y=g(x)=
(x≠0),
则g′(x)=
,
当x>0时,xf′(x)-f(x)<0,∴g′(x)<0,
∴g(x)在(0,+∞)上为减函数,
且g
(1)=f
(1)=-f(-1)=0.
∵f(x)为奇函数,∴g(x)为偶函数,
∴g(x)的图象的示意图如图所示.
当x>0时,由f(x)>0,得g(x)>0,由图知0 当x<0时,由f(x)>0,得g(x)<0,由图知x<-1, ∴使得f(x)>0成立的x的取值范围是(-∞,-1)∪(0,1),故选A. 4.(2015·全国卷Ⅱ)已知函数f(x)=lnx+a(1-x). (1)讨论f(x)的单调性; (2)当f(x)有最大值,且最大值大于2a-2时,求a的取值范围. 解: (1)f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)= -a. 若a≤0,则f′(x)>0,所以f(x)在(0,+∞)上单调递增. 若a>0,则当x∈ 时,f′(x)>0; 当x∈ 时,f′(x)<0. 所以f(x)在 上单调递增,在 上单调递减. (2)由 (1)知,当a≤0时,f(x)在(0,+∞)上无最大值; 当a>0时,f(x)在x= 处取得最大值,最大值为 f =ln +a =-lna+a-1. 因此f >2a-2等价于lna+a-1<0. 令g(a)=lna+a-1, 则g(a)在(0,+∞)上单调递增,g (1)=0. 于是,当01时,g(a)>0. 因此,a的取值范围是(0,1). 5.(2016·全国甲卷)已知函数f(x)=(x+1)lnx-a(x-1). (1)当a=4时,求曲线y=f(x)在(1,f (1))处的切线方程; (2)若当x∈(1,+∞)时,f(x)>0,求a的取值范围. 解: (1)f(x)的定义域为(0,+∞). 当a=4时,f(x)=(x+1)lnx-4(x-1), f (1)=0,f′(x)=lnx+ -3,f′ (1)=-2. 故曲线y=f(x)在(1,f (1))处的切线方程为2x+y-2=0. (2)当x∈(1,+∞)时,f(x)>0等价于lnx- >0. 设g(x)=lnx- , 则g′(x)= - = ,g (1)=0. ①当a≤2,x∈(1,+∞)时,x2+2(1-a)x+1≥x2-2x+1>0,故g′(x)>0,g(x)在(1,+∞)上单调递增,因此g(x)>0; ②当a>2时,令g′(x)=0得x1=a-1- ,x2=a-1+ . 由x2>1和x1x2=1得x1<1,故当x∈(1,x2)时,g′(x)<0,g(x)在(1,x2)上单调递减,因此g(x)<0. 综上,a的取值范围是(-∞,2]. 6.(2016·全国丙卷)设函数f(x)=lnx-x+1. (1)讨论f(x)的单调性; (2)证明当x∈(1,+∞)时,1< <x; (3)设c>1,证明当x∈(0,1)时,1+(c-1)x>cx. 解: (1)由题设,f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)= -1,令f′(x)=0,解得x=1. 当0<x<1时,f′(x)>0,f(x)单调递增; 当x>1时,f′(x)<0,f(x)单调递减. (2)证明: 由 (1)知,f(x)在x=1处取得最大值, 最大值为f (1)=0. 所以当x≠1时,lnx<x-1. 故当x∈(1,+∞)时,lnx<x-1,ln < -1, 即1< <x. (3)证明: 由题设c>1,设g(x)=1+(c-1)x-cx, 则g′(x)=c-1-cxlnc. 令g′(x)=0,解得x0= . 当x<x0时,g′(x)>0,g(x)单调递增; 当x>x0时,g′(x)<0,g(x)单调递减. 由 (2)知1< <c,故0<x0<1. 又g(0)=g (1)=0,故当0<x<1时,g(x)>0. 所以当x∈(0,1)时,1+(c-1)x>cx. 7.(2016·全国乙卷)已知函数f(x)=(x-2)ex+a(x-1)2有两个零点. (1)求a的取值范围; (2)设x1,x2是f(x)的两个零点,证明: x1+x2<2. 解: (1)f′(x)=(x-1)ex+2a(x-1)=(x-1)(ex+2a). ①设a=0,则f(x)=(x-2)ex,f(x)只有一个零点. ②设a>0,则当x∈(-∞,1)时,f′(x)<0; 当x∈(1,+∞)时,f′(x)>0, 所以f(x)在(-∞,1)内单调递减,在(1,+∞)内单调递增. 又f (1)=-e,f (2)=a,取b满足b<0且b , 则f(b)> (b-2)+a(b-1)2=a >0, 故f(x)存在两个零点. ③设a<0,由f′(x)=0得x=1或x=ln(-2a). 若a≥- ,则ln(-2a)≤1, 故当x∈(1,+∞)时, f′(x)>0,因此f(x)在(1,+∞)内单调递增. 又当x≤1时,f(x)<0,所以f(x)不存在两个零点. 若a<- ,则ln(-2a)>1, 故当x∈(1,ln(-2a))时,f′(x)<0; 当x∈(ln(-2a),+∞)时,f′(x)>0. 因此f(x)在(1,ln(-2a))内单调递减,在(ln(-2a),+∞)内单调递增. 又当x≤1时,f(x)<0,所以f(x)不存在两个零点. 综上,a的取值范围为(0,+∞). (2)证明: 不妨设x1 (1)知,x1∈(-∞,1),x2∈(1,+∞),2-x2∈(-∞,1),又f(x)在(-∞,1)内单调递减, 所以x1+x2<2等价于f(x1)>f(2-x2),即f(2-x2)<0. 由于f(2-x2)=-x2e2-x2+a(x2-1)2, 而f(x2)=(x2-2)ex2+a(x2-1)2=0, 所以f(2-x2)=-x2e2-x2-(x2-2)ex2. 设g(x)=-xe2-x-(x-2)ex, 则g′(x)=(x-1)(e2-x-ex). 所以当x>1时,g′(x)<0,而g (1)=0, 故当x>1时,g(x)<0. 从而g(x2)=f(2-x2)<0,故x1+x2<2. 命题点三 定积分 命题指数: ☆☆☆ 难度: 中、低 题型: 选择题、填空题 1.(2014·陕西高考)定积分 (2x+ex)dx的值为( ) A.e+2B.e+1 C.eD.e-1 解析: 选C (2x+ex)dx=(x2+ex) =1+e1-1=e,故选C. 2.(2013·江西高考)若S1= x2dx,S2= dx,S3= exdx,则S1,S2,S3的大小关系为( ) A.S1 C.S2 解析: 选B S1= x3 = - = ,S2=lnx =ln2 =e2-e≈2.72-2.7=4.59,所以S2 3.(2015·天津高考)曲线y=x2与直线y=x所围成的封闭图形的面积为________. 解析: 如图,阴影部分的面积即为所求. 由 得A(1,1). 故所求面积为S= (x-x2)dx= = . 答案: 4.(2015·陕西高考)如图,一横截面为等腰梯形的水渠,因泥沙沉积,导致水渠截面边界呈抛物线型(图中虚线所示),则原始的最大流量与当前最大流量的比值为________. 解析: 建立如图所示的平面直角坐标系,由抛物线过点(0,-2),(-5,0),(5,0),得抛物线的函数表达式为y= x2-2,抛物线与x轴围成的面积S1= dx= ,梯形面积S2= =16.最大流量比为S2∶S1=1.2. 答案: 1.2
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