北京市东城区高三二模理综化学试题解析版.docx
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北京市东城区高三二模理综化学试题解析版
2018年北京东城区高三化学二模
1.景泰蓝制作技艺是北京市的地方传统手工技艺,其制作工艺流程主要有
裁剪、制胎
铜板裁剪敲打并焊接成胎体
掐丝、粘丝
铜丝掐成图案并粘在胎体上
点蓝、烧蓝
釉料点涂在图案中并烧制
磨光、镀金
制品打磨光亮并用火镀金
其工艺中一定含有化学变化的是
A.裁剪B.掐丝C.烧蓝D.磨光
【答案】C
【解析】裁剪、掐丝、磨光过程都只发生物质形状的变化,没有新物质生成,属于物理变化,烧蓝是釉料点涂在图案中并烧制,过程中生成了新物质,发生了复杂的化学变化,故选C。
2.下列有关物质的用途不正确的是
A.液氨可做冷库的制冷剂
B.食盐可做食品的防腐剂
C.过氧化钠可做潜艇的供氧剂
D.二氧化硫可做红酒的漂白剂
【答案】D
【解析】A.液氨气化吸热,导致周围温度降低,则液氨可用作制冷剂,故A正确;B.食盐腌制食品,食盐进入食品内液产生浓度差,形成细菌不易生长的环境,可作防腐剂,食盐具有咸味,所以食盐可作调味剂,也可作食品防腐剂,故B正确;C、过氧化钠与二氧化碳、水蒸气反应生成氧气,人呼出的气体中含有二氧化碳和水蒸气,所以过氧化钠可用作潜艇供氧剂,故C正确;D.二氧化硫有毒,不能广泛用于食品漂白,故D错误;故选D。
3.将碲化镉涂在玻璃上可制得“发电玻璃”。
碲(Te)位于周期表的第五周期第VIA族,下列说法正确的是
A.原子半径:
Te>S
B.单质的氧化性:
Te>S
C.最高正价:
Te>S
D.气态氢化物稳定性:
H2Te>H2S
【答案】A
【解析】A.同主族,从上到下,原子半径逐渐增大,原子半径:
Te>S,故A正确;B.同主族,从上到下,非金属性减弱,单质的氧化性逐渐减弱,氧化性:
Te<S,故B错误;C.同主族,最外层电子数相等,最高正价:
Te=S,故C错误;D.同主族,从上到下,非金属性减弱,对应氢化物的稳定性减弱,气态氢化物稳定性:
H2Te<H2S,故D错误;故选A。
4.下列两种物质相互反应,无论两种物质的用量多少,都能用同一化学方程式表示的是
A.碳酸钠溶液与稀盐酸反应
B.硝酸银溶液与稀氨水反应
C.氢氧化钡溶液与稀硫酸反应
D.甲烷在光照条件下与氯气反应
【答案】C
【解析】A.HCl少量生成碳酸氢钠和NaCl,离子反应为CO32-+H+=HCO3-,HCl过量时生成氯化钠、水、二氧化碳,离子反应为CO32-+2H+=CO2↑+H2O,离子反应不同,故A不选;B.硝酸银溶液与氨水反应,氨水多时生成银氨溶液,氨水少时生成氢氧化银沉淀,所以量不同产物不同,反应不同,故B不选;C.氢氧化钡溶液与稀硫酸的反应与两种物质的用量多少无关,均生成硫酸钡沉淀和水,故C选;D.甲烷在光照条件下与氯气发生反应,甲烷中的氢原子被氯原子所取代生成氯代烃,与甲烷和氯气的用量有关氯气较少时,主要生成一氯甲烷等,氯气过量时,可以主要生成四氯化碳等,故D不选;故选C。
点睛:
本题考查了物质的性质和化学反应方程式的书写。
本题的易错点为D,甲烷与氯气反应时,四种氯代烃的量的多少与甲烷和氯气的用量有关,不同用量,主要发生的反应不同。
5.由X、Y和Z合成缓释药物M,下列说法不正确的是
A.M在体内能缓慢发生水解反应
B.X可以由乙烯通过加成反应和取代反应制备
C.1molY与NaOH溶液反应,最多能消耗3molNaOH
D.Z由加聚反应制得,其单体的结构简式是CH3CH=CHCOOH
【答案】D
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6.我国研究锂硫电池获得突破,电池的总反应是16Li+S8
8Li2S,充放电曲线如图所示,下列说法不正确的是
A.充电时,电能转化为化学能
B.放电时,锂离子向正极移动
C.放电时,1molLi2S6转化为Li2S4得到2mole-
D.充电时,阳极总电极反应式是8S2--16e-=S8
【答案】C
【解析】A.充电时,是电解池,是电能转化为化学能,故A正确;B.放电时,是原电池,在原电池中,阳离子向正极移动,因此锂离子向正极移动,故B正确;C.根据图示,放电时,1molLi2S6转化为Li2S4的反应为2Li2S6+2Li=3Li2S4,反应中2molLi2S6得到2mole-,即1molLi2S6得到1mole-,故C错误;D.根据16Li+S8
8Li2S,充电时,阳极总电极反应式是8S2--16e-=S8,故D正确;故选C。
点睛:
本题考查了原电池和电解池的工作原理的应用。
本题中放电过程是分步放电的,这是本题的难点,本题的易错点为C,要注意根据每步反应的方程式分析解答。
7.一定温度下,探究铜与稀HNO3,反应过程如下:
下列说法不正确的是
A.过程I中生成无色气体的离子方程式是3Cu+2NO3-+8H+=3Cu2++2NO↑+4H2O
B.步骤III反应速率比I快的原因是NO2溶于水,使c(HNO3)增大
C.由实验可知,NO2对该反应具有催化作用
D.当活塞不再移动时,再抽入空气,铜可以继续溶解
【答案】B
8.合成药物中间体M的流程如下。
已知:
(1)A的名称是________。
(2)B中含有的官能团是________。
(3)D的结构简式是________。
(4)反应①的化学方程式是________。
(5)反应②的反应类型是________。
(6)反应③的试剂和条件是________。
(7)由K生成L反应的化学方程式是________
(8)
写出中间产物的结构简式:
中间产物Ⅰ______,中间产物Ⅱ______。
【答案】
(1).乙酸
(2).氯原子羧基(3).HOOCCH2COOH(4).
(5).氧化反应(6).浓HNO3和浓H2SO4、加热(7).
(8).
(9).
【解析】
(1)根据B的结构
可知,A为CH3COOH,是乙酸,故答案为:
乙酸;
(2)B(
)中含有的官能团有氯原子羧基,故答案为:
氯原子羧基;
(3)C(
)中氰基水解生成羧基,D为HOOCCH2COOH,故答案为:
HOOCCH2COOH;
(4)F的分子式为C7H8,根据G的结构可知,F为甲苯,反应①的化学方程式为
,故答案为:
;
(5)反应②为对氯甲苯中的甲基被氧化为羧基的反应,故答案为:
氧化反应;
(6)根据K的结构可知,反应③为对氯苯甲酸发生的硝化反应,反应的试剂和条件为浓HNO3和浓H2SO4、加热,故答案为:
浓HNO3和浓H2SO4、加热;
(7)根据流程图,D为HOOCCH2COOH,根据E的分子式可知,X为甲醇,与D发生酯化反应生成E,E为CH3OOCCH2COOCH3,则K与甲醇发生酯化反应生成L反应的化学方程式为
,故答案为:
;
(8)根据题干已知信息
可知,
与CH3OOCCH2COOCH3反应生成的中间产物Ⅰ为
,根据M的结构和中间产物Ⅱ生成M的反应条件可知,中间产物Ⅱ为
,故答案为:
;
。
点睛:
本题考查有机物的合成与推断,本题的难度较大,难点在与E和L生成M过程中的中间产物II的判断。
本题的易错点为有机物X的判断,需要根据D、E分子式的差别结合D的结构特征分析解答。
9.溴化锂是一种高效的水汽吸收剂,其一种绿色工业合成工艺如下(部分操作和条件已略去)。
已知:
碳酸锂微溶于水,水溶液显碱性。
(1)Br2的电子式是______。
(2)合成过程中发生的反应如下,请写出ii反应的化学方程式并将iii补充完整。
ⅰ.Br2+H2O
HBr+HBrO;
ⅱ._____;
ⅲ.3LiBrO+CO(NH2)2(尿素)=3LiBr+_____。
(3)LiBrO3是生产过程中的副产物。
①用化学方程式表示生成改副产物的原因:
______。
②为了提高原料的利用率,减少副产物的生成,必须调控体系的pH在3~5之间,通过合理的加料方法来实现:
将碳酸锂粉末溶解于冷的溴水中至饱和,并一次性加入尿素,然后再______,直到尿素完全转化。
③常用硫脲除去LiBrO3,反应的化学方程式是4LiBrO3+3CS(NH2)2(硫脲)+3H2O=4LiBr+3CO(NH2)2+3H2SO4,选用硫脲除杂的优点是_______;缺点是引入新杂质且溶液酸性增强,为解决该问题需要加入的试剂是_______。
【答案】
(1).
(2).Li2CO3+2HBr=2LiBr+H2O+CO2↑(3).CO2↑+N2↑+2H2O(4).3Br2+3Li2CO3=2LiBrO3+5LiBr+3CO2↑(5).少量多次交替加入Br2和Li2CO3(6).可将LiBrO3转化为LiBr,并得到可以循环使用的CO(NH2)2(7).BaCO3
【解析】
(1)溴最外层有7个电子,Br2的电子式为
,故答案为:
;
(2)合成过程中发生的反应如下:
ⅰ.Br2+H2O
HBr+HBrO;ⅱ.反应生成氢溴酸能够与碳酸锂生成溴化锂和二氧化碳,反应的方程式为Li2CO3+2HBr=2LiBr+H2O+CO2↑,ⅲ.HBrO与碳酸锂反应生成LiBrO,LiBrO具有强氧化性,将CO(NH2)2氧化生成二氧化碳和氮气,反应的方程式为3LiBrO+CO(NH2)2=3LiBr+CO2↑+N2↑+2H2O,故答案为:
Li2CO3+2HBr=2LiBr+H2O+CO2↑;CO2↑+N2↑+2H2O;
(3)①LiBrO3是生产过程中的副产物,生成LiBrO3的反应方程式为3Br2+3Li2CO3=2LiBrO3+5LiBr+3CO2↑,故答案为:
3Br2+3Li2CO3=2LiBrO3+5LiBr+3CO2↑;
②为了提高原料的利用率,减少副产物的生成,必须调控体系的pH在3~5之间,通过合理的加料方法来实现:
将碳酸锂粉末溶解于冷的溴水中至饱和,并一次性加入尿素,然后再少量多次交替加入Br2和Li2CO3,直到尿素完全转化,故答案为:
少量多次交替加入Br2和Li2CO3;
③常用硫脲除去LiBrO3,反应的化学方程式是4LiBrO3+3CS(NH2)2(硫脲)+3H2O=4LiBr+3CO(NH2)2+3H2SO4,选用硫脲除杂的优点有可将LiBrO3转化为LiBr,并得到可以循环使用的CO(NH2)2;缺点是引入新杂质硫酸,且溶液酸性增强,为解决该问题,可以加入BaCO3除去硫酸,同时又不会引入新杂质,故答案为:
可将LiBrO3转化为LiBr,并得到可以循环使用的CO(NH2)2;BaCO3。
10.制备乙炔的电石渣对环境污染极为严重,因此需要对水体进行净化处理。
现取500mL电石渣废水(阳离子主要为Ca2+),测定水质的数据如下表所示。
注:
SS表示固体悬浮物
模拟工业处理流程如下:
已知:
i.常温时CaSO4微溶于水;ii.溶解度:
CaSO4>Fe(OH)2>FeS。
(1)①采用20%的硫酸对废水进行预中和处理,pH变化如下图所示。
硫酸的用量和废水中固体悬浮物(SS)含量的关系是_______。
②废水中SS含量随时间变化如下表所示。
静置时间(h)
1
2
3
4
5
6
24
SS含量(mg/L)
2500
1800
1300
900
820
800
780
为降低成本,减少硫酸投加量的最好办法是_______。
③滤渣A的主要成分有SS和_______。
(2)根据表中数据,回答下列问题。
①化学絮凝沉淀过程中,加入FeSO4发生反应的离子方程式是______。
②熟石灰能促进沉淀的生成,结合离子方程式,从平衡角度分析其原因是_______。
(3)用臭氧进一步处理废水中的氰化物和残留硫化物,若将500mL废水中的CN-完全氧化成N2和CO2,转移______mole-。
【答案】
(1).处理至相同pH时,废水中SS含量越高,中和所需的硫酸越多
(2).加硫酸前,静置5~6小时(3).CaSO4(4).Fe2++S2-=FeS(5).水解平衡:
S2-+H2O
HS-+OH-,加入熟石灰,c(OH-)增大,平衡逆向移动,c(S2-)增大,有利于FeS沉淀的生成(6).5×10-4
【解析】
(1)①根据硫酸的用量和废水中固体悬浮物(SS)含量的关系图像可知,处理至相同pH时,废水中SS含量越高,中和所需的硫酸越多,故答案为:
处理至相同pH时,废水中SS含量越高,中和所需的硫酸越多;
②根据废水中SS含量随时间变化数据可知,静置时间越长,SS含量越小,根据数据,静置5~6小时后,SS含量变化较小,为降低成本,减少硫酸投加量的最好办法是加硫酸前,静置5~6小时,故答案为:
加硫酸前,静置5~6小时;
③电石渣废水中的阳离子主要为Ca2+,能够与硫酸反应生成CaSO4沉淀,因此滤渣A的主要成分有SS和CaSO4,故答案为:
CaSO4;
(2)①根据表格数据,化学絮凝沉淀过程中,加入FeSO4主要与废水中的硫离子反应生成硫化亚铁沉淀,反应的离子方程式为Fe2++S2-=FeS,故答案为:
Fe2++S2-=FeS;
②硫离子能够水解,溶液显碱性,加入熟石灰溶液的碱性增强,抑制硫水解,有利于FeS沉淀的生成,故答案为:
S2-+H2O
HS-+OH-,加入熟石灰,c(OH-)增大,平衡逆向移动,c(S2-)增大,有利于FeS沉淀的生成;
(3)500mL废水中含有CN-的物质的量为
=0.0001mol,生成0.0001molCO2和0.00005molN2,转移的电子的物质的量为0.0001mol×(4-2)+0.00005mol×2×(3-0)=5×10-4mol,故答案为:
5×10-4。
11.某兴趣小组利用电解装置,探究“铁作阳极”时发生反应的多样性,实验过程如下。
I.KCl作电解质
(1)一定电压下,按图-1装置电解,现象如下:
石墨电极上迅速产生无色气体,铁电极上无气体生成,铁逐渐溶解。
5min后U型管下部出现灰绿色固体,之后铁电极附近也出现灰绿色固体,10min后断开K。
按图-2进行实验。
①石墨电极上的电极反应式是________。
②确认灰绿色固体中含有Fe2+的实验现象是_______。
③灼烧晶体X,透过蓝色钴玻璃观察到火焰呈紫色。
结合平衡移动原理,解释“试管i中析出白色晶体”的原因是_______。
(2)其他条件不变时,用图-3装置重复实验,10min后铁电极附近溶液依然澄清,断开K。
按图-4进行实验
①盐桥的作用是_______。
②与实验I中vi、vii与ii~v中的现象比较,可以得出的结论是(答两点):
_______。
II.KOH作电解质
(3)用图-1装置电解浓KOH溶液,观察到铁电极上立即有气体生成,附近溶液逐渐变为淡紫色(
),没有沉淀产生。
①铁电极上OH-能够放电的原因是______。
②阳极生成
的总电极反应式是______。
③某同学推测生成
的必要条件是浓碱环境,将图-5中的实验方案补充完整,证实推测成立。
______
【答案】
(1).2H++2e-=H2↑(或2H2O+2e-=2OH-+H2↑)
(2).试管iii中生成蓝色沉淀,试管v中没有蓝色沉淀(3).试管i中存在溶解平衡:
KCl(s)
K+(aq)+Cl-(aq),滴加12mol/L的盐酸,增大c(Cl-),平衡逆向移动,析出KCl晶体(4).阻碍OH-向阳极迁移,避免灰绿色固体生成(5).本实验条件下铁在阳极区的产物主要为Fe2+,Fe2+在碱性条件下更容易被氧化为Fe3+(6).c(OH-)增大,反应速率加快(更容易放电)(7).Fe-6e-+8OH-=FeO42-+4H2O(8).水;生成红褐色沉淀和无色气体
【解析】
(1)①石墨电极为阴极,溶液中的氢离子放电生成氢气,电极反应式为2H++2e-=H2↑(或2H2O+2e-=2OH-+H2↑),故答案为:
2H++2e-=H2↑(或2H2O+2e-=2OH-+H2↑);
②灰绿色固体用盐酸溶解后的溶液中加入铁氰化钾溶液,生成蓝色沉淀,灰绿色悬浊液过滤后的溶液中加入铁氰化钾溶液,无蓝色沉淀生成,说明灰绿色悬浊液中含有Fe2+,故答案为:
试管iii中生成蓝色沉淀,试管v中没有蓝色沉淀;
③灼烧晶体X,透过蓝色钴玻璃观察到火焰呈紫色,说明含有钾元素,是因为试管i中存在溶解平衡:
KCl(s)
K+(aq)+Cl-(aq),滴加12mol/L的盐酸,增大c(Cl-),平衡逆向移动,析出KCl晶体,白色晶体为氯化钾晶体,故答案为:
试管i中存在溶解平衡:
KCl(s)
K+(aq)+Cl-(aq),滴加12mol/L的盐酸,增大c(Cl-),平衡逆向移动,析出KCl晶体;
(2)①盐桥中的氯离子代替氢氧根离子向阳极移动,避免灰绿色固体生成,故答案为:
阻碍OH-向阳极迁移,避免灰绿色固体生成;
②根据实验I中vi、vii与ii~v中的现象比较可知,①vii中加入铁氰化钾溶液后生成大量蓝色沉淀,说明在使用盐桥的实验条件下铁在阳极区的产物主要为Fe2+,vi中溶液在加入KSCN溶液后呈浅红色,说明Fe2+在碱性条件下更容易被氧化为Fe3+,故答案为:
本实验条件下铁在阳极区的产物主要为Fe2+;Fe2+在碱性条件下更容易被氧化为Fe3+;
(3)①c(OH-)增大,反应速率加快,使得铁电极上OH-能够放电,故答案为:
c(OH-)增大,反应速率加快(更容易放电);
②阳极上生成的氧气能够将亚铁离子氧化生成FeO42-,反应的总电极反应式为Fe-6e-+8OH-=FeO42-+4H2O,故答案为:
Fe-6e-+8OH-=FeO42-+4H2O;
③要推测生成FeO42-的必要条件是浓碱环境,只需要改变溶液的碱性,看是否仍然生成FeO42-即可,实验方案为:
将淡紫色(FeO42-)溶液加入水中稀释,使溶液的碱性减弱,4FeO42-+10H2O⇌4Fe(OH)3↓+8OH-+3O2↑,看到生成红褐色沉淀和无色气体,即可说明生成FeO42-的必要条件是浓碱环境,故答案为:
水;生成红褐色沉淀和无色气体。
点睛:
本题以“铁作阳极”时发生反应的多样性探究实验考查了电解原理的应用。
本题的难度中等,掌握铁及其化合物的性质和离子的检验是解题的关键。
本题的易错点和难点为(3)③实验的设计,需要理解实验的目的并掌握高铁酸根离子的水解方程式。
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