福建省泉州市届高三高考考前适应性模拟理综卷三.docx

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福建省泉州市届高三高考考前适应性模拟理综卷三

泉州市2017届高三高考考前适应性模拟理综物理卷（三）

二、选择题:

本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献。

以下选项中符合伽利略和牛顿的观点的是

A.两物体从同一高度做自由落体运动，较轻的物体下落较慢

B.两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明物体受力越大则速度就越大

C.人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方

D.平直公路上行驶的汽车松开油门后会逐渐停下来，这说明静止状态才是物体不受力时的“自然状态”

【答案】C

【解析】两物体从同一高度做自由落体运动，两物体下落的一样快，选项A错误；两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明物体受力越大则加速度就越大，选项B错误；人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，由于惯性，人要保持向前的匀速运动状态，而车加速运动，故人将落在起跳点的后方，选项C正确；静止状态和匀速直线运动状态是物体不受力时的“自然状态”，选项D错误；故选C.

2.光电效应实验装置如图所示。

用频率为ν的光源照射阴极K产生了光电效应，已知逸出功为W，普朗克常量为h，电子电量为e。

调节变阻器滑动片，使光电流逐渐减小；当电流表示数恰好减小到零时，电压表的示数U可能是下列的

A.U=

B.U=

C.U=2hν-WD.U=

【答案】A

【解析】根据光电效应方程可知光电子的最大初动能为：

Ek=hv-W0

根据动能定理可得电压表示数至少为：

eUc=Ek=hv-W0  

解得：

，故A正确，BCD错误；故选A。

3.如图，闭合铜制线框用细线悬挂，静止时其下半部分位于与线框平面垂直的磁场中。

若将细线剪断后线框仍能静止在原处，则磁场的的磁感应强度B随时间t变化规律可能的是

A.

B.

C.

D.

【答案】B

【解析】因剪断细线后线框仍能静止在原处，可知安培力向上，根据楞次定律可知，穿过线；圈的磁通量增加，磁感应强度增强，选项D错误；设B=B0+kt;根据平衡知识

；

即

，式中mg、B0、S、L及R均为定值，则随时间t的增加，k减小时，等式两边才能平衡，故选项B正确，AC错误；故选B.

4.如图，半径为R、质量为m的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，将质量也为m的小球从距A点正上方h高处由静止释放，小球自由落体后由A点经过半圆轨道后从B冲出，在空中能上升的最大高度为h，则

A.小球和小车组成的系统动量守恒

B.小车向左运动的最大距离为

C.小球离开小车后做斜上抛运动

D.小球第二次能上升的最大高度h＜h＜h

【答案】D

【解析】小球与小车组成的系统在水平方向所受合外力为零，水平方向系统动量守恒，但系统整体所受合外力不为零，系统动量不守恒，故A错误；系统水平方向动量守恒，以向右为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：

mv-mv′=0，

，解得，小车的位移：

x=R，故B错误；小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒，小球由A点离开小车时系统水平方向动量为零，小球与小车水平方向速度为零，小球离开小车后做竖直上抛运动，故C错误；

小球第一次车中运动过程中，由动能定理得：

mg（h0-h0）-Wf=0，Wf为小球克服摩擦力做功大小，解得：

Wf=mgh0，即小球第一次在车中滚动损失的机械能为mgh0，由于小球第二次在车中滚动时，对应位置处速度变小，因此小车给小球的弹力变小，摩擦力变小，摩擦力做功小于mgh0，机械能损失小于mgh0，因此小球再次离开小车时，能上升的高度大于：

，而小于h0，故D正确；故选D．

点睛：

动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量，特别是可以去求变力功．摩擦力做功使得机械能转化成内能．

5.如图，理想变压器原线圈上连接着在水平面内的长直平行金属导轨，导轨之间存在垂直于导轨平面的匀强磁场。

一金属杆MN在导轨上左右来回运动，始终与导轨垂直且接触良好，其速度v随时间t的变化规律为v＝v0sin

t，两灯A、B均发光。

线圈L的直流电阻、导轨和金属杆的电阻均忽略不计。

则...

A.只增大T，则灯A变暗、灯B变亮

B.当时间t＝T时，两灯都亮着，电压表的示数恰好为零

C.只将变阻器R的滑片下滑时，通过副线圈的电流变大，电压表的示数变大

D.只增大v0，两灯都变亮，杆MN来回运动的最大距离变小

【答案】A

【解析】只增大T，即减小频率，电容器的特性：

通交流，隔直流，通调频，阻低频，所以灯A变暗，

电感的特性：

通直流，阻交流．通低频，阻高频，所以灯B变亮．故A正确；当时间t=T时，两灯都亮着，电压表的示数为有效值，不为零，故B错误；只将变阻器R的滑片下滑时，变阻器R阻值最大，通过副线圈的电流减小，电压表的示数不变，故C错误；只增大v0，两灯都变亮，根据速度时间图象面积表示位移，所以杆MN来回运动的最大距离变大，故D错误；

故选A．

点睛：

本题考查对变压器原理的理解，并抓住产生感应电流的条件和电感、电容的特性进行分析．明确电感和电容对交流电的阻碍作用．

6.卫星电话在抢险救灾中能发挥重要作用。

第一代、第二代海事卫星只使用静止轨道卫星，不能覆盖地球上的高纬度地区。

第三代海事卫星采用同步和中轨道卫星结合的方案，它由4颗同步卫星与12颗中轨道卫星构成。

中轨道卫星高度为10354公里，分布在几个轨道平面上（与赤道平面有一定的夹角）。

在这个高度上，卫星沿轨道旋转一周的时间为四分之一天。

则

A.中轨道卫星的角速度大于地球自转的角速度

B.4颗同步卫星的轨道半径一定相同，而且在同一平面内

C.在中轨道卫星经过地面某点的正上方的一天后，该卫星还在地面该点的正上方

D.若某时刻中轨道卫星、同步卫星与地心在同一直线上，那么6小时后它们仍在同一直线上

【答案】ABC

【解析】因

解得：

；

7.如图，内壁光滑的绝缘细管与水平面成30°角，在管的右上方P点固定一个点电荷+Q，P点与细管在同一竖直平面内，管的顶端A与P点连线水平。

带电荷量为-q的小球（小球直径略小于管内径）从管中A处由静止开始沿管向下运动，在A处时小球的加速度为a，图中PB⊥AC，B是AC的中点，不考虑小球电荷量及管对+Q形成的电场的影响。

则在电场中

A.A点的电势低于B点的电势

B.B点的电场强度大小是A点的2倍

C.小球运动到C点的加速度为

D.小球从A点到C点的过程中电势能先减小后增大

【答案】AD

mgsin30°-Fcos30°=ma′，解得：

a′=g-a．故C错误；根据电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加，可知：

小球带负电，从A到C的过程中，电场力先做正功，后做负功，则电势能先减小后增大，故D正确；故选AD.

点睛：

本题考查点电荷的电场强度公式，掌握矢量的合成法则，注意电场力做功与电势能的变化关系，理解牛顿第二定律与力的平行四边形定则的综合应用．

8.如图甲所示，倾角为θ的光滑斜面固定在水平面上，劲度系数为k的轻弹簧，下端固定在斜面底端，上端与质量为m的物块A连接，A的右侧紧靠一质量为m的物块B，但B与A不粘连。

初始时两物块均静止。

现用平行于斜面向上的拉力F作用在B，使B做加速度为a的匀加速运动，两物块在开始一段时间内的v-t图象如图乙所示，t1时刻A、B的图线相切，t2时刻对应A图线的最高点，重力加速度为g，则

A.

B.t2时刻，弹簧形变量为

...

C.t2时刻弹簧恢复到原长，物块A达到速度最大值

D.从开始到t1时刻，拉力F做的功比弹簧释放的势能少

【答案】BD

【解析】对AB整体，根据牛顿第二定律得：

F-2mgsinθ+kx=2ma，得F=2mgsinθ-kx+2ma，则知开始时F最小，此时有：

2mgsinθ=kx，得F的最小值为F=2ma，故B错误．

由图读出，t1时刻A、B开始分离，对A根据牛顿第二定律：

kx-mgsinθ=ma

开始时有：

2mgsinθ=kx0，又x0-x=at12;联立以三式得：

．故A错误．由图知，t2时刻A的加速度为零，速度最大，根据牛顿第二定律和胡克定律得：

mgsinθ=kx，则得弹簧的压缩量

，故B正确,C错误．

从开始到t1时刻，弹簧释放的势能

；从开始到t1时刻的过程中，根据动能定理得：

WF+EP−2mgsinθ（x0−x）＝•2mv12

2a（x0−x）＝v12

上述各式解得：

所以拉力F做的功比弹簧释放的势能少

，故D正确．故选BD.

点睛：

从受力角度看，两物体分离的条件是两物体间的正压力为0．从运动学角度看，一起运动的两物体恰好分离时，两物体在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等．

三、非选择题

（一）必考题

9.某同学在探究弹力和弹簧伸长的关系，并测定弹簧的劲度系数k。

主要实验步骤如下：

将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将毫米刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好指在刻度尺上。

当弹簧自然下垂时，指针的指示值记作L0；弹簧下端挂一个砝码时，指针的指示值记作L1；弹簧下端挂两个砝码时，指针的指示值记作L2……；挂七个砝码时，指针的位置如图所示，指针的指示值记作L7。

已知每个砝码的质量均为50g，测量记录表：

代表符号

L0

L1

L2

L3

L4

L5

L6

L7

刻度数值/cm

1.70

3.40

5.10

6.85

8.60

10.30

12.10

（1）实验中，L7的值还未读出，请你根据上图将这个测量值填入记录表中。

（2）为充分利用测量数据，该同学将所测得的数值按如下方法逐一求差，分别计算出了四个差值：

d1＝L4－L0，d2＝L5－L1，d3＝L6－L2，d4＝L7－L3。

...

（3）根据以上差值，可以求出每增加50g砝码的弹簧平均伸长量ΔL。

ΔL用d1、d2、d3、d4表示的式‍子为ΔL＝_________________。

（4）计算弹簧的劲度系数k＝________N/m。

（g取9.8m/s2）

【答案】

（1）.14.05（14.03~14.07）

（2）

（2）.28

【解析】

（1）尺的最小分度值为1mm，刻度尺读数：

L7=14.05cm

（2）根据以上差值，可以求出每增加50g砝码的弹簧平均伸长量△L．△L用d1、d2、d3、d4表示的式子为：

⑤根据胡克定律有：

m0g=kL，充分利用测量数据，

10.某同学利用图（a）所示装置进行DIS实验来测绘小灯泡的U-I特性曲线，画出小灯泡的U-I特性曲线如图（b）。

请完成下列问题：

（1）电路图（a）中“A传感器”是_________传感器，“B传感器”是_________传感器；

（2）由图（b）可知，小灯泡灯丝电阻的变化规律是：

阻值随电流的增大而_____________；

（3）现将该小灯泡与一阻值为2Ω的定值电阻串联后接在电动势为3.0V，内阻为1Ω的电源两端，电路中的电流约为____________A。

【答案】

（1）.电压

（2）.电流（3）.增大（4）.0.52（0.50~0.55）

【解析】试题分析：

（1）电路图（a）中“A传感器”是电压传感器，“B传感器”是电流传感器；

（2）由图（b）可知，由于U-I线上各点与原点连线的斜率为灯泡的电阻，则小灯泡灯丝电阻的变化规律是：

阻值随电流的增大先不变后变大；（3）将2Ω的定值电阻看做电源的内阻，则灯泡两端的电压随电流变换关系为

，即U=3-3I；将此图线画在灯泡的U-I图像中，如图；两图线的交点即为电路的工作点,可知I=0.52A；

考点：

测绘小灯泡的U-I特性曲线

11.古代的水车可以说是现代水力发电机的鼻祖。

如图为一个简易的冲击式水轮机的模型，水流自水平的水管流出，水流轨迹与下边放置的轮子边缘相切，水冲击轮子边缘上安装的挡水板，可使轮子连续转动。

当该装置工作稳定时，可近似认为水到达轮子边缘时的速度与轮子边缘的线速度相同。

调整轮轴O的位置，使水流与轮边缘切点对应的半径与水平方向成θ＝37°角。

测得水从管口流出速度v0＝3m/s，轮子半径R＝0.1m。

不计挡水板的大小。

取重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。

求：

（1）轮子转动角速度ω；

（2）水管出水口距轮轴O水平距离l和竖直距离h。

【答案】

（1）50rad/s

（2）0.86m

【解析】

（1）水流出后做平抛，设水流到达轮子边缘的速度为v，v=

=5m/s

轮子边缘的线速度v′=υ=5m/s

所以轮子转动的角速度ω==50rad/s

（2）设水流到达轮子边缘的竖直分速度为vy，平抛运动时间为t，水平、竖直分位移分别为sx、sy：

vy=

=4m/s

t==0.4s

sx=v0t=1.2m

sy=gt2=0.8m

水管出水口距轮轴O水平距离l和竖直距离h为：

l=sx-Rcos37°=1.12m

h=sy+Rsin37°=0.86m

12.如图甲所示，竖直线MN左侧存在水平向右的匀强电场，MN右侧存在垂直纸面的均匀磁场，磁感应强度B随时间t变化规律如图乙所示，O点下方竖直距离d＝23.5cm处有一垂直于MN的足够大的挡板。

现将一重力不计、比荷＝106C/kg的正电荷从O点由静止释放，经过∆t＝

×10-5s后，电荷以v0＝1.5×104m/s的速度通过MN进入磁场。

规定磁场方向垂直纸面向外为正，t＝0时刻电荷第一次通过MN，忽略磁场变化带来的影响。

求：

（1）匀强电场的电场强度E的大小；

（2）t＝

×10-5s时刻电荷与O点的竖直距离∆d；...

（3）电荷从O点出发运动到挡板所需时间t。

（结果保留两位有效数字）

【答案】

（1）7.2×103N/C

（2）4cm（3）1.1×10-4s

【解析】

（1）电荷在电场中做匀加速直线运动，有υ0=a∆t

Eq=ma

解得

（2）由

，

得

，

当磁场垂直纸面向外时，半径

周期

当磁场垂直纸面向里时，半径

周期

故电荷从t=0时刻开始做周期性运动，其运动轨迹如图1所示:

t=

×10-5s时刻电荷与O点的竖直距离∆d=2（r1-r2）=4cm

（3）电荷从第一次通过MN开始计时，其运动周期为T=

×10-5s

根据电荷的运动情况可知，电荷到达挡板前运动的完整周期数为4个，此时电荷沿MN运动的距离s=4∆d=16cm，则最后△s=7.5cm的距离如图2所示，

有r1+r1cosα=△s

解得cosα=0.5，则α=60°

故电荷运动的总时间t总=∆t+4T+T1=

×10-5s≈1.1×10-4s

（二）选考题

13.下列说法中正确的是

A.一定质量的理想气体从外界吸收热量，内能不一定增大

B.满足能量守恒定律的宏观过程并不都可以自发地进行

C.如果气体分子总数不变而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，那么压强必然增大

D.某气体的摩尔体积为V，每个气体分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数NA＝

E.温度相同分子质量不同的两种气体，它们分子的平均动能一定相同

【答案】ABE...

【解析】一定质量的理想气体从外界吸收热量，如果气体对外做功，则内能不一定增大，选项A错误；根据热力学第二定律可知，满足能量守恒定律的宏观过程并不都可以自发地进行，选项B正确；如果气体分子总数不变而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，若气体的体积增大，气体的密度减小，则压强不一定增大，选项C错误；某气体的摩尔体积为V，每个气体分子运动占据的空间的平均体积为V0，则阿伏加德罗常数NA＝，选项D错误；温度是平均动能的标志，则温度相同分子质量不同的两种气体，它们分子的平均动能一定相同，选项E正确；故选ABE.

14.如图，在固定的气缸A和B中分别用活塞封闭一定质量的理想气体，活塞面积之比为SA∶‍SB‍＝1∶2。

两活塞以穿过B的底部的刚性细杆相连，可沿水平方向无摩擦滑动。

两个气缸都不漏气。

初始时，A、B中气体的体积皆为V0，温度皆为T0＝300K，A中气体压强pA＝1.5p0，p0是气‍缸外的大气压强。

现对A加热，使其中气体的压强升到pA′＝2.0p0，同时保持B中气体的温度不变。

求此时A中气体温度TA′。

【答案】500K

【解析】活塞平衡时，由平衡条件得：

PASA+PBSB=P0（SA+SB）　①，

PA'SA+PB'SB=P0（SA+SB）　　②，

已知SB=2SA　③，

B中气体初、末态温度相等，设末态体积为VB，

由玻意耳定律得：

PB'VB=PBV0　④，

设A中气体末态的体积为VA，因为两活塞移动的距离相等，

故有

 ⑤，

对气体A由理想气体状态方程得：

 ⑥

解得：

；

点睛：

本题是理想气体的连接体问题，找出两部分气体状态参量间的关系，然后由理想气体状态方程即可解题，要掌握连接体问题的解题思路与方法．

15.下列说法正确的是

A.波的图象表示介质中“某个质点”在“各个时刻”的位移

B.当波源与观察者相互远离时，观察到的波频率变小

C.肥皂泡呈现彩色条纹是光的折射现象造成的

D.狭义相对论认为，在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的

E.a、b两束光照射同一双缝干涉装置在屏上得到a光的相邻亮条纹间距比b光的小，则水对a光的折射率比b光的大

【答案】BDE

【解析】波的图象表示介质中“无数个质点”在“某个时刻”的位移，选项A错误；根据多普勒效应可知，当波源与观察者相互远离时，观察到的波频率变小，选项B正确；肥皂泡呈现彩色条纹是光的干涉现象造成的，选项C错误；狭义相对论认为，在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的，选项D正确；a、b两束光照射同一双缝干涉装置在屏上得到a光的相邻亮条纹间距比b光的小，根据

，则a的波长较小，频率较大，则水对a光的折射率比b光的大，选项E正确；故选BDE.

16.一不透明的圆柱形容器内装满折射率为

的透明液体，容器底部正中央O点处有一点光源S，平面镜MN与水平底面成45°角放置。

若容器高为2dm，底面半径为（1+

）dm，OM＝1dm。

在容器中央正上方离液面1dm处水平放置一足够长的刻度尺，求光源S发出的光线经平面镜反射后，照射到刻度尺的长度。

（不考虑容器侧壁和液面的反射）

【答案】（1＋

）dm

【解析】试题分析：

作出边界光路．当光线沿OM入射到平面镜时，发生反射，光线照射到刻度尺的最右端．当射到平面镜上的光线经折射照射到刻度尺的最左端时，根据对称性，作出平面镜反射的光路．

作图找出发光点S在平面镜中的像点Ｓ／/，连接S/M延长交直尺于H点，由题设知：

光线SM的入射角为45°，根据反射定律可知反射角等于45°，MH沿竖直方向，连接Ｓ／P，根据对称性得Ｓ／M=OM=1m，在RtΔPRＳ／/中，

，

，

由几何知识得

由折射定律可得：

解得：

，

故刻度尺上被照亮的范围为：

考点：

本题考查对光的反射定律与光的折射定律的理解和应用，同时考查考生的理解能力、推理能力和分析综合能力．