四川省南充市中考物理试题及答案解析物理中考真题中考真题.docx
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四川省南充市中考物理试题及答案解析物理中考真题中考真题
南充市2018年初学业水平考试理科综合试卷物理部分
一、单选题
1.下列有关声现象的说法正确的是
A.老师讲课时声音洪亮是指声音的音调高
B.真空不能传声
C.利用超声波清洗眼镜,说明声音可以传递信息
D.在城市主要道路两边,安装噪声监测仪,可以减弱噪声
【答案】B
【解析】音调是指声音的高低,老师讲课时声音洪亮是指声音的很大,是指响度,故A错误;声音的传播需要介质,真空不能传声,故B正确;声音可以传递信息,声音也能够传递能量,利用超声波清洗眼镜,是利用声音可以传递能量,故C错误;在街头设置噪声监测仪,只能监测噪声的大小,并不能减弱噪声,故D错误,故选B。
2.下列现象中属于汽化现象的是
A.夏天洒在地上的水会很快变干
B.北方的冬天水面结冰
C.北方冬夜窗子玻璃上出现冰花
D.夏天从冰箱拿出的冰冻饮料一会儿瓶身会出现水珠
【答案】A
【解析】夏天洒在室外地上的水很快变干了,是蒸发现象,属于汽化,故A符合题意;冬天水面结冰,是水由液态变为固态,属于凝固现象,故B不符合题意;冬天窗子玻璃上出现的冰花,是水蒸气直接变成固态小冰晶,是凝华现象,故C不符合题意;夏天,从冰箱中拿出的饮料瓶过一会儿,瓶外壁会出现水珠,是空气中的水蒸气遇到温度较低的饮料瓶发生的液化现象,故D不符合题意,故只有A符合题意,故选A。
3.如图所示,一小铁块沿斜面向下滑动,下列所涉及的物理知识描述正确的是
A.铁块从斜面滑下的速度越来越快,说明铁块惯性在变大
B.铁块所受重力与斜面对铁块的支持力是一对平衡力
C.铁块受到斜面摩擦力的方向沿斜面向上
D.铁块相对于斜面始终是静止的
【答案】C
4.如图是将一个气球压入水中的过程(气球不会漏气且不会爆裂),球内气体的质量和密度变化情况是
A.质量变大,密度变大B.质量不变,密度变小
C.质量变小,密度不变D.质量不变,密度变大
【答案】D
【解析】气球被压入水中的过程中,只是位置的改变,因为气球不会漏气且不会爆裂,所以球内气体的质量不变,由于其下压过程中气球受到水的压强增大,所以气球体积会减小,由ρ=m/V知道,质量不变,体积减小,密度会增大,故D正确,故选D。
5.下列与压强有关的事例的解释中正确的是
A.书包的背带较宽,是为了增大压强
B.用吸管喝饮料,利用了大气压强
C.拦河大坝修成上窄下宽,利用了连通器原理
D.起风时,常看见屋内的窗帘飘向窗外,这是因为窗外空气流速大,压强大
【答案】B
【解析】书包的背带较宽,是为了压力一定时,通过增大受力面积来减小压强,故A错误;当用吸管吸饮料时,首先是把吸管内的空气吸走,然后在外界大气压的作用下,饮料就被压进吸管里,所以,用吸管喝饮料是利用大气压强,故B正确;液体内部压强随着深度的增加而增大,所以水坝下部比上部建造的宽,是由于液体压强随着深度的增加而增大,故C错误;由于流体流速越大的位置压强越小,所以起风时,常看见屋内的窗帘飘向窗外,这是因为窗外空气流速大、压强小,故D错误,故选B。
6.下列图中符合安全用电与保护原则的是
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】A图的电冰箱要使用三孔插座,是由于这些用电器的外壳是金属导体,当用电器漏电时,会使金属外壳带电,若接上地线,电流就通过地线,流入大地,可以防止了触电事故的发生,故A符合安全用电与保护原则;电路中电流过大的原因有两个:
一是短路;二是家中使用用电器的总功率过大,故B图中多个大功率用电器同时使用时,将会使电路中的电流过大,引起火灾,故B不符合安全用电与保护原则;因为湿抹布是导体,当用湿抹布擦发光的灯泡时,可能使电源通过人体与大地形成通路,使人触电,故C不符合安全用电与保护原则;接灯时,火线首先接入开关,然后进入灯泡顶端的金属点;零线直接进入灯泡的螺旋套,如果开关接在零线和灯泡之间,火线直接接在灯泡时,虽然断开开关,但是火线和灯泡相连,触及灯泡会发生触电事故,所以开关要接在灯泡和火线之间,断开开关,切断火线,触及灯泡时更安全,故D不符合安全用电与保护原则,故选A。
7.以下图中说明了电磁感应现象的是
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】A图演示的是奥斯特实验,说明电流周围存在磁场,故不符合题意;B图中有电源,闭合开关后,磁场中的金属棒就会运动,演示的是通电直导线在磁场中受到力,故B不符合题意;C图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动,导体中就会产生感应电流,这是电磁感应现象,故C符合题意;D图中的实验可验证磁铁同名磁极相互排斥、异名磁极相吸引,故D不符合题意,故选C。
8.在如图所示的电路中,电源电压保持不变,闭合开关S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中
A.电压表V1,示数不变,电压表V2示数变大
B.电流表A示数变大
C.电压表V2示数与电流表A示数的比值变小
D.电压表V1示数与电流表A示数的比值不变
【答案】D
【解析】由电路图知道,R1与R2串联,电压表V1测R1两端的电压,电压表V2测R2两端的电压,电流表测电路中的电流。
当向右移动滑动变阻器滑片P时,变阻器接入电路中的电阻变大,电路中的总电阻变大,由I=U/R知道,电路中的电流变小,即电流表A的示数变小,故B错误;由U=IR可知,电流减小,R1是定值电阻,其两端的电压会减小,即电压表V1示数减小;由串联电路的电压规律知道,R2两端的电压变大,即电压表V2示数会变大,故A错误;电压表V2示数与电流表A示数的比值为滑动变阻器的电阻,由于滑动变阻器接入的阻值变大,所以该比值会变大,故C错误;电压表V1示数与电流表A示数的比值是R1的阻值,所以其比值保持不变,故D正确,故选D。
9.如图所示的电路,电源电压为3V,R1=15Ω,R2=5Ω,当开关S闭合时,下列分析正确的是
A.R1、R2两端电压之比为3:
1
B.通过R1、R2电流之比为3:
1
C.R1、R2消耗的电功率之比为1:
3
D.R1的电功率为1.8W
【答案】C
【解析】由电路图知道,R1、R2两电阻并联,由于并联电路各支路两端的电压相等,所以R1、R2两端电压之比是1:
1,故A错误;由I=U/R知道,通过R1、R2电流之比是:
I1:
I2=U/R1:
U/R2=R2:
R1=5Ω:
/15Ω=1:
3,故B错误;由P=U2/R知道,R1、R2消耗的电功率之比是:
P1:
P2=U2/R1:
U2/R2=R2:
R1=1:
3,故C正确;由于两电阻并联,所以U1=U=3V,R1的电功率是:
P1=U2/R1=(3V)2/15Ω=0.6W,故D错误,故选C。
10.如图,在木块上放置一个铁块m1时,木块M刚好浸没于水中(如图甲);当在木块下吊一个铁块m2时,木块也刚好浸没(如图乙),则m1/m2的值为(ρ铁=7.9×103kg/m3,p=1×103kg/m3,g=10N/kg)
A.59:
69B.69:
79C.79:
89D.89:
99
【答案】B
二、填空题
11.夏日清晨,阳光明媚,周未小明和妈妈一同来到了湖边散步,岸上拉着母子俩长长的影子,湖中柳影摇曳,小明指着自己的影子对妈妈说这是光的________形成的,又指着湖中柳树的倒影说这是光的______形成的。
【答案】
(1).直线传播
(2).反射
【解析】根据题意知道,小明看见的自己在地面上留下的影子,是由于光的直线传播引起的;水面相当于一平面镜,当光遇到水面时会发生反射,所以柳树的倒影是光发生反射形成的虚像。
12.生活中许多现象都可以用我们所学的物理知识解释,例如腌制鸭蛋使盐进入鸭蛋中是一种_________现象,烧水煮鸭蛋是利用____________的方式改变鸭蛋的内能。
【答案】
(1).扩散
(2).热传递
【解析】两种不同的物质相互接触时,彼此进入对方的现象叫扩散现象,所以把鸭蛋放在盐水里一段时间,鸭蛋就变咸了,这是鸭蛋与盐之间的扩散现象;烧水煮鸭蛋,水的温度高,鸭蛋温度低,两者之间存在温度差,所以通过发生热传递改变了鸭蛋的内能。
13.某台汽油机飞轮的转速为1800r/min,在1s内,汽油机完成了______个工作循环。
如果汽油机在一段时间内消耗了500g汽油,若这些汽油完全燃烧,可放出热量__________J。
(q汽油=4.6×107J/kg)
【答案】
(1).15
(2).2.3×107
【解析】对于四冲程汽油机,一个工作循环飞轮转2圈,完成四个工作冲程,做功1次,活塞往复2次。
所以若汽油机的飞轮转速为1800r/min,则1s内,飞轮转30圈,共完成15个工作循环;500g汽油完全燃烧产生的热量是:
Q放=mq=500g×4.6×l07J/kg=2.3×l07J=0.5kg×4.6×l07J/kg=2.3×l07J。
14.如图所示,一个重为5N的容器,底面积100cm2,内装有400ml的酒精,则容器对桌面的压力为_________N,容器对桌面的压强为_____________Pa(p酒精=0.8×103kg/m3,g=10N/kg)
【答案】
(1).8.2
(2).820
【解析】根据题意知道,酒精的质量是:
m酒=ρ酒V=0.8g/cm3×400cm3=320g=0.32kg,当容器放在水平桌面上时,对桌面的压力和自身的重力相等,所以容器对桌面的压力是:
F=G容器+G酒精=5N+m酒g=5N+0.32kg×10N/kg=8.2N,容器的底面积是:
S=100cm2=0.01m2,所以,容器对桌面的压强是:
p=F/S=8.2N/0.01m2=820Pa
15.在如图所示的斜面上,一工人用200N的拉力,将一重为250N的物体,从底端匀速拉到顶端,用时6s,则此过程中物体受到的拉力________斜面对物体的摩擦力(选填“大于”、“等于”、“小于”),拉力做功的功率为__________W。
【答案】
(1).大于
(2).100
【解析】当用力F沿斜面匀速向上拉动物体时,在沿斜面方向上,物体受到沿斜面向上的拉力、沿斜面向下的摩擦力和重力沿斜面向下的分力作用处于平衡状态,由力的平衡条件知道,拉力F等于摩擦力与重力沿斜面向下的分力之和,所以,物体所受到的拉力大于斜面对物体的摩擦力;拉力对木箱做的功是:
W=Fs=200N×3m=600J,拉力对木箱做功的功率是:
P=W/t=600J/6s=100W。
16.中国在核电事业上,已取得辉煌成就,其援建巴基斯坦的核电站,即将于2019年投入使用,核电站的核心设备是核反应堆,核反应堆是利用原子核的________(选填”裂变”或“聚变”来发电的;手机是我们现在越来越普遍的通信工具,手机是利用_______传递信息的。
【答案】
(1).裂变
(2).电磁波
【解析】核裂变和核聚变都能释放能量,核裂变又分为可控制核裂变和不可控制的核裂变,核电站是利用可控制的原子核裂变产生的能量来发电的;手机既能发射电磁波,也能接收电磁波,手机靠电磁波传递信息。
17.一个电压恒定的电源,在其两端只接一只电阻值为120Ω的电阻R1,电流是0.5A。
如果在电阻R1两端并联一个电阻值为8Ω的电阻R2,并联电路的总电流为_______A若将R2改为与R1串联在原电路中,电路中电流为_______A。
【答案】
(1).8
(2).0.46875
【解析】根据题意知道,R1=120Ω电阻,通过的电流是I1=0.5A”,由I=U/R知道电源电压是:
U=I1R1=0.5A×120Ω=60V;当在电阻R1两端并联一个电阻值为8Ω的电阻R2时,则通过R2的电流是I2=U/R2=60V/8Ω=7.5A,所以,并联电路的总电流是:
I=I1+I2=0.5A+7.5A=8A;若将R2改为与R1串联在原电路中,则电路中的电流是:
I′=U/R1+R2=60V/120Ω+8Ω=0.46875A。
18.如图所示,电源电压不变,灯泡标有“4V,2W”字样,当开关S闭合时,灯泡正常发光,电流表的示数为0.6A,电阻R的电功率为___________w,通电1min,R产生的热量为_________J
【答案】
(1).0.4
(2).24
【解析】由电路图知道,当闭合开关时,灯泡和定值电阻并联,电流表测量干路电流。
当灯泡正常发光时,由P=UI知道通过灯泡的电流是:
IL=PL/UL=2W/4V=0.5A,由并联电路的电流特点知道,通过电阻R的电流是:
IR=I-IL=0.6A-0.5A=0.1A,此时电阻R两端电压是:
UR=UL=4V,所以电阻R消耗的功率是:
PR=URIR=4V×0.1A=0.4W;若R通电1min,则产生的热量是:
QR=WR=PRt=0.4W×60s=24J。
19.如图甲所示,电源电压一定,滑动变阻器的滑片从最右端滑到最左端时,灯泡L的I-U图象如图乙所示,当灯电流为1A时,灯正常发光,则灯的额定功率为______W和滑动变阻器的最大值为__________Ω。
【答案】
(1).8
(2).11
【解析】根据题意知道,当灯的电流为1A时,灯正常发光,由图象知道,此时灯泡两端的电压为8V,故灯泡的额定功率是:
P额=ULIL=8V×1A=8W;由电路图知道,滑片在左端时,变阻器连入阻值为0,电路中电阻最小,电流为最大1A,此时灯泡两端的电压是8V,即电源电压是:
U=UL=8V;当滑片位于右端时,灯泡和变阻器的最大阻值串联,电路中电阻最大,电流最小,由图象知道,此时UL′=2.5V,I′=0.5A,由于串联电路中总电压等于各分电压之和,所以滑动变阻器两端的电压是:
UR=U-UL′=8V-2.5V=5.5V,由I=U/R可得,滑动变阻器的最大阻值是:
R滑大=UR/I′=5.5V/0.5A=11Ω。
点睛:
本题考查的是串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式,解题的关键是从图象中获取有用信息。
三、探究与解答题
20.如图所示,轻质杠杆AB可绕O点在竖直平面内旋转,请在图中画出物体M所受重力G和使杠杆保持平衡的最小力F的示意图。
【答案】
【解析】由杠杆平衡条件知道,在阻力跟阻力臂的乘积一定时,动力臂越长,动力越小;由图知道,O为支点,A点距离O点是最远的,若以AO为力臂时,力是最小的;物体M所受重力G的方向是竖直向下的,作用点在重心,物体M所受重力G和使杠杆保持平衡的最小力F的示意图,如图:
点睛:
本题考查的是杠杆中最小力的问题,解题的关键是确定出最长的力臂,并根据力臂的画法做出最小的力。
21.如图所示,根据通电螺线管的“S、N”极,判断并标出电源“+、-”极和静止的小磁针的“S、N”
【答案】
【解析】由图知道,通电螺线管的右端为S极,根据同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引知道,小磁针的左端为N极、右端为S极;由右手螺旋定则知道,螺线管中电流由右侧流入、左侧流出,所以电源的右侧为正极、左侧为负极,如图:
点睛:
本题考查的是右手螺旋定则及磁极间的相互作用,需要熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。
22.如是小明在“探究平面镜成像的特点“的实验装置。
(1)你认为本实验小明应选择较________(选填“厚”或“薄”)的玻璃板来完成实验。
(2)在玻璃板前面放支点燃的蜡烛A再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B,竖立在玻璃板后面并移动,直到与蜡烛A的像完全重合,这样做是为了比较像与物的_______关系。
(3)移去蜡烛B,在其原位置上放置一块白屏,白屏上________(选填“能”或“不能”)呈现蜡烛的像。
(4)小明第一次将蜡烛A置于玻璃前5cm,第二次将A向远离玻璃板的方向移动3cm,再次放置B直到与蜡烛A的像完全重合,则A与B的间距为________cm。
【答案】
(1).薄
(2).大小(3).不能(4).16
【解析】
(1)因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面,即会出现两个像,而影响到实验效果,所以应选用薄玻璃板;
(2)在玻璃板前面放一支点燃的蜡烛A,再拿一支没点燃的相同的蜡烛B,在玻璃板后面移动,直至与蜡像A的像重合,说明像与物的大小相等,所以,这样做是为了比较像与物的大小关系;
(3)平面镜所成的像是虚像,虚像是不能成在光屏上的,所以移去蜡烛B,在其原位置上放置一块白屏,若观察者直接对屏观察,则在白屏上是不能呈现蜡烛的像;
(4)由于平面镜成像时,像距等于物距,根据题意知道,小明第一次将蜡烛A置于玻璃前5cm,第二次将A向远离玻璃板的方向移动3cm,所以此时蜡烛A距离玻璃板8cm,蜡烛B距离玻璃板也是8cm,即A与B的间距为16cm。
点睛:
本题考查的是平面镜成像特点的实验,这是光学中的一个重点实验,需要熟练掌握,并学会灵活运用。
23.在“研究影响液体内部压强”的实验中:
(1)压强计是通过观察U型管的两端液面的______来显示橡皮膜所受压强大小。
(2)比较图甲和图乙,可以初步得出结论:
在同种液体中,液体内部压强随液体_______的增加而增大。
(3)如果我们要讨论液体内部压强是否与液体密度有关,应选择_________进行比较。
(4)已知乙图中U型管左侧液柱高为4cm,右侧液柱高为10cm,则U型管底部受到的液体的压强为__________Pa(p水=1×103kg/m3g=10N/kg)
【答案】
(1).高度差
(2).深度(3).乙、丙(4).1000
【解析】
(1)压强计测量液体压强时,就是靠U形管两侧液面高度差来体现压强大小的,液面高度差越大,说明液体压强越大;
(2)由图甲和图乙知道,两杯中的液体密度相同、随着金属盒所处的深度增加,两侧液面高度差变大,即压强越大,所以,初步得出的结论是:
在同种液体中,液体内部压强随液体深度的增加而增大;
(3)要讨论液体内部压强是否与液体密度有关,需要控制液体的深度相同、金属盒的方向相同、液体的密度不同,故应选择乙、丙两次实验进行比较;
(4)因为图乙中U形管的右侧与大气相通,所以U型管底部受到的液体的压强应是右侧液柱产生的,故U型管底部受到的液体的压强是:
p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa。
点睛:
本题考查的是“研究影响液体内部压强”的实验,解题的关键是掌握液体压强大小的影响因素,并利用控制变量法和转化法探究液体压强大小的影响因素。
24.在“测量小灯泡额定功率”的实验中,小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)将甲图中电路连接完整_________。
(要求:
滑动变阻器滑片P向右移灯泡变亮)
(2)正确连接电路后,闭合开关S,移动滑片P,小张发现小灯泡始终不亮,电流表无示数,电压表示数始终为3V,则故障原因为_________________
(3)电路故障排除后,闭合开关,移动滑片P,直到电压表示数为2.5V,此时电流表示数如图乙所示,则小灯泡的额定功率为_________W。
(4)小张设计了如图丙所示的电路也完成了该实验(电源电压不变,R阻值已知)
①闭合开关S和S1,,断开S2,并调节滑动变阻器使电压表示数为U额。
②团合开关S和S2,断开S1,,滑动变阻器滑片P不动,读出此时电压表示数为U;则小灯泡额定功率的表达式灯P额=_______。
(用U额、R、U表示)
【答案】
(1).
(2).灯泡断路(3).0.75(4).见解析所示
【解析】
(1)由于滑片P向右移时灯泡变亮,所以说明此过程变阻器连入电路的阻值在减小,所以应将变阻器的B接线柱接入电路,如图:
(2)根据题意知道,电流表无示数,灯不亮,说明电路可能断路;电压表有示数,说明电压表与电源连通,即与电压表并联的支路以外的电路是完好的,所以应是电压表并联的灯泡断路了;
(3)由图乙知道,电流表的量程是0~0.6A,分度值是0.02A,所以电流表的示数是0.3A,故灯泡的额定功率是:
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W;
(4)根据题意知道,①当闭合开关S和S1,断开S2时,电压表测量灯泡的电压值,并调节滑动变阻器使电压表示数为U额。
②当闭合开关S和S2,断开S1时,灯泡与定值电阻仍是串联,电压表测量灯泡与定值电阻的电压,且要滑动变阻器滑片P不动,此时读出电压表示数为U,则定值电阻的电压是:
U-U额,电路的电流是:
IR=U-U额/R,所以小灯泡额定功率的表达式是:
P额=U额I额=U额IR=U额×(U−U额)/R=U额(U−U额)/R。
点睛:
本题考查的是“测量小灯泡额定功率”的实验,涉及实物连接,故障分析,解题的关键是正确应用功率公式P=UI及欧姆定律。
25.如图,电源电压一定,已知灯泡L标有“6V,7.2W”字样(灯电阻不受温度影响),R1=10Ω。
当S、S1,闭合,且滑片P在a端时,灯正常发光;当S、S2闭合,且P在滑动变阻器中点处时,电流表示数为0.2A。
(1)求灯泡L的电阻阻值。
(2)求滑动变阻器Rx的最大值。
(3)通过对S、S1、S2的控制和调节滑动变阻器,可使电路所消耗的总功率最小,请求出电路总功率的最小值。
【答案】见解析所示
【解析】
(1)因为灯泡L标有“6V,7.2W”字样,所以由P=U2/R知道,灯泡L的电阻阻值是:
RL=U额2/P额=(6V)2/7.2W=5Ω;
(2)由电路图知道,当S、S1闭合,且滑片P在a端时,电路为灯泡L的简单电路,且灯正常发光,所以电源电压是:
U=U额=6V;
当S、S2闭合时,R1与Rx串联,电流表测电路中的电流,当P在滑动变阻器中点处时,由串联电路特点和欧姆定律知道总电阻是:
R1+Rx/2=U/I,即:
10Ω+Rx/2=6V/0.2A,所以滑动变阻器Rx的最大值是:
Rx=40Ω;
(3)因为RL<R1,所以当闭合S、S2,并且滑片在b端时,R1与Rx的最大阻值串联,电路的总电阻最大,总功率最小,且电路总功率的最小值是:
P最小=U2/R1+Rx=(6V)2/10Ω+40Ω=0.72W。
点睛:
本题考查的是串联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用,解题的关键是正确分析电路的连接方式,并知道灯光正常发光时两端电压等于其额定电压。
26.如图是工人将重160N的物体匀速放下的过程,已知物体下降的距离为3m,用时3s,工人的拉力为50N,工人质量为50kg。
(物体未浸入水中,且不计绳重及摩擦)
(1)求工人放绳的速度。
(2)求滑舱组的效率η1
(3)如果物体完全浸没水中后滑轮的机械效率为η2,已知η1:
η2=4:
3(物体在水中仍匀速下降,动滑轮不会浸入水中且不计绳重及摩擦,g=10N/kg)。
求当物体完全浸没水中后,工入对地面的压力。
【答案】见解析所示
【解析】
(1)根据题意知道,物体下降速度是:
v=h/t=3m/3s=1m/s;
由图知道滑轮组的有效绳子段数是n=4,所以工人放绳的速度是:
v绳=4v物=4×1m/s=4m/s;
(2)因为n=4,所以绳子运动距离是:
s=4h=4×3m=12m;
工人放绳子的有用功是:
W有用=Gh=160N×3m=480J;
放绳子的总功是:
W总=Fs=50N×12m=600J;
所以,滑轮组的效率是:
η1=W有用/W总×100%=480J/600J×100%=80%;
(3)物体未浸入水中时,不计绳重及摩擦,动滑轮受到重物对它的拉力、本身的重力、绳子的拉力,由F=(G动+G)/n知道,动滑轮重力是:
G动=4F-G=4×50N-160N=40N;
又因为η1:
η2=4:
3,所以物体完全浸没水中后滑轮组的机械效
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