烟台市中考物理试题.docx
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烟台市中考物理试题
2012年烟台中考物理试卷解析
一、选择题(每小题四个选项中,只有一个是正确的,每小题2分,共20分)
1.
【考点】扩散现象。
【分析】分子永不停息的在做无规则运动,分子的运动无法用肉眼直接看到,但可以通过气味、颜色的变化来体现
【解答】解:
所用物体的分子都在不停的做无规则运动,温度越高,运动越剧烈.
故选D.
【点评】分子是微观世界的,用肉眼是看不到的,肉眼能够看到的不是分子,而是固体的小颗粒.
2.
【考点】紫外线。
【分析】了解紫外线与红外线的作用与特点,才能顺利解答此题:
(1)紫外线的作用和用途:
紫外线的有杀菌的作用,制成消毒灯;紫外线能使荧光物质发光,制成验钞机;紫外线能合成维生素D能促进钙的吸收.
(2)红外线的作用和用途:
红外线的热作用很强,制成热谱仪、红外线夜视仪;红外线可以用来遥控,制成电视遥控器.
【解答】解:
A、夜视仪是利用红外线的热作用强来工作的.不符合题意.
B、遥控器是利用红外线可以进行遥控来工作的.不符合题意.
C、验钞机是利用紫外线能使荧光物质发光来工作的.符合题意.
D、全自动感应水龙头是通过接收人体辐射的红外线来进行控制的,不符合题意.
故选C.
【点评】掌握红外线和紫外线的作用和应用,两者放在一起对比记忆记忆效果比较好.
3.
【考点】杠杆的分类。
【分析】根据动力臂和阻力臂的大小关系,判断杠杆类型,再判断省力情况.
【解答】解:
A、因为杠杆有省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆,所以杠杆可省力也可费力;
B、定滑轮的实质是等臂杠杆,也不省力也不费力;
C、动滑轮实质是动力臂是阻力臂两倍的杠杆,所以能省力,但不能费力;
D、滑轮组是既省力又能改变力的方向的机械,所以能省力不能费力.
故选A.
【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点,主要包括以下几种:
①省力杠杆,动力臂大于阻力臂,省力但费距离;
②费力杠杆,动力臂小于阻力臂,费力但省距离;
③等臂杠杆,动力臂等于阻力臂,既不省距离也不省力.
4.
【考点】熔化和凝固的温度—时间图象。
专题:
图析法。
【分析】根据原图的曲线走向,可以首先判断出此图是某物体的凝固过程,而只有晶体才有凝固点,可根据上述分析判断出正确的选项.
【解答】解:
由图知:
温度随时间的增加而降低,所以是凝固过程;
在温度变化过程中,有一条平行于横轴(时间)的线段,说明在此段时间内温度没有发生变化,所以此时间的温度值即为该物体的凝固点,而只有晶体才有凝固点,
由图可知,此晶体的凝固点大约为48℃.由此可知,该物态变化过程可能是海波的凝固过程.
故选B.
【点评】
(1)此题不但要根据图象判断出是熔化还是凝固现象,还要了解海波是晶体有凝固点而蜡是非晶体没有凝固点.
(2)在凝固过程中,要注意,当物体的温度达到凝固点时,虽然此过程仍然是放热过程,但是温度不会发生变化.
5.
【考点】频率及音调的关系;响度与振幅的关系。
【分析】
(1)声音三个特性:
音调、响度、音色.音调跟频率有关,频率越大,音调越高.体积大,质量大的物体难振动,频率小,音调低.响度跟振幅有关.音色跟材料和结构有关.
(2)物体发声时一定振动,振动停止,发声停止.
【解答】解:
A、硬纸板接触齿数不同的齿轮.振动的频率不同,发出的声音的音调不同,不符合题意.
B、改变钢尺伸出桌边的长度振动的频率不同,发出的声音的音调不同,不符合题意.
C、用塑料尺子在梳子齿上快慢不同的滑动时,梳子齿振动的频率不同,发出的声音的音调不同,不符合题意.
D、改变吹笔帽的力度,振动幅不同,响度不同.研究响度跟振幅的关系.符合题意.
故选D.
【点评】
(1)掌握声音的三个特性,三个特性的影响因素.
(2)掌握声的发生、传播.
6.
【考点】内能的利用及其意义。
【分析】在一定的条件下,各种能量都可以相互转化.内能转化为机械能就是利用内能来做功的过程.
【解答】解:
A、由滑梯上滑下,臀部会有灼热感,机械能转化为内能.故A错误;
B、C、搓手取暖,钻木取火,都是机械能转化为内能.故B、C错误;
D、水蒸气顶开软木塞,是利用水蒸气的内能来做功,把内能转化为机械能.故D正确;
故选D.
【点评】此题主要考查的是对内能的利用的了解和掌握,是一道基础题.主要体现物理来源于生活,又服务于社会的新理念.
7.
【考点】凸透镜成像的应用。
【分析】根据物距和像距的关系进行判断:
凸透镜成实像时,物距大于像距,成倒立缩小的实像;物距等于像距时,成倒立等大的实像;物距小于像距时,成倒立放大的实像.
【解答】解:
如图,物距小于像距,成倒立放大的实像.要使光屏上呈现倒立、缩小的实像,要增大物距,同时减小像距,所以在凸透镜不动时,蜡烛远离凸透镜,同时光屏靠近凸透镜.
故选A.
【点评】根据物距和像距的关系可以判断凸透镜成像情况;根据物距和焦距,根据像距和焦距,都可以判断凸透镜成像情况.
8.
【考点】电磁感应。
【分析】解答本题要求知道产生感应电流的条件,电磁感应现象原理告诉我们,闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时,会产生感应电流,由此可知产生电流的条件之一是导体做切割磁感线运动.
【解答】解:
本题图中蹄形磁体的磁感线方向是竖直方向.
A、ab不动,磁体上下移动,导体ab不切割磁感线,指针不发生偏转;
B、ab不动,磁体左右移动,导体ab切割磁感线,指针发生偏转;
C、磁体不动,ab上下移动,导体ab不切割磁感线,指针不发生偏转;
D、磁体与ab一起向右运动,ab与磁体保持相对静止,ab不切割磁感线,指针不发生偏转.
故选B.
【点评】理解电磁感现象,关键在于三个词:
一是“闭合电路”,二是“一部分导体”,三是“切割磁感线运动”,三个条件缺少一个都不会产生感应电流.
9.
【考点】欧姆定律的应用;串联电路的电流规律;滑动变阻器的使用;电阻的串联。
【分析】从图可知,灯泡和滑动变阻器组成的是串联电路,电流表测量的是整个电路中的电流,电压表V1测量的是电源电压,电压表V2测量的是滑动变阻器两端的电压,首先判断滑动变阻器的滑片向右移动时其阻值的变化,再根据串联电路电阻的特点判断电路中总电阻的变化,从而利用公式I=
分析电流的变化,再利用公式U=IR判断出灯泡两端电压的变化,最后再根据串联电路电压的特点判断滑动变阻器两端电压的变化.
【解答】解:
从图可知,灯泡和滑动变阻器串联,电压表V1测量的是电源电压,
所以电压表V1的示数保持不变.
∵当滑动变阻器的滑片向右移动时,其连入电路中的电阻P滑变大,
而灯泡的电阻不变,
∴电路中的总电阻R变大,
又∵电源电压保持不变,
∴由公式I=
可知,电路中的电流I变小;
由公式UL=IRL可知,灯泡两端的电压UL变小,
因此滑动变阻器两端的电压U滑=U﹣UL变大,
所以电流表的示数变小,电压表V2的示数变大.
故选C.
【点评】①本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表示数的影响,以及串联电路中电阻和电压的特点,并结合欧姆定律来判断电流表和电压表示数的变化.
②解决此类问题首先要分析电路的连接方式,再判断出电压表、电流表测的是哪段电路的电压和电流,结合滑动变阻器在电路中的位置,分析滑动变阻器的阻值变化对整个电路的影响.
10.
【考点】电功的计算;焦耳定律。
【分析】
(1)煮沸同样一壶水,水所吸收的热量Q相等,把电阻丝接在相同的电源上,电压U相同,已知两电阻丝单独使用时煮水所用时间t,由公式Q=W=
t可以求出两根电阻丝的阻值关系;
(2)求出两电阻丝并联时的电阻,然后利电热公式可以求出两电阻并联时煮沸同样一壶水所需时间.
【解答】解:
(1)两电阻丝单独使用时,第一根电阻丝产生的热量Q1=
t1,第二根电阻丝产生的热量Q2=
t2,
煮沸同一壶水吸收的热量相等,即Q1=Q2=Q,则两电阻丝产生的热量之比
=
=
=
×
,则R2=
R1①,
(2)两电阻丝的并联电阻R并=
=
=
②,
两根电阻丝并连接到原来的电源上,煮沸同样一壶水Q=
t③,
由①②③解得:
t=
,所以
=
+
;
故选B.
【点评】本题考查了热量公式的应用,熟练掌握公式Q=W=t是正确解题的前提,解题是要认真、细心.
二、填空题(每小题2分,共20分)
11.
【考点】能源的分类;核聚变。
【分析】
(1)一次能源是指直接从自然界获取的能源,如太阳能,水能、风能、潮汐能等;二次能源是指通过一次能源转化而来的能源,如电能.
(2)在太阳内部进行的由“氢”聚变成“氦”的原子核反应,不停地释放出巨大的能量,并不断向宇宙空间辐射能量,这种能量就是太阳能.
【解答】解:
(1)太阳能属于直接从自然界获得的能源,叫做一次能源;
(2)在太阳内部时刻发生由“氢”聚变成“氦”的原子核反应,不停地释放出巨大的能量.
故答案为:
一次;聚变.
【点评】此题主要考查的是一次能源的范畴和对太阳能的获得就是发生核聚变的过程的了解和掌握,属于识记性内容,比较简单.
12.
【考点】惯性。
【分析】一起物体都有保持静止或匀速直线运动状态的性质,我们把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性.也就是静止物体有保持静止的性质,运动物体有保持运动的性质.
【解答】解:
船在水中前行时,人也处于运动状态,当人在船尾竖直向上蹦跳起来,
由于惯性人还要保持原来的运动状态,所以要落回船尾原处.
故答案为:
小明跳起后,由于惯性他会随船一起向前运动,落回原地.
【点评】本题以典型的情景考查了惯性的知识,这与人在地球上竖直向上跳起时的现象是一样的.
13.
【考点】音调;响度。
【分析】声音的特性有三个:
音调、响度和音色.音调和发声体的振动频率快慢有关系;响度和发声体的振幅大小有关.
【解答】解:
从甲乙丙三幅图可以看出,甲和乙在相同时间内,振动的周期是相同的,因此它们的振动频率是相同的.所以甲和乙的音调是相同的;
甲和丙两种波形的振幅是相同的,因此它们的响度是相同的.
故答案为:
甲和乙;甲和丙.
【点评】此题主要考查的是声音的三个基本特性﹣﹣音调、响度和音色,以及对其影响因素的了解和掌握.基础性题目,难度不大.
14.
【考点】发电机的构造和原理;直流电动机的原理。
【分析】要弄清两点:
(1)根据发电机和电动机的工作原理.
(2)发电机就是机械能转化成电能,而电动机就是电能转化成机械能.
【解答】解:
电磁感应现象原理是“导体在磁场中运动产生电流”,说明机械能转化成电能;“通电导体在磁场中受力原理”说明电能转化成机械能.发电机就是机械能转化成电能,而电动机就是电能转化成机械能,
故答案为:
电磁感应;通电线圈在磁场中受力转动;
【点评】电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力转动,发电机的原理是电磁感应现象,电磁铁的原理是电流的磁效应.
15.
【考点】远视眼的成因与矫正办法。
【分析】本题要抓住远视眼成因:
眼球晶状体的曲度过小,远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像,就会落在视网膜的后方造成的.远视矫正方法,需佩戴凸透镜.
【解答】解:
远视眼成因:
眼球晶状体的曲度过小,远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像,就会落在视网膜的后方造成的.远视矫正方法,需佩戴凸透镜.
由题意可知:
镜片A区厚度相同,B区可以矫正视力,B区相当于凸透镜,现在王老师可以通过B区看书,通过A区看同学.
故答案为:
远视;A.
【点评】正常人的眼睛是成像在视网膜上的,若像不成在视网膜上,这样的眼睛是病态的,成在视网膜前方的是近视眼,成在视网膜后面的是远视眼.
16.
【考点】家庭电路的故障分析;测电笔的使用。
【分析】开关接在灯与火线之间.当测电笔分别测试电灯两接线处和插座的两孔时,试电笔的氖管都发光,说明零线断路了.
【解答】解:
保险丝接在火线上,开关应接在灯与火线之间.因此开关应接在2处.当测电笔分别测试a、b、c点时,测电笔的氖管都发光,说明火线上有电,而零线处不该亮,但也亮了,说明通过电灯、开关与火线相通了,故零线断路.
故答案为:
2;零线断路.
【点评】本题考查了用测电笔检测电路的故障和电灯与开关的接法.在正常情况下,测电笔测火线应亮,测零线应不亮.
17.
【考点】密度公式的应用。
【分析】
(1)已知水的质量和水的密度,利用密度公式ρ=
求水的体积;瓶子的容积就等于石块的体积加上水的体积,故投入石子的体积等于瓶子容积减去水的体积;
(2)上面求出了石块的体积,知道石块密度,利用密度公式ρ=
求出石块的质量
【解答】解:
(1)0.2kg水的体积:
V水=
=
=2×10﹣4m3,
石块总体积:
V石=V瓶﹣V水=450×10﹣6m3﹣2×10﹣4m3=2.5×10﹣4m3=250cm3;
(2)瓶内石块的总质量:
m石=ρ石V石=2.6×103kg/m3×2.5×10﹣4m3=0.65kg,
故答案为:
250cm3;0.65kg.
【点评】本题考查了学生对密度公式的掌握和运用,知道石块总体积加上0.22g水的体积等于瓶子容积是本题的关键.
18.
【考点】电功率的计算;欧姆定律的应用。
【分析】电阻大小不变,已知电阻两端电压的变化和电流的变化,根据公式I=
可求电阻的大小,根据公式P=
可知该电阻的电功率变化.
【解答】解:
电阻两端的电压变化,电阻保持不变,
当电阻两端的电压为6V时,通过电阻的电流为I1=
,该电阻的电功率为P1=
,
当电阻两端的电压为10V时,通过电阻的电流为I2=
,该电阻的电功率为P2=
,
电流变化量△I=I2﹣I1=
﹣
=0.1A,
解得R=40Ω,
所以该电阻的电功率变化了△P=P2﹣P1=
﹣
=1.6W.
故答案为:
1.6W.
【点评】本题考查电功率和电流以及电阻的计算,关键是公式及其变形的灵活运用,重点是求电阻的阻值,这也是本题的难点,也是此题的突破点.
19.
【考点】杠杆的分类。
【分析】杠杆绕着转动的固定点叫支点;判断婴儿车属于哪种类型的杠杆,只要知道动力臂和阻力臂的大小关系即可.
【解答】解:
当前轮遇到障碍物时向下按扶把时,婴儿车绕后轮转动,所以后轮是支点;
当后轮遇到障碍物时向上抬起扶把,婴儿车绕前轮转动,所以前轮是支点,这时动力臂大于阻力臂是省力杠杆;
故答案为:
后轮;省力.
【点评】此题主要考查了杠杆的分类,包括以下几种:
①省力杠杆,动力臂大于阻力臂;②费力杠杆,动力臂小于阻力臂;③等臂杠杆,动力臂等于阻力臂.
20.
【考点】运动和静止的相对性。
【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准,即参照物之间的相对位置是否发生了改变,如果发生改变,则物体是运动的;如果未发生变化,则物体是静止的.
【解答】解:
(1)坐在行驶的汽车里的司机和乘客,以司机为参照物,乘客相对司机的相对位置没有发生变化,所以乘客是静止的;
(2)以地面为参照物,司机、乘客和汽车相对于地面的位置发生了变化,所以车是运动的.
故答案为:
汽车;地面.
【点评】此题主要考查学生对运动和静止的相对性的理解和掌握,研究同一物体的运动状态,如果选择不同的参照物,得出的结论可以不同,但都是正确的结论.
三、作图题(每小题2分,共4分)
21.
【考点】力的示意图。
【分析】顶出去的足球靠惯性飞行,在忽略空气阻力的情况下,只受到重力的作用,而重力的方向是始终竖直向下的,不受其位置和运动状态的影响,据此,再利用作图法画出重力即可.
【解答】解:
顶出去的足球在不计空气阻力的情况下,只受重力的作用,作用在球的重心,方向竖直向下,如图所示:
【点评】作重力的示意图是物理作图题中最常考的点之一,重点要明确,物体在任何情况下,其重力方向都是竖直向下的.同时,本题中还要注意,足球靠惯性飞行时,忽略空气阻力便不再受其他力.
22.
【考点】磁感线及其特点。
【分析】由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极,故可标出磁感线的方向.
【解答】解:
根据磁感线在磁体的周围是从N极出来,回到S极可进行作图;如图所示:
【点评】本题考查了磁感线的特点.以及磁感线的作图.
四、分析简答题(每小题5分,共10分)
23.
【考点】液化及液化现象;与密度有关的物理现象。
【分析】物体由气态变为液态的现象叫液化,首先分析“白气”的状态,然后看是由什么状态形成的,最后根据物态变化的定义来分析.
【解答】解:
夏天空气中有大量的水蒸气,水蒸气遇到冷的冰棍液化形成小水滴,即“白气”,因为白气是小水滴,密度大于空气密度,所以冰棍冒出的“白气”是向下运动的.
故答案为:
①水蒸气遇到冷的冰棍液化形成小水滴,即“白气”;②下;③白气是小水滴,密度大于空气密度,所以冰棍冒出的“白气”是向下运动的.
【点评】本题主要考查学生对生活中液化和熔化现象的了解和掌握,能应用物理知识解释生活中的液化现象.
24.
【考点】流体压强与流速的关系。
【分析】
(1)室内气压小于外界气压就就叫做负压;
(2)“负压”的例子很多,如吸尘器、抽水机、吸盘等.
【解答】解:
(1)室内气压小于外界气压,(由于风机通过排风口将室内部分空气排出后,室内空气压强减小,室外气压大于室内气压,这时打开进风口,新鲜空气会进入室内.
(2)吸尘器、抽水机、吸盘等.
【点评】本题主要考查流体压强与流速的关系,要知道其在实际生活中的应用.
五、实验探究题(25题4分,26题、27题每小题4分,28题6分,共26分)
25.
【考点】光的反射定律。
专题:
实验题。
【分析】
(1)本实验主要研究的是两角关系和三线关系,比较难操作的是确定入射光线和反射光线的位置;
(2)从实验需要观察光的传播路径和探究入射光线、反射光线和法线的关系进行分析.
【解答】答:
(1)在探究过程中,比较困难的是观察与记录反射光线与入射光线的位置.
(2)硬纸板F的主要作用是:
①呈现反射光线,②验证反射光线与入射光线及法线在同一平面内.
【点评】本题考查了学生对探究反射定律中有关问题的了解与掌握,要求在实验过程中要认真观察、认真思考,提高自己的分析问题的能力.
26.
【考点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验。
【分析】
(1)压力作用效果跟压力大小和受力面积大小有关.探究压力作用效果跟受力面积大小关系时,控制压力大小不变,改变受力面积大小,分析压力作用效果跟受力面积的关系;探究压力作用效果跟压力大小关系,控制受力面积大小不变,改变压力大小,分析压力作用效果跟压力大小的关系.
(2)当压力大小和受力面积大小同时改变时,不能探究压力作用效果和压力大小、受力面积大小的关系.
【解答】答:
(1)压力的作用效果与受力面积有关,压力一定时,受力面积越小,压力作用效果越明显;
(2)受力面积一定时,压力的作用效果与压力的关系;
(3)小明得出的结论是错误的;小明同时改变了受力面积和压力的大小,没有控制压力大小不变,不能探究压力作用效果跟受力面积的关系.
【点评】掌握压力作用效果的影响因素,利用控制变量法,探究压力作用效果跟各因素之间的关系.
27.
【考点】比热容的概念;热量的计算。
【分析】要比较不同物质的吸热能力,有两种办法:
(1)让质量相同的不同物质加热相同的时间(用相同的加热装置,加热时间就表示了吸收热量的多少),看温度的变化值,温度变化值大的物质吸热能力弱;
(2)将质量相同的不同物质加热到相同的温度,比较加热时间的不同,加热时间长的物质吸热能力强.
【解答】解:
(1)调整下面铁夹,使石棉网处于适当的高度;调整上面铁夹,使温度计处于适当的高度;
(2)水与食用油的质量和初始温度相同.
(3)第6min食用油的温度记录错误.分析表中的数据可知,加热时间相同时,食用油升高的温度比水高.分析比较水在第5min、10min和食用油在第2min、4min的数据可知,升高相同的温度,水需要加热的时间比食用油的长,进而得出水的吸热本领比食用油大.
【点评】此题考查的是比较物质吸热能力的方法,是一道热学的基础题.比较常见的为探究性实验,要求我们应注重探究实验的过程,运用控制变量法分析问题.
28.
【考点】探究用电器的电功率实验。
【分析】
(1)电流表测量干路电流,电压表并联在灯泡两端,滑动变阻器串联在电路中,并且必须“一上一下”连接,滑动变阻器接入电路阻值的大小与接线方法和滑片位置都有关系;
(2)电路故障分两类:
短路和断路.电路短路时,短路部分无电压,电流大;电路断路时,电路无电流,断路部分有电压;
(3)根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出灯泡的额定电流,然后根据P=UI求出额定功率.
【解答】解:
(1)将电流表、滑动变阻器串连接在电路中,电压表并联在灯泡两端,并且滑动变阻器按照“一上一下”的原则接线,同时要使接入电路的电阻最大,接线柱需要选择左上右下或右上右下;如图所示:
(2)闭合开关,小灯泡不亮,电流表无示数,说明电路为断路,由于电压表有示数,说明小灯泡断路;
(3)电流表的量程为0~0.6A,分度值为0.02A,则电流表示数为0.24A,则灯泡的额定功率:
P=UI=2.5V×0.24A=0.6W.
故答案为:
(2)小灯泡断路;0.6W.
【点评】本题考查了滑动变阻器的正确使用和连接、电流表的读数、额定功率的计算、电路故障的判断等,涉及的知识点较多,但内容较简单;平时学习时要注意多总结,多积累.
六、应用创新题(每小题10分,共20分)
29.
【考点】电磁阀车门的构造和原理;欧姆定律的应用。
【分析】
(1)由题意可知,这一自动控制装置的基本结构是一个电磁继电器,根据电磁继电器的基本工作原理,结合在此处的运用可描述其原理;
(2)根据左边电源电压为6V,继电器线圈中的电流大于或等于15mA时,继电器启动,可计算出此时,继电器的总电阻,再减去线圈电阻,可得到热敏电阻的阻值,最后从表中找出对应温度;
(3)当温度设定为30℃时,从表中找出对应的电阻值,用同样的方法求出总电阻,减去表中对应的阻值,即可得出应串联的电阻大小;
(4)本装置通过调节电阻来改变设定温度,我们也可以考虑通过改变电源电压,实现对其调节的作用.
【解答】解:
(1)答:
随室内温度的升高,热敏电阻的阻值减小,控制电路中电流增大,当电流达到15mA时,衔铁被吸合,右侧空调电路电阻增大,电流减小,空调开始工作.当温度下降时,控制电路电阻增大,电流减小,减小到一定值,使空调电路断开,这样就实现了自动控制.
(2)电路启动时的总电阻:
R总=
=
=400Ω,
此时热敏电阻的阻值:
R热=R总﹣R0=400Ω﹣10Ω=390Ω,
对照表格数据可知,此时的启动温度是25℃.
答:
(2)该空调的启动温度是25℃.
(3)因为电路启动时的总电阻为400Ω,
由表中数据可知,空调启动温度设定为30℃时,热敏电阻的阻值为360Ω,
则电路中还应串联的电阻:
R′=R热=R总﹣R热′﹣R0=400Ω﹣360Ω﹣10Ω=30Ω.
答:
(3)将空调启动温度设定为30℃时,控制电路中需要再串联30Ω的电阻.
(4)因为本装置启动的电流是一定的,因此,既可通过改变电阻来改变电流,可以通过将左边电源改为可调压电源来实现对其控制.
答:
可以将左边电源改为可调压电源.
【点评】本装置的实质是一个电磁继电器,对电磁继电器工作原理的了解是解题的基础.通过这一装置,重点考查了对电路中电流、电阻变
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