上海中考物理仿真模拟卷22.docx
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上海中考物理仿真模拟卷22
2020年上海中考物理仿真模拟卷22
理化试卷
考生注意:
1.试卷中的第1~26题为物理部分,第27~51题为化学部分。
2.试卷满分150分。
考试时间100分钟。
3.按要求在答题纸上作答,在试卷、草稿纸上答题一律无效。
物理部分
一、选择题(共16分)
1.在原子中,带负电的粒子是()
A.电子B.质子C.中子D.核子
【解析】解答本题应掌握:
原子的核式结构,及各微粒的带电情况.
【答案】原子是由位于原子中心的原子核和核外绕核转动的电子组成;原子核由质子和中子组成,质子带正电,中子不带电,电子带负电。
故选A.
2.首先发现电流磁效应的科学家是( )
A.安培B.奥斯特C.库伦D.麦克斯韦
【分析】安培研究了通电导线的磁场方向与电流方向的关系,提出了安培定则。
库仑发现了库仑定律,麦克斯韦提出了电磁场理论,预言了电磁波的存在。
奥斯特首先发现了电流磁效应。
故选:
B。
3.“辨音识人”主要是依据声音的()
A.音调B.音色C.响度D.频率
【解析】不同人的声带振动产生的声音的音色不同;不同人发声的音调、响度是可以相同的。
【答案】
声音的特征有:
音调、响度、音色;音调指声音的高低,响度指声音的大小(或强弱),音色是由发声体本身决定的,不同的发声体,其音调和响度可能相同,但音色一般不同;“辨音识人”,判断的主要依据就是声根据不同人声带振动产生的音色不同。
故选:
B。
4.四冲程汽油机在工作过程中,将机械能转化为内能的冲程是( )
A.吸气冲程
B.排气冲程
C.做功冲程
D.压缩冲程
【解析】在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能,压缩冲程中能量转化是机械能转化为内能.
【答案】
在压缩冲程中,活塞压缩汽油与空气形成的燃料混合物,活塞对气体做功,将机械能转化为气体的内能。
故选D.
5.一个熟透的苹果从树上掉下来,在下落的过程中(不考虑空气阻力)()
A.苹果的动能越来越小
B.苹果的重力势能越来越大
C.苹果的机械能越来越大
D.苹果的机械能保持不变
【解析】动能和物体的质量、运动速度有关;重力势能和物体的质量、高度有关;不考虑空气阻力,苹果在下落的过程中,机械能保持不变.
【答案】一个熟透的苹果从树上掉下来,在下落的过程中,质量不变,高度减小,重力势能减小,故B错误;
速度变大,动能变大,故A错误;
不考虑空气阻力,苹果在下落的过程中,机械能保持不变,故C错误,D正确。
故选D.
6.甲、乙两车分别从P、Q两点同时同向运动,它们的s−t图象分别如图(a)、(b)所示,经过6秒甲、乙相遇。
甲、乙的速度分别为v甲、v乙,P、Q间的距离为s,则()
A. v甲>v乙,s=16米
B. v甲>v乙,s=8米
C. v甲 D. v甲 【解析】 (1)根据v= 求出两车的速度,然后比较两车速度的大小关系; (2)从图象上找出当时间为6s时,甲、乙车对应的纵坐标--路程是多少,因为两车分别从P、Q两点同时同向运动,所以两者之差即为P、Q之间的距离. 【答案】 (1)根据图示可知,当t=12s时,甲通过的路程为8m;当t=6s时,乙通过的路程为12m; 甲的速度: v甲=s甲/t甲=8m/12s≈0.67m/s; 乙的速度: v乙=s乙/t乙=12m/6s=2m/s;所以v乙>v甲; (2)由图象读出经过6s时,甲行驶的路程s甲=4m,乙行驶的路程s乙=12m,所以P、Q间的距离为s=s乙−s甲=12m−4m=8m. 故选D. 7.在如图所示的电路中,电源电压保持不变.闭合电键S,当滑动变阻器的滑片P向右移动时,变小的是( ) A.电压表V2示数与电压表V1示数的和 B.电压表V2示数与电流表A示数的比值 C.电压表V1示数与电流表A示数的乘积 D.电压表V1示数与电流表A示数的比值 【解析】电阻R1与滑动变阻器R2串联,电压表V1测量电阻R1两端的电压,电压表V2测量电阻R2两端的电压,电流表测量电路电流; (1)根据串联电路特点和电源电压可知电压表V2示数与电压表V1示数和的变化; (2)根据R= 确定电压表和电流表比值对应的电阻即可判断比值的变化; (3)当滑动变阻器的滑片P向右移动时,滑动变阻器接入电路的阻值变大,根据欧姆定律可知,电路电流的变化和电压表V1示数的变化,即可确定电压表V1示数与电流表A示数乘积的变化情况. 【答案】A、根据串联电路电压的特点和电源电压不变可知,电压表V2示数与电压表V1示数的和等于电源电压,故电压表V2示数与电压表V1示数的和不变;不符合题意; B、电压表V2示数与电流表A示数的比值等于R2的阻值,因为滑片右移时,滑动变阻器接入电路的阻值变大,故电压表V2示数与电流表A示数的比值变大;不符合题意; C、当滑动变阻器的滑片P向右移动时,滑动变阻器接入电路的阻值变大,因此电路电流减小,由U=IR可知,R1两端电压减小,即电压表V1的示数减小,故电压表V1示数与电流表A示数的乘积减小;符合题意; D、电压表V1示数与电流表A示数的比值等于R1的阻值,由于R1为定值电阻,因此电压表V1示数与电流表A示数的比值不变;不符合题意. 故选C. 8.如图所示的甲乙两个实心均匀圆柱体竖放在水平地面上,将它们沿水平方向切去相等的高度,剩余部分的质量恰好相等.以下关于物体密度ρ甲、ρ乙及物体原来质量m甲、m乙的判断中正确的是( ) A.ρ甲>ρ乙,m甲>m乙 B.ρ甲>ρ乙,m甲 C.ρ甲<ρ乙,m甲>m乙 D.ρ甲<ρ乙,m甲 【解析】 (1)由图可知,V甲>V乙,将它们沿水平方向切去相等的高度后,还是V甲剩>V乙剩,已知剩余部分的质量恰好相等;根据密度公式可比较关于物体密度ρ甲、ρ乙的关系; (2)根据切去相等的高度后,剩余部分的质量恰好相等,得出切去部分的质量关系,然后确定原来质量m甲、m乙的关系. 【答案】由图可知,V甲>V乙,将它们沿水平方向切去相等的高度后,V甲剩>V乙剩, 已知m甲剩=m乙剩,由ρ= 可得,ρ甲剩<ρ乙剩, 因为甲乙两个实心均匀圆柱体,故ρ甲<ρ乙, 由题意可知,将它们沿水平方向切去相等的高度后,h甲剩>h乙剩,m甲剩=m乙剩, 所以切去部分的质量m乙切>m甲切,故m甲 故选D. 二、填空题 9.上海地区照明电路中,教室里的日光灯和电风扇的工作电压为 (1) 伏;这些用电器之间是 (2) (选填“串联”或“并联”),工作时将 (3) 能分别转化为其它形式的能。 【答案】220V;并联;电 10.用力压凹排球,表明力可以改变物体的 (4) ;松开手,排球下落的过程中,其惯性将 (5) 、重力势能将 (6) (后两空均选填“变大”、“变小”或“不变”)。 【解析】力可以改变物体的形状;惯性只与物体的质量有关,惯性不变;中立势能与高度和质量有关,质量不变,高度减小,重力势能变小。 【答案】形状;不变;变小。 11.竖直向上抛出重为4牛的小球,若小球在运动中受到的空气阻力大小始终为1牛,且总是跟运动方向相反,则小球在上升过程中所受合力的大小为 (7) 牛;动能将 (8) (选填“变大”、“变小”或“不变”);以地面为参照物,小球是 (9) (选填“静止”或“运动”) 。 【解析】小球竖直向上运动,阻力与运动方向相反,竖直向下,重力也是竖直向下,所以合力为5牛;动能与物体的速度和质量有关,向上运动过程中,物体的质量不变,速度减小,所以动能变小;以地面为参照物,物体是运动的。 【答案】5;变小;运动 12.10秒内通过某导体横截面的电荷量为3库,则通过该导体的电流为 (10) 安,若导体两端的电压为3伏,其电阻为 (11) 欧姆。 这段时间内,电流做功为 (12) 焦。 【解析】根据 ; 由 ; 13.体积为5×104米3的物体浸没在水中后,受到的浮力为 牛;若物体的重力为10牛,浮力与重力的合力为 牛;物体在水中下沉时,受到的浮力 (选填“变大”“不变”或“变小”)。 【解析】浮力公式计算第一空,重力比浮力大,而且两者方向相反,所以重力减去浮力大小为合力,下沉过程中,排开液体体积不变,所以浮力不变 【答案】4.9,5.1。 不变 14.在图4所示的电路中,电源电压为U。 闭合开关S,发现至少有一个电表的示数为零。 向右移动滑动变阻器的滑片P,观察到三个电表的示数均不变。 已知电阻R1、滑动变阻器R2中仅有一个出现了故障。 请写出两个电压表的示数及对应的故障 。 15.如图5(a)所示为某座山峰的立体图,其中的环状线为海拔高度相等的相邻各点所连成的闭合曲线,我们称之为“等高线”。 将等高线投影到平面图上如图5(b)所示,其中射线与等高线垂直。 ①若山坡表面光滑,则静止的物体沿 方向运动时,动能会增大。 ②若将同一物体在山峰上重力势能相等的相邻各点连成闭合曲线构成“等势线”,则“等势线”可以看作图(b)中的 (选填“等高线”或“射线”)。 理由是: 。 【解析】物体高度下降,重力势能减小,动能增大,所以沿射线方向运动减小高度,重力势能由质量和高度影响,高度相同质量相同,重力势能相同 【答案】射线、等高线。 同一物体,处于的高度相同,重力势能相同 三、作图题 16.在图6中,小球受到绳子拉力F的大小为4牛,用力的图示法画出拉力F。 17.在图7中,根据凹透镜的性质,完成光路图。 18.在图8所示的电路图中填上合适的电表,使它成为正确的并联电路。 四、计算题(共26分) 请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。 19.质量为1千克的水温度升高了20℃,求水吸收的热量Q吸。 [c水=4.2×103焦/(千克·℃)] 【解析】水吸收的热量: Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×20℃=8.4×104J, 【答案】水吸收的热量为8.4×104J. 20. 如图9所示,用拉力F将重为20牛的物体匀速上提,物体在5秒内上升了1米。 求: ⑴ 这段时间内拉力所做的功。 ⑵ 物体上升过程中拉力的功率。 【解析】F=G=20N W=FS=20N✖1m=20J P=W/t=20J/5s=4w 【答案】20J,4W 21.水平地面上有一个质量为1千克,底面积为1×10-2米2的薄壁圆柱形容器,容器内盛有质量为5千克的水 ①求容器中水的体积V水。 ②求容器对地面的压强p水。 ③现将一体积为1×10-3米3的物块浸没在水中,求水对容器底部压强增加量的范围。 【解析】①V=mρ=4kg1.0×103kg/m3=4×10−3m3 ②容器对地面的压力: F=G=mg=(1kg+4kg)×9.8N/kg=49N, 容器对地面的压强: P=FS=49N1×10−2m2=4900Pa; ③设物体的质量为m, 则容器对地面压强的增加量: △P1=△FS=mgS, 水对容器底部压强的增加量: △P2=ρ水△hg=ρ水V物Sg, 由题知,△p1=△P2, 即: mgS=ρ水V物Sg, ∴物体的密度: ρ物=mV物=ρ水=1.0×103kg/m3. 【答案】①水的体积为4×10−3m3; ②容器对地面的压强为4900Pa; ③该物块的密度为1.0×103kg/m3. 22.在图9所示的电路中,电源电压恒定为6伏,定值电阻R1阻值为10欧。 电键S闭合时,电流表示数为1安。 求: ①通过R1的电流。 ②电源的电功率; ③现有三个滑动变阻器,A: 50欧2安;B: 100欧1.5安;C: 150欧1安,请选择其中一个替换定值电阻R1或R2。 要求: 闭合电键S,在保证各元件都能正常工作的情况下,移动滑动变阻器的滑片分别在滑动变阻器上的三个不同位置a、b、c时,电流表示数情况如下表所示。 为满足上述要求,应选用滑动变阻器 (填写代表滑动变阻器的字母)替换定值电阻 (选填“R1”或“R2”),并说明理由。 【解析】由电路图可知,两电阻串联,电压表V1测R1两端的电压,电压表V2测R2两端的电压,电流表测电路中的电流。 ①∵串联电路各处的电流相等, ∴根据欧姆定律可得,电阻R1两端的电压: U1=IR1=0.45A×12Ω=5.4V; ②∵串联电路中总电压等于各分电压之和, ∴R2两端的电压: U2=U−U1=18V−5.4V=12.6V, 电阻R2消耗的电功率: P2=U2I=12.6V×0.45A=5.67W; ③R2的阻值为: R2=U2I=12.6V0.45A=28Ω, 由题意可知两电压表的量程均为0∼15V, 若用滑动变阻器替换定值电阻R1时,当电压表V2的示数U2max=15V时电路中的电流最大, 电路中的最大电流: Imax=U2最大R2=15V28Ω≈0.54A, 当电压表V1的示数U1max=15V时,滑动变阻器接入电路的电阻最大, 此时R2两端的电压: U′2=U−U1max=18V−15V=3V, 电路中的最小电流: Imin=U′2R2=3V28Ω≈0.12A, 电路中电流的最大变化量: △I=Imax−Imin=0.54A−0.12A=0.42A, 滑动变阻器接入电路的电阻: R滑=U1maxImin=15V0.12A=125Ω; 若用滑动变阻器替换定值电阻R2时,当电压表V1的示数U1max=15V时电路中的电流最大, 电路中的最大电流: I′max=U1最大R1=15V12Ω=1.25A, 当电压表V2的示数U2max=15V时,滑动变阻器接入电路的电阻最大, 此时R1两端的电压: U1″=U−U2max=18V−15V=3V, 电路中的最小电流: I′min=U′1R1=3V12Ω=0.25A, 电路中电流的最大变化量: △I′=I′max−I′min=1.25A−0.25A=1A, 滑动变阻器接入电路的电阻: R滑=U2maxI′min=15V0.25A=60Ω; 综上分析可知,要使电路中电流的变化量最大,应用选用B滑动变阻器(A滑动变阻器的最大阻值太小,C滑动变阻器允许通过的最大电流太小)替换定值电阻R2,电路中电流的最大变化量为1A. 【答案】①电阻R1两端的电压为5.4V; ②电阻R2消耗的电功率为5.67W; ③第一,B;R2; 第二,电路中电流的最大变化量为1A. 五、实验题(共18分) 请根据要求在答题纸的相应位置作答。 23.在电学实验中,电流表应 联接入待测电路,电压表应 联在待测电路的两端。 连接电路过程中电键应处于 状态。 24.在图12中,凸透镜的焦距为10厘米。 实验时应先调整光屏的 ,以保证烛焰的像能成在光屏的 ;若保持图中透镜的位置不变,将蜡烛移至光具座的“35厘米”刻度处,则应在 厘米刻度范围内移动光屏寻找像(选填“60~70”或“大于70”);若将蜡烛移至光具座的“42厘米”刻度处,则在 一侧透过凸透镜可以看到像(选填“蜡烛”或“光屏”)。 【解析】物距在一倍和两倍焦距范围内,所以光屏到凸透镜距离要在两倍焦距以外;当物距小于一倍焦距时,成正立放大虚像,需要在光屏这一侧观察像 【答案】高度、中央、大于70、光屏 25.某小组同学研究“使用动滑轮匀速提起物体时,所用竖直向上拉力F的大小与哪些因素有关”。 他按图14所示方式用两个重力不同的滑轮进行实验,并将相应的滑轮重G滑、物体重G物和拉力F的大小记录在表一、二中。 表一: G滑=2牛 表二: G滑=4牛 实验 序号 G物 (牛) F (牛) 实验 序号 G物 (牛) F (牛) 1 1 1.5 6 2 3.0 2 2 2.0 7 4 4.0 3 4 3.0 8 6 5.0 4 6 4.0 9 8 6.0 5 8 5.0 10 10 7.0 ①分析比较表一或表二中F与G物的数据及相关条件,可得出的初步结论是: (9)。 ②分析比较实验序号(10)的数据及相关条件,可得出的初步结论是: 使用动滑轮匀速提起物体,当G物相等时,G滑越大,所用竖直向上拉力F越大。 ③分析比较表中F与G滑、G物的数据及相关条件,可发现其满足的数学关系式为(11), 由此可判断: 按图14所示方式使用动滑轮匀速提起物体,若要省力,需满足的条件是 (12)。 ④该小组同学做多次实验的目的是(13)。 (选填“A”或“B”) A.取平均值,减小误差。 B.从实验数据中得到普遍规律。 【解析】分析表一或表二中动滑轮的重力相同,被提升的物重不同,且 越大,拉力F越大,可得表一或表二中 与 的数据及相关条件,当 相同时, 越大, 越大;2、6(或3、7或4、8或5、9) 【答案】当 相同时, 越大, 越大2、6(或3、7或4、8或5、9); ; ;B 26.小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验,现有电源(电压不变)、待测小灯(标有“0.3A”字样)、电流表、电压表、滑动变阻器、电键以及导线若干。 他连接电路并按规范操作,闭合电键后,移动变阻器滑片,测得一组数据记录在(a)表,他继续移动变阻器的滑片,小灯正常发光时,将测得的电压表的示数记录在(b)表中,当他分析(a)、(b)两组数据时发现了问题,随后又重新连接了电路,闭合电键后继续实验,移动变阻器滑片时,又测得一组数据记录在(c)表中。 请根据相关信息,完成下列问题: ①小华同学“重新连接电路”的原因是: 。 ②求出电源电压及小灯的额定功率 。 (需写出计算过程) 【解析】 (1)由图(b)可知,电流表的量程为0∼0.6A,分度值为0.02A,示数为0.24A; (2)小华正确连接电路时,电压表与灯泡并联,电流表与灯泡串联,如下图所示: 由图(a)可得,电压表的量程为0∼3V,分度值为0.1V,灯泡两端的电压为3V, 即灯泡两端的电压为3V时,电路中的电流为0.24A; 由表格数据可知,电压表的示数减小时,电路中的电流变大, 则重新连接电路时,电压表并联在滑动变阻器两端,如下图所示: 由表中数据可知,当电路中的电流为0.24A时,滑动变阻器两端的电压为3V, 综上可知,当电路中的电流为0.24A时,灯泡两端的电压为3V,滑动变阻器两端的电压为3V, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,电源的电压U=UL+U滑=3V+3V=6V, 由表格数据可知,电路中的电流为0.28A时,滑动变阻器两端的电压U′滑=2.2V, 则灯泡的额定电压U额=U−U′滑=6V−2.2V=3.8V, 灯泡的额定功率P额=U额I额=3.8V×0.28A=1.064W. 【答案】 (1)0.24; (2)电源电压为6V,灯泡的额定功率为1.064W; 计算过程: 小华正确连接电路时,电压表与灯泡并联,电流表与灯泡串联,由图(a)(b)可得,电路中的电流为0.24A时,灯泡两端的电压为3V, 由表格数据可知,电压表的示数减小时,电路中的电流变大,则重新连接电路时,电压表并联在滑动变阻器两端, 当电路中的电流为0.24A时,滑动变阻器两端的电压为3V, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,电源的电压U=UL+U滑=3V+3V=6V, 由表格数据可知,电路中的电流为0.28A时,滑动变阻器两端的电压U′滑=2.2V, 则灯泡的额定电压U额=U−U′滑=6V−2.2V=3.8V, 灯泡的额定功率P额=U额I额=3.8V×0.28A=1.064W.
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