中考最全复习资料四川乐山物理含答案.docx
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中考最全复习资料四川乐山物理含答案
2018年四川省乐山市中考物理试卷
一、选择题(每小题2.5分,40分)
1.鲁迅的《社戏》中有这样的描写:
“淡黑的起伏的连山,仿佛是踊跃的铁的兽脊似的,都远远地向船尾跑去了……”其中“山……向船尾跑去了”所选的参照物是( )
A.山B.船C.流水D.河岸
【分析】判断一个物体的运动情况时,必须先确定一个作为标准的参照物,分析研究对象和参照物之间的相对位置是否发生了改变,如果发生改变,则物体是运动的;如果未发生变化,则物体是静止的。
【解答】解:
以船为参照物,船与山之间的距离发生了变化,而且船向前行,以船为参照物,山在“后退”。
故选:
B。
2.下列说法中,正确的是( )
A.声音在真空中传播速度最快
B.汽车安装的倒车雷达是利用电磁波工作的
C.超声波清洗眼镜,是利用了声波传递能量的性质
D.声源的振幅越大,音调越高
【分析】
(1)声音的传播需要介质,声音不能在真空中传播;
(2)回声定位是根据回声到来的时间和方位,确定目标的位置和距离,即利用声音获得信息;
(3)声音可以传递信息和能量;
(4)声音的高低叫音调,音调的高低决定于发声体振动的频率;实验的强弱叫响度,响度的大小决定于发声体振动的振幅。
【解答】解:
A、声音的传播需要介质,不能在真空中传播,故A错误;
B、倒车雷达是利用超声波工作的;故B错误;
C、超声波清洗眼镜利用的是声音能够传递能量,故C正确。
D、振幅越大,响度越大;频率越大,音调越高,故D错误。
故选:
C。
3.在我国西部建有不同类型的发电站,下列发电站在发电过程中,利用不可再生能源发电的是( )
【分析】能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源;短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源;根据可再生能源和不可再生能源的特点来作答。
【解答】解:
A、燃气发电站利用天然气进行发电,天然气不能从自然界源源不断获得,也不能重复利用,是不可再生能源,则燃气发电站是利用不可再生能源发电的,故A符合题意;
BCD、太阳能、风能、水能够源源不断地从自然界获得,是可再生能源,太阳能电站、风电站、水电站是利用可再生能源发电的,故BCD不符合题意。
故选:
A。
4.下列说法中,正确的是( )
A.汽油机在做功冲程中是将机械能转换成内能
B.物体的温度降低时内能减少,所以0℃冰块的水分子不做热运动
C.沿海地区昼夜温差较小,主要原因是水的比热容较大
D.温度从热量高的物体传递给热量低的物体
【分析】
(1)在汽油机的四个冲程中,吸气和排气冲程不发生能量转化,压缩冲程将机械能转化为内能;做功冲程将内能转化为机械能;
(2)一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动;
(3)根据Q=cm△t可知,质量相同的不同物质,吸收相同的热量,比热容大的温度改变的少;
(4)热传递的条件是有温度差;热传递传递的是热量,不是温度。
【解答】解:
A、压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩,将机械能转化内能,做功冲程将内能转化为机械能,故A错误;
B、一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动,所以物体的温度降低时内能减少,0℃冰块的水分子仍然在做热运动,故B错误;
C、沿海地区水多,内陆地区水少、沙石多,因为水的比热容较大,白天,相同质量的水和沙石比较,吸收相同的热量,水的温度升高的少;夜晚,放出相同的热量,水的温度降低的少,使得沿海地区昼夜的温差小,故C正确;
D、热传递的条件是有温度差,即热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体,故D错误。
故选:
C。
5.如图所示的四种现象中,属于光的折射现象的是( )
【分析】
(1)光在同一均匀介质中沿直线传播。
光沿直线传播的实例有:
小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等;
(2)光照在不同介质面上时,会发生反射现象,平面镜成像就是具体应用;
(3)光从一种介质斜射入另一种介质时,光的传播方向就会发生偏转,即光的折射现象,凸透镜成像就是具体应用。
【解答】解:
A、手在墙上形成手影,是因为光在同一均匀介质中沿直线传播。
故A不符合题意;
B、水面上“折断”的筷子,是光的折射现象,故B符合题意;
C、汽车后视镜,是利用凸面镜能使光线发散的特点扩大视野,是光的反射原理,故C不符合题意。
D、平静的水面相当于平面镜,树在水中的倒影是平面镜成像,平面镜成像属于光的反射,故D不符合题意。
故选:
B。
6.如图所示的热现象中,通过液化形成的是( )
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华,物质由固态直接变为气态叫升华;由气态变为液态叫液化,由液态变为气态叫汽化;由固态变为液态叫熔化,由液态变为固态叫凝固。
【解答】解:
A、“烛泪”是由固态的蜡烛熔化而来的,故A错误;
B、“霜”是由空气中的水蒸气凝华而成的,故B正确;
C、冬天河水结“冰”,是水遇冷凝固成冰,是凝固现象,故C错误;
D、白气是由蒸笼内的水蒸气遇冷液化而成的,故D正确。
故选:
D。
7.下列家用电器中,利用电流热效应工作的是( )
A.电风扇B.洗衣机C.电热水壶D.电视机
【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能,据此分析即可判断。
【解答】解:
A、电风扇工作时将电能转化为机械能,不是利用电流热效应工作,故A不符合题意;
B、洗衣机工作时将电能转化机械能,不是利用电流热效应工作,故B不符合题意;
C、电热水壶工作时将电能转化为内能,是利用电流热效应工作,故C符合题意;
D、电视机工作时将电能转化为光能和声能,不是利用电流热效应工作,故D不符合题意。
故选:
C。
8.如图所示的实例中,属于增大压强的是( )
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。
增大压强的方法:
是在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强;是在受力面积一定时,通过增大压力来增大压强。
减小压强的方法:
是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强;是在受力面积一定时,通过减小压力来减小压强。
【解答】解:
A、在铁轨下面铺枕木,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强,故A不合题意;
B、破窗锤的敲击端做成锥状,是在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强;故B符合题意;
C、书包背带做得较宽,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强,故C不合题意;
D、大型载重车装有很多车轮,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强,故D不合题意。
故选:
B。
9.下列现象中,属于减小摩擦的是( )
A.向机器的滚动轴承内加润滑油
B.在浴室的地面铺上防滑垫
C.体操运动员上器械前,会在手上涂防滑粉
D.在皮带传动中中,要张紧皮带
【分析】
(1)增大摩擦力的方法:
在接触面粗糙程度一定时,通过增大压力来增大摩擦力;在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法:
在接触面粗糙程度一定时,通过减小压力来减小摩擦力;在压力一定时,通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力;使接触面脱离;用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解:
A、向机器的滚动轴承内加润滑油,在压力一定时,通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力。
故A符合题意;
B、在浴室的地面铺上防滑垫,在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故B不合题意;
C、体操运动员上器械前,会在手上涂防滑粉,在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故C不合题意;
D、在皮带传动中中,要张紧皮带,在接触面粗糙程度一定时,通过增大压力来增大摩擦力;故D不合题意。
故选:
A。
10.关于家庭用电及安全常识。
下列说法正确的是( )
A.低于220V的电压对人体是安全的
B.家庭电路中,各用电器都是串联在电路中的
C.控制用电器的开关应该接在该用电器和零线之间
D.外壳为金属的用电器,用三线插头是防止漏电而采取的安全措施
【分析】
(1)不高于36V的电压对人体才是安全的;
(2)串联的各用电器相互影响,不能独立工作,并联的各用电器互不影响,能独立工作;
(3)开关应接在用电器和火线之间;
(4)三孔插座的第三个孔接地线,三脚插头的第三个脚接用电器金属外壳。
【解答】解:
A、经验证明,只有不高于36V的电压对人体才是安全的,故A错误;
B、在家庭电路中各用电器都互不影响,能独立工作,它们是并联的,故B错误;
C、开关应接在用电器和火线之间,这样在断开开关时,用电器才不会带电,故C错误;
D、外壳为金属的用电器使用三线插头都是为了防止漏电而采取的安全措施,故D正确。
故选:
D。
11.如图所示,小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上,她受到的力有( )
A.重力和支持力
B.重力、支持力和水平向右的摩擦力
C.重力、支持力和水平向左的摩擦力
D.重力、支持力和斜向上的摩擦力
【分析】受力分析的顺序先是重力、再弹力、最后摩擦力。
根据力的平衡判断摩擦力的有无。
【解答】解:
小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上,处于平衡状态;在竖直方向上她受重力和支持力的作用,小红与自动扶梯没有发生相对运动也没有相对运动趋势,所以小红不受摩擦力;故A正确,B、C、D错误。
故选:
A。
12.在图中的a表示垂直于纸面的一根导线,它是闭合电路的一部分。
它在磁场中按箭头方向运动时,能够产生感应电流的是( )
A.
B.
C.
D.
【分析】能否产生感应电流,就要看图示的情景能否满足①闭合电路;②部分导体切割磁感线运动这两个条件。
【解答】解:
磁极间的磁感线是从N极指向S极,由图可知,D中导体做切割磁感线运动,所以会产生感应电流,故D正确;
AC中的导体运动时都不会切割磁感线(运动方向与磁感线方向平行),所以不会产生感应电流,故AC错误;
B中导体没有运动,不会产生感应电流,故B错误;
故选:
D。
13.人造地球卫星在大气层外环绕地球运行(不受空气阻力),当它从远地点向近地点运动时( )
A.动能减小,势能增大,机械能不变
B.动能减小,势能减小,机械能减小
C.动能增大,势能减小,机械能不变
D.动能增大,势能减小,机械能减小
【分析】
(1)在太空中,卫星绕地球运动时,没有阻力作用,没有克服摩擦做功,机械能守恒。
(2)势能大小的影响因素:
质量、被举的高度。
质量越大,高度越高,势能越大。
(3)动能大小的影响因素:
质量、速度。
质量越大,速度越大,动能越大。
【解答】解:
卫星在大气层外运动,不受空气阻力作用,只有动能和势能的转化,因此机械能守恒。
卫星在远地点时势能最大,当它从远地点向近地点运动时,势能转化为动能,所以势能减小、动能增大,速度增大。
故选:
C。
14.如图所示,将一个瓶子,装入适量带色的水,再取一根两端开口的细玻璃管,使玻璃管穿过橡皮寒插入水中。
从管子上端吹入少量气体,使瓶内气体压强大于大气压,水沿玻璃管上升到瓶口以上。
当拿着它从山下的报国寺到金顶山上,玻璃管内水柱高度将( )
A.升高B.不变C.降低D.无法判断
【分析】瓶内气体压强不变,而随着高度的增加,大气压降低,所以玻璃管内的水柱升高。
【解答】解:
由题知,瓶内气体压强大于大气压;在水柱稳定时,瓶内封闭气体压强p等于大气压p0与玻璃管内水柱产生的压强之和,即p=p0+ρgh,h为玻璃管内水柱的高度;
当拿着它从山下的报国寺到金顶山上时,由于大气压随着高度的增加而减小,即大气压p0变小,所以在瓶内较大气体压强p的作用下,玻璃管中水柱的高度上升(即h变大),故A正确。
故选:
A。
15.一根粗细均匀的金属导线其电阻值为R,将其剪成相等的两段后,再进行并联,则并联后的电阻值为( )
A.2RB.RC.
D.
【分析】不考虑温度影响,在导体材料一定时,电阻与长度成正比,与横截面积成反比。
【解答】解:
一根粗细均匀,电阻值为R电阻丝截成长度相等的两段,则每段长度变为原来的
,再把得到的两段并联起来使用,横截面积变为原来的2倍,
所以阻值变为原来的
,即
R。
故选:
D。
16.图甲中用力F1水平拉着重为G的物体在水平路面上匀速移动s的距离。
图乙中用动滑轮拉着它也在同一路面上匀速移动s的距离,水平拉力为F2.使用动滑轮的过程中( )
A.总功为W总=F2sB.有用功为W有=Gs
C.机械效率为η=
D.额外功为W额=2F2s﹣F1S
【分析】
(1)使用动滑轮拉力端移动距离等于物体移动距离的2倍,利用W=Fs求拉力做的总功;
(2)使用动滑轮做的有用功,等于直接拉物体做的功;
(3)机械效率等于有用功与总功之比;
(4)额外功等于总功减去有用功。
【解答】解:
A、使用动滑轮拉力端移动距离s′=2s,拉力做的总功W总=F2s′=F2×2s=2F2s,故A错;
B、使用动滑轮做的有用功,等于直接拉物体做的功,即W有=F1s,故B错;
C、机械效率η=
=
,故C错;
D、额外功W额=W总﹣W有=2F2s﹣F1s,故D正确。
故选:
D。
二、填空题(每空1分,共8分)
17.(2分)一辆轿车以72km/h的速度在水平路面上沿直线匀速行驶10分钟,轿车的质量为1500kg,行驶时所受阻力为车重的0.2倍(g取10N/kg),则牵引力为 3×103 N.此时汽车的功率为 60 kW。
【分析】
(1)汽车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态,受到的牵引力和阻力是一对平衡力,根据f=0.2G=0.2mg求出阻力,利用二力平衡条件求出牵引力的大小;
(2)根据P=
=
=Fv求出汽车的功率。
【解答】解:
(1)汽车做匀速运动,处于平衡状态,由二力平衡条件得牵引力:
F=f=0.2G=0.2mg=0.2×1500kg×10N/kg=3×103N;
(2)汽车的速度:
v=72km/h=20m/s;
汽车的功率:
P=
=
=Fv=3×103N×20m/s=6×104W=60kW;
故答案为:
3×103;60。
18.(2分)成绵乐高铁开通以来,极大地促进了沿线经济发展,为保障列车安全运行,列车上安装有烟雾报警装置。
如图所示是列车上烟雾报警的简化原理图。
电源电压保持不变,R0为定值电阻,光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大,当电路中的电流减小至某一数值时报警器开始报警。
当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时,电流表示数 减小 ,电压表示数 增大 。
(选填“增大”、“减小”或“不变”)
【分析】分析电路的连接及电表测量的量,当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时,光照强度的减弱,光敏电阻R的阻值增大,根据串联电阻的规律判断总电阻变化,由欧姆定律分析电路中电流变化,根据U=IR确定定值电阻电压变化,根据串联电路电压的规律得出电压表示数变化。
【解答】解:
由图知,定值电阻R0与光敏电阻R串联,电压表测光敏电阻R的电压,电流表测电路中的电流;
当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时,光照强度减弱,光敏电阻R的阻值增大,根据串联电阻的规律,总电阻变大,由欧姆定律可知,电路中电流变小,即电流表示数减小;根据U=IR可知,定值电阻R0的电压变小,根据串联电路电压的规律,光敏电阻R的电压增大,即电压表示数增大。
故答案为:
减小;增大。
19.(2分)小明将装满水的溢水杯放到电子秤上,再用弹簧秤挂着铝块,将其缓慢浸入溢水杯的水中,如图所示。
在铝块浸入水的过程中,溢水杯底所受水的压力将 不变 (选填“变大”,“变小“,“不变”)。
电子秤的读数将 不变 (选填“变大“,“变小”,“不变”)。
【分析】
(1)可根据公式p=ρgh和F=pS分析水对溢水杯底的压强和压力的变化情况;
(2)铝块浸没在水中静止时,铝块受到重力、浮力以及拉力的作用。
根据阿基米德原理可知铝块受到的浮力等于排开的水重,铝块对水的压力大小与浮力相等,所以溢水杯对电子秤的压力不变。
【解答】解:
(1)铝块浸没在水中静止时与铝块未浸入水中时相比,溢水杯中水的深度不变,根据公式p=ρgh可知,水对溢水杯底的压强不变,根据公式F=pS可知,水对溢水杯底的压力不变;
(2)由于溢水杯中装满水,铝块浸没在水中静止时,根据阿基米德原理可知铝块受到的浮力等于排开的水重,铝块对水的压力大小与浮力相等,所以溢水杯对电子秤的压力不变,即电子秤示数不变;
故答案为:
不变;不变
20.(2分)两个电阻的电流随电压变化的关系图象如图甲所示,将它们连接在如图乙所示的电路中。
当闭合开关S1,断开开关S2、S3时,电阻R1、R2两端的电压之比为 2:
1 ;当断开开关S1,闭合开关S2、S3时,经过一段时间,电流通过电阻R1、R2产生的热量之比为 1:
2 。
【分析】由图甲根据欧姆定律分别求出R1和R2大小;
闭合开关S1,断开开关S2、S3时,两电阻串联,根据分压原理,求出电阻R1、R2两端的电压之比;
当断开开关S1,闭合开关S2、S3时,两电阻并联,根据Q=W=
t,根据并联电路电压的规律,由Q与电阻成反比求解。
【解答】解:
由图甲知,根据欧姆定律,R1=
=
=20Ω,
R2=
=
=10Ω;
闭合开关S1,断开开关S2、S3时,两电阻串联,根据分压原理,电阻R1、R2两端的电压之比等于电阻之比,即R1:
R2=20Ω:
10Ω=2:
1;
当断开开关S1,闭合开关S2、S3时,两电阻并联,根据Q=W=
t,根据并联电路电压的规律,两电阻电压相等,故Q与电阻成反比,经过一段时间,电流通过电阻R1、R2产生的热量之比为10Ω:
20Ω=1:
2。
故答案为:
2:
1;1:
2。
三、作图题(每小题3分,共6分)
21.(3分)如图所示,物体在表面粗糙的固定斜面上以速度v向下匀速运动,请在图中画出此过程中物体所受力的示意图(力的作用点画在物体的重心上)。
【分析】物体受到重力和斜面的支持力,然后结合物体向下运动,得出物体还要受到摩擦力,然后画出受力图即可。
【解答】解:
在斜面上运动的物体首先要受到竖直向下的重力G和垂直斜面向上的支持力F的作用,另外,由于斜面粗糙,物体向下运动,所以物体还受到沿斜面向上的摩擦力f的作用,如图:
22.(3分)如图所示:
小明闭合两开关后,发现两通电螺线管A、B相互排斥,请图中括号内分别标出A通电螺线管的N、S极和B通电螺线管的电源的“+“﹣“极。
【分析】由A图中的电流方向利用安培定则可判出A的磁极,则由同名磁极相互排斥可得B的磁极,再由安培定则可判出电流方向及电源的正负极。
【解答】解:
由安培定则可得A的右端为N极,则由磁极间的相互作用可知B电磁铁的左端为N极,由安培定则可知:
B电源的右端为正极,电流由右端流入。
如图所示:
。
四、实验与探究题(每小题7分,共14分)
23.(7分)在学习摩擦力时,小强猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有:
a.接触面所受的压力
b.接触面的粗糙程度
他通过如图所示实验,并记录实验数据:
(1)如图甲,在木板上,用弹簧测力计水平匀速拉动木块,从而测出木块与长木板的滑动摩擦力
(2)如图乙,在木块上加一砝码,从而改变木块对长木板的压力,测出此情况下的滑动摩擦力。
(3)如图丙,在木板上铺上毛巾,从而改变木块与长木板的粗糙程度,保持木块上的砝码不变,测出此情况下的滑动摩擦力。
实验次数
接触面
压力
弹簧测力计的读数
1
木板面
4N
0.6N
2
木板面
6N
0.9N
3
毛巾面
6N
3.0N
①在以上实验中,用弹簧测力计水平拉动木块,使其做匀速直线运动,根据 二力平衡 知识可知滑动摩擦力大小等于拉力大小。
在第1次实验中,滑动摩擦力为 0.6 N;若拉力增大到2N,木块做加速运动时,滑动摩擦力为 0.6 N
②比较第1、2次实验得出结论:
在接触面粗糙程度相同时,压力越大,滑动摩擦力越大
③比较第2、3次实验得出结论:
在压力相同时,接触面越粗糙,滑动摩擦力越大 。
④如图丁所示,小强还利用以上实验器材来研究木块所受到的滑动摩擦力。
他水平拉动木板向右加速运动的过程中,木块相对地面保持静止,木块受到木板的摩擦力大小 等于 (选填“大于”、“等于”或“小于”)弹簧测力计的读数,方向是 水平向右 。
【分析】①根据二力平衡分析;根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变分析;
②③影响滑动摩擦力大小因素有两个:
压力大小和接触面的粗糙程度,研究与其中一个因素的关系时,要控制另外一个因素不变,根据图中现象找出相同的量和变化的量,分析得出摩擦力与变化量的关系;
④根据二力平衡分析。
【解答】解:
①在以上实验中,用弹簧测力计水平拉动木块,使其做匀速直线运动,根据二力平衡知识可知滑动摩擦力大小等于拉力大小。
在第1次实验中,测力计示数为0.6N,故滑动摩擦力为0.6N;若拉力增大到2N,木块做加速运动时,因压力大小和接触面粗糙程度不变,故滑动摩擦力不变,仍为0.6N;
②比较第1、2次实验得出结论:
在接触面粗糙程度相同时,压力越大,滑动摩擦力越大;
③比较第2、3次实验得出结论:
在压力相同时,接触面越粗糙,滑动摩擦力越大;
④物体处于静止状态,受到的摩擦力与测力计拉力为平衡力,木块受到木板的摩擦力大小等于弹簧测力计的读数,与木板的运动无关;对物体的拉力方向是水平向左,根据二力平衡条件,摩擦力方向是水平向右。
故答案为:
①二力平衡;0.6;0.6;
②在接触面粗糙程度相同时,压力越大,滑动摩擦力越大;
③在压力相同时,接触面越粗糙,滑动摩擦力越大;
④等于;水平向右。
24.(7分)在测量标准电压为3.8V的小灯泡电阻的实验中,电源电压恒为6V。
(1)小明连接如图甲所示的电路,准备闭合开关时,发现有接线错误。
请你按要求在图将需改错的导线画“ד,并补画出正确的导线。
要求:
闭合开关后,当滑动变阻器滑片向左移动时,电流表示数增大。
(2)电路完善后,调节滑动变阻器的滑片P,当电压表的示数为3.8V时,电流表示数如图乙所示,其示数为 0.32 A,此时小灯泡的电阻为 11.88 Ω.额定功率为 1.22 W.(保留小数点后两位)
(3)在提供的滑动变阻器中,分别有规格为A(5Ω2A)、B(20Ω1A)、C(100Ω0.1A),则应选择 B (选填“A“B”或“C“)。
(4)小明同学多次移动滑动变阻器的滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数,并绘制成如图丙所示的图象,通过图象可以发现灯丝的电阻是变化的,这一现象表明:
灯丝的电阻随温度的升高而 增大 (选填:
“增大”、“不变”、“减小”)。
【分析】
(1)原电路中,电流表与灯并联,电压表串联在电路中,是错误的,电流表应与灯串联,电压表与灯并联,据此改正;
闭合开关后,当滑动变阻器滑片向左移动时,电流表示数增大,电阻减小,离下接线柱近,接左下接线柱。
(2)电流表的量程为0﹣0.6A,分度值为0.02A,示数为0.32A,根据R=
算出电阻,根据P=UI算出额定功率;
(3)求出小灯泡正常发光时的电流,以及滑动变阻器接入电路的电阻,根据提供的滑动变阻器的最大电流和最大阻值进行选择;
(4)灯丝的电阻随温度的升高而增大。
【解答】解:
(1)原电路中,电流表与灯并联,电压表串联在电路中,是错误的,电流表与灯串联,电压表与灯并联;
原题中滑动变阻器接了两个下接线柱,应该“一上一下”,当滑动变阻器滑片向左移动时,电流表示数增大,电阻减小,离下接线柱近,接左下接线柱。
如下所示:
(2)由乙图知电流表使用0﹣0.6A量程,分度值0.02A,示数为0.32A,电压表的示数为3.8V,
灯泡的电阻为R=
=
≈11.88Ω
灯泡额定功率P=UI=3.8V×0.32A=1.216W
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