学年上海普陀区高三质量调研二模物理卷解析版doc.docx
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学年上海普陀区高三质量调研二模物理卷解析版doc
2020-2021学年上海普陀区高三4月质量调研(二模)物理卷(解析版)
姓名:
_____________年级:
____________学号:
______________
题型
选择题
填空题
解答题
判断题
计算题
附加题
总分
得分
评卷人
得分
1.(知识点:
机械能守恒综合应用,斜抛运动)
如图,离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒,筒内固定一轻质弹簧,弹簧处于自然长度。
现将一小球从地面以某一初速度斜向上抛出,刚好能水平进入圆筒中,不计空气阻力。
下列说法中正确的是( )
A.小球在上升过程中处于失重状态
B.弹簧获得的最大弹性势能等于小球抛出时的动能
C.小球从抛出点到筒口的时间与小球抛出时的初速度方向有关
D.小球从抛出点到筒口的时间与小球抛出时的初速度方向无关
【答案】
AD
【解析】
试题分析:
小球在上升过程中加速度为g,故处于完全失重状态,选项A正确;弹簧获得的最大弹性势能等于小球进入圆筒时的动能,选项B错误;对小球运动的逆过程是平抛运动,故有平抛运动的规律可知,小球从抛出点到筒口的时间与抛出点到圆筒的竖直高度有关,而与小球抛出时的初速度方向无关,选项C错误,D正确;故选AD.
考点:
斜抛运动的规律.
在用单分子油膜估测分子大小的实验中,
(1)(多选)某同学计算出的结果明显偏大,可能是由于( )
A.油酸未完全散开
B.油酸中含有大量酒精
C.计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格
D.求每滴溶液中纯油酸的体积时,1mL溶液的滴数多记了10滴
(2)在做实验时,油酸酒精溶液的浓度为每1000mL溶液中有纯油酸1mL,用注射器测得1mL上述溶液有200滴,把一滴该溶液滴入盛水的表面撒有痱子粉的浅盘里,待水面稳定后,测得油膜的近似轮廓如图所示。
图中正方形小方格的边长为1cm,根据上述数据,估测出油酸分子的直径是________nm。
【答案】
(1)AC;
(2)0.4
【解析】
试题分析:
(1)若油酸未完全散开,则测得的面积偏小,根据可知计算得到的直径值偏大,选项A正确;油酸中含有大量酒精,则测得的面积偏大,根据可知计算得到的直径值偏小,选项B错误;计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格,则测得的面积偏小,根据可知计算得到的直径值偏大,选项C正确;求每滴溶液中纯油酸的体积时,1mL溶液的滴数多记了10滴,则算得的油酸的体积偏小,根据可知计算得到的直径值偏小,选项D错误;故选AC。
(2)一滴该溶液含纯油酸的体积为:
;可计算出油膜的面积为:
,故分子直径为:
考点:
用单分子油膜估测分子大小。
如图,固定在水平桌面上的“∠”型平行导轨足够长,间距L=1m,电阻不计。
倾斜导轨的倾角θ=53º,并与R=2Ω的定值电阻相连。
整个导轨置于磁感应强度B=5T、方向垂直倾斜导轨平面向上的匀强磁场中。
金属棒ab、cd的阻值为R1=R2=2Ω,cd棒质量m=1kg。
ab与导轨间摩擦不计,cd与导轨间的动摩擦因数μ=0.3,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
现让ab棒从导轨上某处由静止释放,当它滑至某一位置时,cd棒恰好开始滑动。
(1)求此时通过ab棒的电流;
(2)求导体棒cd消耗的热功率与ab棒克服安培力做功的功率之比;
(3)若ab棒无论从多高的位置释放,cd棒都不动,则ab棒质量应小于多少?
(4)假如cd棒与导轨间的动摩擦因数可以改变,则当动摩擦因数满足什么条件时,无论ab棒质量多大、从多高位置释放,cd棒始终不动?
【答案】
(1)3.34A
(2)1:
6(3)mab≤2.08kg(4)μ≥0.75
【解析】
试题分析:
(1)ab棒沿斜面滑下切割磁感线产生的感应电流的方向是b→a,通过cd棒的电流方向如图c→d。
cd棒刚要开始滑动时,其受力分析如图所示。
由平衡条件得:
由摩擦力公式得:
联立以上三式,得Icd=1.67A,Iab=2Icd=3.34A
(2)根据题意画出等效电路如图所示:
设,因为电阻R与cd棒并联,故电阻R上产生的热功率与cd棒产生的热功率相等,即
又因为流经ab棒的电流为2I,故ab棒产生的热功率
整个回路产生的热功率
又因为回路中消耗的热功率源于ab棒克服安培力做功,所以导体棒cd消耗的热功率与ab棒克服安培力做功的功率之比为
(3)ab棒在足够长的轨道下滑时,最大安培力只能等于自身重力的分力,有:
cd棒所受最大安培力应为,要使cd棒不能滑动,需:
由以上两式联立解得:
mab≤2.08kg
(4)ab棒下滑时,cd棒始终静止,有:
解得:
当ab棒质量无限大,在无限长轨道上最终一定匀速运动,安培力FA趋于无穷大,cd棒所受安培力FAˊ亦趋于无穷大,有:
μ≥=0.75
考点:
右手定则;物体的平衡;电功率.
如图,一艘小船上有一个人坐在船的前端,人和船的总质量为M,该人手中握住一根绳子,以恒力F拉绳,使船自静止起向右运动位移为s(阻力不计)。
图甲情况,绳的另—端固定在岸的木桩上;图乙情况,绳的另一端跨过定滑轮固定在船上;图丙情况,绳的另一端固定在另一艘质量也为M的船上。
求:
(1)图甲情况下船的末速度;
(2)图乙情况的船的末速度;
(3)图丙情况的船的末速度。
【答案】
(1)
(2)(3)
【解析】
试题分析:
(1)在图甲情况中,把人和船看成一个整体分析,人和船的总质量为M,人和船组成的系统受到的合外力为F,船的位移s是对地位移,
,
(2)在图乙情况中,人和船组成的系统受到的合外力为2F(人受到向右F的拉力,船也受到向右F的拉力),
,
(3)在图丙情况中,人和船组成的系统受到的合外力为F,船的位移s是对地位移,
,
考点:
动能定理.
如图,一端封闭一端开口,内径均匀的直玻璃管注入一段60mm的水银柱,管水平放置。
达到平衡时,闭端空气柱长140mm,开口端空气柱长140mm。
若将管轻轻倒转后再竖直插入水银槽内,达到平衡时,管中封闭端空气柱A长133mm。
设大气压强为760mmHg,整个过程温度保持不变。
(1)求槽中水银进入管中的长度H;
某同学的解法如下:
以水平放置作为初态,以竖直插入水银槽后作为末态,分别对A,B两部分气体应用
玻意耳定律进行解析。
解:
对A气体:
pA=760mmHg,VA=140S,VA1=133S
pAVA=pA1VA1,代入数据得pA1=800mmHg
对B气体:
pB=760mmHg,VB=140S,pB1=860mmHg
pBVB=pB1VB1,代入数据得LB1=123.72mm
你若认为该同学的结论正确,接着计算出水银进入管中的长度H;你若认为该同学的结论错误,请分析错误的原因,并计算出水银进入管中的长度H。
(2)求玻璃管露出槽中水银面的高度h。
【答案】
(1)该同学的解法是错误的;34mm;
(2)206mm;
【解析】
试题分析:
(1)该同学的解法是错误的。
实际上,在玻璃管竖直倒立的过程中,当其还未插入水银槽内时,由于水银受重力作用要下降,故封闭端空气柱变长,开口端空气柱变短,说明开口端有空气溢出,即B部分气体质量减少(不是定质量的)。
这部分研究对象的质量发生了变化,不能应用波意耳定律解析。
(2分)
正确解法如下:
把全过程分为两个过程。
第一个过程:
从玻璃管水平到竖直尚未插入水银槽内,
对A气体:
代入数据得,
第二个过程:
当玻璃管插入水银槽后,
对A气体:
,代入数据得,
对B气体;初态为竖直尚未插入水银槽,末态为已经插入水银槽后,
,代入数据得,
所以,水银进入管中的水银长度为:
H=(140×2-133-113)mm=34mm
(2)玻璃管露出槽中水银面的高度h=(140×2+60-100-34)mm=206mm
考点:
气体的状态方程.
如图甲,在水平地面上固定一倾角θ=30°的光滑绝缘斜面,斜面处于方向沿斜面向下的匀强电场中。
一绝缘轻质弹簧的一端固定在斜面底端,整根弹簧处于自然状态。
一质量为m=2kg、电荷量为q(q>0)的滑块,从距离弹簧上端s0=1.25m处静止释放。
设滑块与弹簧接触过程没有机械能损失,滑块在运动过程中电荷量保持不变,qE=0.5mg。
弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终处在弹性限度内,发生弹性形变的弹力大小与形变成正比。
(1)求滑块从静止释放到与弹簧上端接触瞬间所经历的时间t1;
(2)求滑块速度最大时弹簧弹力F的大小;
(3)从滑块静止释放瞬间开始计时,请在乙图中画出滑块在沿斜面向下运动的整个过程中速度与时间关系v-t图像。
(不要求写出计算过程,但要在坐标上标出关键点);
(4)从滑块静止释放瞬间开始计时,请在丙图中画出滑块在沿斜面向下运动的整个过程中加速度与位移关系a-s图像(不要求写出计算过程,但要在坐标上标出关键点)。
【答案】
(1)0.5s
(2)20N;(3)(4)图线如图;
【解析】
试题分析:
(1)解:
滑块从静止释放到与弹簧刚接触的过程中作初速度为零的匀加速直线运动,设加速度大小为a,则有,
联立两式,代入数据解得t1=0.5s
(2)滑块速度最大时受力平衡,则有
(3)图线如图;
考点:
牛顿第二定律;运动图像.
利用如图甲所示的电路测定电源的电动势和内电阻,提供的器材为:
A.干电池两节,每节电池的电动势约为1.5V,内阻未知
B.直流电压表V1、V2,内阻很大
C.直流电流表A,内阻忽略不计
D.定值电阻R,阻值不小于5Ω
E.滑动变阻器
F.导线和开关
(1)某一组同学利用该电路完成实验时,由于某根导线发生断路故障,因此只记录了一个电压表和电流表的示数。
利用多次测量获得的数据作出如图乙所示的U-I图。
该同学测得两节干电池总电动势为______V,总内阻为______Ω。
(2)另一组同学连接好电路后,由于电流表发生短路故障,因此只记下两个电压表的示数。
测得多组数据后,他们以表V1的示数U1为横坐标、表V2的示数U2为纵坐标作图像,也得到一条不过原点的直线,如图丙所示。
则两节干电池总电动势大小为________V,两节干电池总内阻________(选填“可以”或“不可以”)求出。
如果该组同学希望通过利用图像纵坐标上的截距直接得到电源的总电动势,若取U1为纵坐标,应该选用________作为横坐标作图(请写出推导过程)。
__________________________________________________________________________。
【答案】
(1)2.9;3.1;
(2)2.7;不可以;(3)U1-U2;推导:
实验原理为
可将公式变形为U1=-(U1-U2)+E,所以,应选U1-U2作为横坐标作图,才可以通过图线直接得到电源的电动势。
【解析】
试题分析:
(1)由U-I图线可知,电源的电动势为E=2.9V,内阻为:
(2)由欧姆定律可知:
,解得,由图线可得:
,;解得;,因R未知,故不能得到内阻r;可将,可将公式变形为U1=-(U1-U2)+E,所以,应选U1-U2作为横坐标作图,才可以通过图线直接得到电源的电动势。
考点:
测量电源的电动势及内阻.
轻质细线吊着一质量m=0.8kg,边长L=0.8m、匝数n=20、总电阻r=1Ω的正方形线圈。
边长l=0.4m的正方形磁场区域对称地分布在线圈下边的两侧,磁场方向垂直纸面向里,如图甲所示,磁感应强度B随时间变化规律如图乙所示。
从t=0开始经t0时间细线开始松弛,在前t0时间内线圈中产生的感应电流为_________A,t0的值为_________s。
【答案】
0.8,0.5
【解析】
试题分析:
在前t0时间内线圈中产生的感应电动势:
,故线圈中产生的感应电流为;当绳松弛时,安培力等于重力:
,解得:
考点:
法拉第电磁感应定律;安培力.
如图,将倾角α=37°的大三角形劈切开为等宽的小三角形劈和5个梯形劈,再重新将各劈放在一起(各劈互不粘连)。
从小三角形劈开始,依次编号为1,2,…6。
各劈的质量均为M=1kg、斜面长度均为L=0.2m。
可视为质点的物块质量m=1kg,与斜面间的动摩擦因数μ1=0.5。
现使物块以平行于斜面方向的初速度v0=4.5m/s,从小三角形劈的底端冲上斜面,若所有劈均固定在水平面上,物块最终能冲上第_______块劈;若所有劈均不固定,与地面的动摩擦因数均为μ2=0.3,假定最大静摩擦力与滑动摩擦力相等,物块滑动到第_______块劈时,梯形劈开始相对地面滑动。
【答案】
6,5
【解析】
试题分析:
(1)若劈一直保持静止不动,根据牛顿第二定律,物块的加速度大小为:
a=gsin37°+μ1gcos37°=10m/s2,
则物块在斜面上速度减为零时有:
v02=2ax
解得:
x=1.0125
因为:
;故说明物体可以冲上第6块;
(2)物块与斜面间的弹力:
FN1=mgcos37°=10×0.8=8N
物块与斜面间的滑动摩擦力:
f1=μ1FN1=0.5×8=4N
地面对劈的支持力:
FN2=nMg+FN1cos37°-f1sin37°,
当f1cos37°+FN1sin37°=μ2FN2时刚好开始滑动,
解得:
n=4.6
所以物块滑动到第5块劈时,劈开始相对地面滑动.
考点:
牛顿第二定律;物体的平衡.
卢瑟福用α粒子轰击氮核发现了质子,其核反应方程为___________________。
查德威克用α粒子轰击铍核,打出了一种粒子流,其核反应方程为_______________。
【答案】
147N+42He→178O+11H;94Be+42He→126C+10n
【解析】
试题分析:
卢瑟福用α粒子轰击氮核发现了质子,其核反应方程为147N+42He→178O+11H;查德威克用α粒子轰击铍核,打出了一种粒子流,其核反应方程为94Be+42He→126C+10n
考点:
发现质子及中子的反应.
A.两物体A、B的质量之比mA∶mB=1∶2,在光滑水平面上沿同一直线相向而行,它的速度之比为4∶1,则动量大小之比为________;两者碰后粘在一起,则其总动量与B原来动量大小之比p∶pB=__________。
【答案】
2∶1,1∶1
【解析】
试题分析:
根据P=mv可知动量大小之比为:
;因为两球相向而行,则碰撞后黏在一起的总动量,故总动量与B原来动量大小之比p∶pB=1∶1。
考点:
动量;动量守恒定律.
B.两颗人造卫星A、B绕地球做圆周运动的周期之比为1∶8,则它们的轨道半径之比为_________,速度之比为__________。
【答案】
1∶4,2∶1
【解析】
试题分析:
根据开普勒行星运动第三定律:
,则;根据可得:
,所以
考点:
开普勒行星运动第三定律;万有引力定律。
有一单摆,其回复力F与位移x的关系图线如图所示。
若摆球质量为100g,则单摆的摆长为________m,从平衡位置开始振动经过1.5s,摆球通过的路程为_________m。
【答案】
1,0.26
【解析】
试题分析:
因单摆做简谐振动的恢复力为,由图线可知:
,可得;单摆周期为:
,单摆振动的振幅为A=0.0872m,故从平衡位置开始振动经过1.5s,摆球通过的路程为3A=0.26m。
考点:
单摆;恢复力.
在观察光的干涉和衍射的实验中,如图,当用激光照射直径小于激光束的不透明圆盘时,在圆盘后屏上的阴影中心出现了一个亮斑。
这是光的_______(填“干涉”、“衍射”或“直线传播”)现象。
【答案】
衍射
【解析】
试题分析:
亮斑是光的衍射现象形成的。
考点:
光的衍射.
如图甲,让一束红色的激光通过双缝,在光屏上观察到的图案应该是图___________。
【答案】
乙
【解析】
试题分析:
让一束红色的激光通过双缝,在光屏上观察到的是干涉条纹,干涉条纹是平行等距,明暗相间的,故选乙。
考点:
双缝干涉.
位移传感器由发射器和接收器组成,发射器内装有红外线和超声波发射器,接收器内装有红外线和超声波接收器。
如图,固定在被测运动物体上的发射器向接收器同时发射一个红外线脉冲和一个超声波脉冲,接收器收到红外线脉冲时开始计时t1,收到超声波脉冲时停止计时t2。
已知超声波在空气中的传播速度为v(红外线传播时间极短,可忽略),发射器和接收器之间的距离s=________。
【答案】
v(t2-t1)
【解析】
试题分析:
红外线传播时间极短,可忽略,则超声波从发射器发射到接收器接受所用的时间为t2-t1,则发射器和接收器之间的距离s=v(t2-t1)。
考点:
超声波测距.
某小组设计了使用位移传感器的图示实验装置测量木块下滑的加速度,让木块从倾斜木板上一点A静止释放,计算机描绘了滑块相对传感器的位移随时间变化规律如图所示。
根据图线计算t0时刻速度v=_________,木块加速度a=________(用图中给出的s0、s1、s2、t0表示)。
【答案】
,
【解析】
试题分析:
根据s-t图线可知,物体匀加速下滑,则t0时刻速度等于0-2t0时间内的平均速度,大小为:
;根据,则,解得:
考点:
测量木块下滑的加速度。
一弹簧振子做简谐运动,周期为T,下列说法正确的是 ( )
A.若Δt=T/4,则在Δt时间内振子经过的路程为一个振幅
B.若Δt=T/2,则在Δt时间内振子经过的路程为两个振幅
C.若Δt=T/2,则在t时刻和(t+Δt)时刻振子的位移一定相同
D.若Δt=T/2,则在t时刻和(t+Δt)时刻振子的速度一定相同
【答案】
B
【解析】
l试题分析:
由等量异号电荷电场线分布情况可知,b、d、f、h的电场强度大小相同,但是方向不同,选项A错误;hb两点的电势相等且高于零,而fd两点的电势相等且小于零,故选项B错误;cg两点连线是电势等于零的等势面,电场方向与cg连线垂直,故在c点由静止释放的电子不可能沿cg连线做匀加速直线运动,选项C错误;因b点的电势高于c点,c点的电势高于d点,故将一电子由b点沿bcd圆弧移到d点,电子的电势能一直增大,选项D正确;故选D.
考点:
等量异种电荷的电场;电势能.
如图为某控制电路,由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及电位器(滑动变阻器)R连接而成,L1、L2是两个指示灯。
当电位器的触片由b端滑向a端时,下列说法正确的是( )
A.L1、L2都变亮B.L1、L2都变暗
C.L1变亮,L2变暗D.L1变暗,L2变亮
【答案】
B
【解析】
试题分析:
当电位器的触片由b端滑向a端时,电阻逐渐变大,电路的总电阻变大,路端电压变大,总电流减小,则R1上电流变大,L1上电流减小,R2以及电位器和L1两端的电压之和变大,通过R2的电流变大,通过L2的电流减小,则L1、L2都变暗,选项B正确。
考点:
动态电路分析.
如图,长为L的粗糙长木板水平放置,在木板的A端放置一个质量为m的小物块。
现缓慢抬高A端,使木板以左端为轴转动。
当木板转到与水平面的夹角为α时,小物块开始滑动,此时停止转动木板,小物块滑到底端,重力加速度为g。
下列说法正确的是( )
A.整个过程支持力对物块做功为零
B.整个过程支持力对物块做功为mgLsinα
C.整个过程木板对物块做功为零
D.整个过程木板对物块做功大于物块机械能的增量
【答案】
B
【解析】
试题分析:
在开始上抬木板到,物块开始滑动过程中,支持力做功,而当物块向下滑动时,支持力不做功,由动能定理可知,在开始上抬木板到物块开始滑动过程中,即WN=mgLsinα,选项B正确,A错误;设物体滑到底端的速度为v,则整个过程中,由动能定理:
,即整个过程木板对物块做功等于物块机械能的增量,选项CD错误;故选B.
考点:
功;动能定理.
如图,光滑平面上一质点以速度v通过原点O,v与x轴正方向成α角,与此同时对质点加上沿x轴正方向的恒力Fx和沿y轴正方向的恒力Fy,下列说法正确的是( )
A.质点一定做曲线运动
B.质点不可能做直线运动
C.如果Fy>Fx,质点向y轴一侧做曲线运动
D.如果Fx>Fycotα,质点向x轴一侧做曲线运动
【答案】
D
【解析】
试题分析:
由平行四边形法则可知,若Fx=Fycotα,则合力方向与速度方向在同一条直线上,物体做直线运动,故AB错误;若Fx<Fycotα,则合力方向与速度方向不在同一条直线上,合力偏向于速度方向上侧,质点向y轴一侧做曲线运动,故C错误;若Fx>Fycotα,则合力方向与速度方向不在同一条直线上,合力偏向于速度方向下侧,则质点向x轴一侧做曲线运动,故D正确.故选:
D.
考点:
运动的合成.
如图,穿在一根光滑的固定杆上的两个小球A、B连接在一条跨过定滑轮的细绳两端,杆与水平面成θ=37°角,不计所有摩擦。
当两球静止时,OA绳与杆的夹角为θ,OB绳沿竖直方向,则球A、B的质量之比为( )
A.4∶3B.3∶4C.3∶5D.5∶8
【答案】
A
【解析】
试题分析:
分别对AB两球分析,运用合成法,如图:
根据共点力平衡条件,对物体B得:
T=mBg;对物体A,根据正弦定理可得:
解得:
mA∶mB=1∶tanθ=1∶=4∶3.故选:
A.
考点:
共点力的平衡.
如图甲为磁感强度B随时间t的变化规律,磁场方向垂直纸面,规定向里的方向为正。
在磁场中有一平面位于纸面内的细金属圆环,如图乙所示。
令I1、I2、I3分别表示Oa、ab、bc段的感应电流,F1、F2、F3分别表示金属环上很小一段导体受到的安培力。
下列说法正确的是( )
A.I1沿逆时针方向,I2沿顺时针方向
B.I2沿顺时针方向,I3沿顺时针方向
C.F1方向指向圆心,F2方向指向圆心
D.F2方向背离圆心向外,F3方向指向圆心
【答案】
ABD
【解析】
试题分析:
根据楞次定律可判断:
I1沿逆时针方向,I2沿顺时针方向,I3沿顺时针方向,选项AB正确;在oa段,磁场方向向里,根lC.气缸内气体的压强为1.1×105Pa
D.气缸内气体的压强为2.8×105Pa
【答案】
BC
【解析】
试题分析:
对活塞受力分析如图
把加速分解的沿活塞方向与垂直于活塞方向,根据牛顿第二定律可得:
FN-mgcosα=masinα
mgsinα+P0S-PS=macosα
联立解得:
FN=17.2N;P=1.1×105Pa
故选项BC正确.
考点:
牛顿第二定律的应用.
某一空间存在与x轴平行的电场,有一质量m=2kg的带电小球,只受电场力作用,以初速度v0=2m/s在x0=7m处开始运动。
电势能EP随位置x的变化关系如图所示,则小球的运动范围和最大速度分别为( )
A.运动范围x≥0 B.运动范围x≥1m
C.最大速度vm=2m/sD.最大速度vm=3m/s
【答案】
BC
【解析】
试题分析:
根据动能定理可得W电=0−=−4J,故电势能增大4J,因在开始时电势能为零,故电势能最大增大4J,故运动范围在x≥1m,故A错误,B正确;由图可知,电势能最大减小4J,故动能最大增大4J,根据动能定理可得W=mv2−;解得v=m/s,故C正确,D错误;故选:
BC
考点:
动能定理;电势能.
如图,是一种小型验钞器,能显示纸币上的防伪标志。
它能发射( )
A.X射线B.紫外线C.可见光D.红外线
【答案】
B
【解析】
试题分析:
紫外线能使荧光物质感光,故验钞机就
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