高中数学《函数的最大小值》 导学案.docx
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高中数学《函数的最大小值》导学案
第2课时 函数的最大(小)值
函数的最大值和最小值
1.最大值
(1)定义:
一般地,设函数y=f(x)的定义域为I,如果存在实数M满足:
①
对于任意的x∈I,都有f(x)≤M;
②
存在x0∈I,使得f(x0)=M.
那么,称M是函数y=f(x)的最大值.
(2)几何意义:
函数y=f(x)的最大值是图象最高点的纵坐标.
2.最小值
(1)定义:
一般地,设函数y=f(x)的定义域为I,如果存在实数M满足:
①
对于任意的x∈I,都有f(x)≥M;
②
存在x0∈I,使得f(x0)=M.
那么,称M是函数y=f(x)的最小值.
(2)几何意义:
函数y=f(x)的最小值是图象最低点的纵坐标.
1.判一判(正确的打“√”,错误的打“×”)
(1)任何函数都有最大值或最小值.( )
(2)函数的最小值一定比最大值小.( )
(3)函数f(x)=-x在[2,3)上的最大值为-2,无最小值.( )
答案
(1)×
(2)× (3)√
2.做一做
(1)(教材改编P32T5)如图为函数y=f(x),x∈[-4,7]的图象,此函数最大值为________,最小值为________.
(2)函数f(x)=
在区间[1,5]上的最大值为________,最小值为________.
(3)函数y=
的最大值为________.
答案
(1)3 -2
(2)3
(3)5
『释疑解难』
函数的最值和值域的区别与联系
(1)联系:
函数的最值和值域反映的都是函数的整体性质,针对的是整个定义域.
(2)区别
①函数的值域一定存在,而函数的最大(小)值不一定存在;
②若函数的最值存在,则一定是值域中的元素,例如,函数f(x)=x2对任意的x∈R,都有f(x)≥-1,但是f(x)的最小值不是-1,因为-1不在f(x)的值域内;
③对单调函数,若函数的值域是开区间,则函数无最值;若函数的值域是闭区间,则闭区间的端点值就是函数的最值.
探究1 利用图象求函数最值
例1
(1)已知函数f(x)=
求f(x)的最大值、最小值;
(2)画出函数f(x)=
的图象,并写出函数的单调区间,函数的最小值.
解
(1)作出函数f(x)的图象(如图).
由图象可知,当x=±1时,f(x)取最大值为f(±1)=1;当x=0时,f(x)取最小值f(0)=0,
故f(x)的最大值为1,最小值为0.
(2)f(x)的图象如图所示,f(x)的单调递增区间是(-∞,0)和[0,+∞),函数的最小值为f(0)=-1.
拓展提升
图象法求最值的一般步骤
【跟踪训练1】 求函数y=|x+1|-|x-2|的最大值和最小值.
解 y=|x+1|-|x-2|=
作出函数的图象,由图可知,y∈[-3,3].所以函数的最大值为3,最小值为-3.
探究2 利用单调性求函数最值
例2 求函数f(x)=x+
在x∈[1,3]上的最大值与最小值.
解 解法一:
图象法,可利用对勾函数图象求解.
解法二:
设1≤x1<x2≤3,则f(x1)-f(x2)=x1-x2+
-
=(x1-x2)
.
又因为x1 当1≤x1<x2≤2时,1- <0, 所以f(x1)-f(x2)>0, 所以f(x)在[1,2]上是减函数. 当2 >0, 所以f(x1)-f(x2)<0. 所以f(x)在(2,3]上是增函数. 所以f(x)的最小值为f (2)=2+ =4. 又因为f (1)=5,f(3)=3+ = (1), 所以f(x)的最大值为5. 拓展提升 利用单调性求函数最值 (1)运用函数单调性求最值是求函数最值的常用方法,特别是当函数图象不易作出时,单调性几乎成为首选方法. (2)注意对问题中求最值的区间与函数的单调区间之间的关系进行辨析;注意对问题中求最值的区间的端点值的取舍. 【跟踪训练2】 求函数y= 在区间[1,2]上的最大值和最小值. 解 任取x1,x2,且1≤x1 则f(x1)-f(x2)= - = = , 因为1≤x1<x2≤2, 所以2 即6<3(x1+x2)<12,又1 故f(x1)-f(x2)>0,即y1>y2, 所以函数y= 在区间[1,2]上为减函数, 所以ymax=f (1)=- ,ymin=f (2)=-4. 探究3 求二次函数的最值 例3 (1)已知函数f(x)=x2-2x-3,若x∈[0,2],求函数f(x)的最值; (2)已知函数f(x)=x2-2x-3,若x∈[t,t+2],求函数f(x)的最值; (3)已知函数f(x)=x-2 -3,求函数f(x)的最值. 解 (1)∵函数f(x)=x2-2x-3开口向上,对称轴x=1, ∴f(x)在[0,1]上单调递减,在[1,2]上单调递增,且f(0)=f (2). ∴f(x)max=f(0)=f (2)=-3, f(x)min=f (1)=-4. (2)∵对称轴x=1, ①当1≥t+2即t≤-1时, f(x)max=f(t)=t2-2t-3, f(x)min=f(t+2)=t2+2t-3. ②当 ≤1 f(x)max=f(t)=t2-2t-3, f(x)min=f (1)=-4. ③当t≤1< ,即0 f(x)max=f(t+2)=t2+2t-3, f(x)min=f (1)=-4. ④当1 f(x)max=f(t+2)=t2+2t-3, f(x)min=f(t)=t2-2t-3. 设函数最大值为g(t),最小值为φ(t),则有 g(t)= φ(t)= (3)设 =t(t≥0),则x-2 -3=t2-2t-3. 由 (1)知y=t2-2t-3(t≥0)在[0,1]上单调递减,在[1,+∞)上单调递增, ∴当t=1即x=1时,f(x)min=-4,无最大值. 拓展提升 二次函数最值的求法 (1)探求二次函数在给定区间上的最值问题,一般要先作出y=f(x)的草图,然后根据图象判断函数的单调性.特别要注意二次函数的对称轴与所给区间的位置关系,它是求解二次函数在已知区间上最值问题的主要依据,并且最大(小)值不一定在顶点处取得. (2)二次函数图象的对称轴与定义域区间的位置通常有三种关系: ①对称轴在定义域的右侧;②对称轴在定义域的左侧;③对称轴在定义域区间内. 【跟踪训练3】 (1)已知函数f(x)=x4-2x2-3,求函数f(x)的最值; (2)求二次函数f(x)=x2-2ax+2在[2,4]上的最小值. 解 (1)设x2=t(t≥0),则x4-2x2-3=t2-2t-3. y=t2-2t-3(t≥0)在[0,1]上单调递减,在[1,+∞)上单调递增. ∴当t=1即x=±1时,f(x)min=-4,无最大值. (2)∵函数图象的对称轴是x=a, ∴当a<2时,f(x)在[2,4]上是增函数, ∴f(x)min=f (2)=6-4a. 当a>4时,f(x)在[2,4]上是减函数, ∴f(x)min=f(4)=18-8a. 当2≤a≤4时,f(x)min=f(a)=2-a2. ∴f(x)min= 探究4 应用题中的最值问题 例4 某公司生产一种电子仪器的固定成本为20000元,每生产一台仪器需增加投入100元,已知总收益满足函数: R(x)= 其中x是仪器的月产量. (1)将利润表示为关于月产量的函数f(x); (2)当月产量为何值时,公司所获利润最大? 最大利润为多少元? (总收益=总成本+利润) 解 (1)月产量为x台,则总成本为(20000+100x)元, 从而f(x)= (2)当0≤x≤400时,f(x)=- (x-300)2+25000, 当x=300时,f(x)max=25000; 当x>400时,f(x)=60000-100x是减函数,f(x)<60000-100×400=20000<25000. ∴当x=300时,f(x)max=25000. 即每月生产300台仪器时公司所获利润最大,最大利润为25000元. 拓展提升 解实际应用题的四个步骤 (1)审题: 解读实际问题,找出已知条件、未知条件,确定自变量和因变量的条件关系. (2)建模: 建立数学模型,列出函数关系式. (3)求解: 分析函数性质,利用数学知识探究问题解法(一定注意自变量的取值范围). (4)回归: 数学问题回归实际问题,写出答案. 【跟踪训练4】 某水厂蓄水池有水450吨,水厂每小时向蓄水池注水80吨,同时蓄水池又向居民小区供水,t小时内供水量为80 吨,现在开始向池中注水并同时向居民供水,多少小时后蓄水池中水量最少? 解 设t小时后,池中水量为y吨, 则y=450+80t-80 =4( -10)2+50, 当 =10,即t=5时,ymin=50, 所以,5小时后蓄水池中水量最少,只有50吨. 1.求函数最大(小)值的常用方法 (1)值域.求出函数f(x)的值域,即可求其最值(注意必须确保存在函数值里的最值); (2)单调性法.通过研究函数的单调性来求函数的最值; (3)特殊函数法.利用特殊函数[如一次函数、二次函数、反比例函数、函数y=x+ (a>0)]的单调性来求其最值. 2.函数的值域与最大(小)值的区别 (1)函数的值域是一个集合,函数的最值是一个函数值,它是值域的一个元素,即定义域中一定存在一个x0,使f(x0)=M(最值). (2)函数的值域一定存在,但函数并不一定有最大(小)值,如y=x在x∈(-1,1)时无最值. 1.函数f(x)在[-2,+∞)上的图象如图所示,则此函数的最大、最小值分别为( ) A.3,0 B.3,1 C.3,无最小值 D.3,-2 答案 C 解析 观察图象可以知道,图象的最高点坐标是(0,3),从而其最大值是3;另外从图象看,无最低点,即该函数不存在最小值.故选C. 2.已知函数f(x)=x2-2,其中x∈[0,2],这个函数的最大值和最小值分别为( ) A.-2和1B.2和-2 C.2和-1D.-1和2 答案 B 解析 ∵f(x)=x2-2,x∈[0,2]是单调递增函数, ∴ymax=f (2)=2,ymin=f(0)=-2. 3.某公司在甲、乙两地同时销售一种品牌车,利润(单位: 万元)分别为L1=-x2+21x和L2=2x(其中销售量单位: 辆).若该公司在两地共销售15辆,则能获得的最大利润为( ) A.90万元B.60万元 C.120万元D.120.25万元 答案 C 解析 设公司在甲地销售x辆,则在乙地销售(15-x)辆,公司获利为L=-x2+21x+2(15-x)=-x2+19x+30=- 2+30+ , ∴当x=9或10时,L最大为120万元. 4.函数y=-x2+6x+9在区间[a,b](a 答案 -2 0 解析 y=-(x-3)2+18,∵a ∴函数y在区间[a,b]上单调递增,即-b2+6b+9=9, 得b=0(b=6不合题意,舍去),由-a2+6a+9=-7, 得a=-2(a=8不合题意,舍去). 5.已知二次函数y=x2-4x+5,分别求下列条件下函数的最小值: (1)x∈[-1,0]; (2)x∈[a,a+1]. 解 (1)∵二次函数y=x2-4x+5的对称轴为x=2且开口向上, ∴二次函数在x∈[-1,0]上是单调递减的. ∴ymin=02-4×0+5=5. (2)当a≥2时,函数在x∈[a,a+1]上是单调递增的, ymin=a2-4a+5; 当a+1≤2即a≤1时,函数在[a,a+1]上是单调递减的,ymin=(a+1)2-4(a+1)+5=a2-2a+2;
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