金卷广东省茂名市届高三第二次模拟考试理综物理试题解析解析版.docx
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金卷广东省茂名市届高三第二次模拟考试理综物理试题解析解析版
二、选择题:
本题共有8小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
14、如图所示,金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂,处于竖直向上的匀强磁场中,棒中通以由M向N的电流,平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ,如果仅改变下列某一个条件,θ角的相应变化情况是
A.棒中的电流变大,θ角变大B.两悬线等长变短,θ角变小
C.金属棒质量变大,θ角变大D.磁感应强度变大,θ角变小
【答案】A
考点:
安培力;物体的平衡
【名师点睛】此题考查了安培力及物体的平衡问题;解题时对金属棒进行受力分析、应用平衡条件,根据安培力公式分析即可正确解题。
15、如图所示,欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A停止,可采用的方法是
A.在木块A上再叠放一个重物B.对木块A施加一个垂直斜面向下的力
C.对木块A施加一个竖直向下的力D.增大斜面的倾角
【答案】B
考点:
牛顿定律的应用
【名师点睛】本题关键根据物体做减速运动的条件,分析木块的合力方向,当合力方向与速度反向时,木块能做减速运动,可以停下来。
16、如图所示,水平虚线MN的上方有一垂直纸面向里的匀强磁场,矩形导线框abcd从MN下方某处以V0的速度竖直上抛,向上运动高度H后垂直进入匀强磁场,此过程中导线框的ab边始终与边界MN平行。
不计空气阻力,在导线框从抛出到速度减为零的过程中,以下四个图像中可能正确反映导线框的速度与时间的关系的是
【答案】C
【解析】
试题分析:
线框进入磁场前做竖直上抛运动,是匀减速直线运动,其v-t图象是向下倾斜的直线;进入磁场后,产生感应电流,除重力外,还要受到向下的安培力,根据牛顿第二定律,有mg+FA=ma
其中FA=BIL;
;E=BLv;解得:
,故进入磁场后做加速度减小的减速运动,故图线逐渐水平;故选C。
考点:
牛顿第二定律;电磁感应现象
【名师点睛】本题关键分进入磁场前和进入磁场后两个阶段进行分析,进入磁场后产生感应电流,除重力外,还要受到向下的安培力,根据牛顿第二定律列式求解出加速度的表达式进行分析讨论。
17、如图A、B、C、D、E、F、G、H分别为圆的直径与圆的交点,且直径AB、CD、EF、GH把圆周等分成八份.现在A、B两点分别放等量异种点电荷.对于圆周上的各点,其中电场强度相同且电势相等的两点是
A、C和DB、E和HC、G和HD、E和G
【答案】A
考点:
电场强度;电势
【名师点睛】本题关键根据等量异种电荷的电场线图,确定各点的场强方向和大小,还可以画出等势面,同时要注意,沿着电场线,电势降低。
18、空气分子处于强电场中会被电离为电子和正离子,利用此原理可以进行静电除尘.如图所示,是一个用来研究静电除尘的实验装置,铝板和缝被针分别与高压电源的正、负极连接,在铝板和缝被针中间放置点燃的蚊香。
闭合电源开关,升腾的烟雾会偏离缝被针而偏向铝板被吸附;断开电源开关,蚊香的烟雾又会袅袅上升。
假设偏转的烟雾微粒带电量不变,不计重力和阻力影响,关于这个现象,下列说法中正确的有
A.同一烟尘微粒偏向铝板过程中离铝板越近速度越小
B.同一烟尘微粒偏向铝板过程中离铝板越近速度越大
C.同一烟尘微粒偏向铝板过程中离铝板越近产生的加速度越大
D.对调铝板和缝被针与高压电源连接电极,则烟雾将偏向缝被针
【答案】B
考点:
静电除尘
【名师点睛】本题涉及静电除尘的原理,关键是电子容易被吸附到烟尘颗粒上,故烟尘颗粒会吸附带带正电的铝板上.
19、如图(甲)所示为一个小型电风扇的电路简图,其中理想变压器的原、副线圈匝数之比n1:
n2=10:
1,接线柱a、b接上一个正弦交变电源.电压随时间变化规律如图(乙)所示,输出端接有额定电压均为12V的灯泡和风扇电动机,电动机线圈电阻r=2Ω,接通电源后,灯泡正常发光,风扇正常工作,则
A.电阻R两端的电压是10V
B.通过风扇电动机的电流是6A
C.通过灯泡的交流电频率是100Hz
D.风扇突然卡住的瞬间,灯泡变暗
【答案】AD
【解析】
试题分析:
理想变压器原副线圈电压值与匝数成之比,故有:
,电阻两端的电压为:
UR=U2-U灯=10V,故A正确;电风扇与灯泡并联,故风扇两端的电压为12V,而电风扇为非纯电阻元器件,故电流为:
,故B错误;原线圈中交流电的频率为:
,变压器只改变电压,不会改变频率,故C错误;风扇突然卡主住,流过风扇的电流增大,故干路电流增大,电阻分的电压增大,灯泡两端的电压减小,故灯泡变暗,故D正确;故选AD。
考点:
变压器;交流电
【名师点睛】理想变压器是理想化模型,一是不计线圈内阻;二是没有出现漏磁现象,根据串并联电路关系及非纯电阻电路的特点即可求解。
20、有两颗行星A、B,在这两颗行星表面附近各有一颗卫星,若这两颗卫星运动的周期相等,则下列说法正确是
A.两颗卫星的角速度大小相等
B.两颗卫星的线速度大小相等
C.两颗卫星的质量相等
D.两颗行星的密度相等
【答案】AD
考点:
万有引力定律的应用
【名师点睛】本题要掌握卫星绕行星表面做匀速圆周运动时,万有引力提供向心力,可以计算出中心天体即行星的质量,再根据密度的定义式可计算出行星的密度.
21、如图所示,t=0时,质量为1kg的物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑,经过B点后进入水平面(经过B点前后速度大小不变),最后停在C点。
下表是每隔2s测出的物体瞬时速度,重力加速度g=10m/s2,则下列说法正确的是
t/s
0
2
4
6
V/(m·s-1)
0
8
12
8
A.t=3s时物体恰好经过B点
B.物体运动过程中的最大速度为12m/s
C.t=10s时物体恰好停在C点
D.B、C间的距离大于A、B间的距离
【答案】CD
考点:
匀变速直线运动的规律
【名师点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、速度位移公式,并能灵活运用,分析出第4s时在水平面上是解决本题的关键。
三、非选择题:
包括必考题和选考题两部分。
第22题~第32题为必考题,每个试题考生都必须作答。
第33题~第40题为选考题,考生根据要求作答。
(一)必考题(共129分)
22、如图(甲)所示是一根细而实心均匀导电材料,现要测这段导电材料的电阻率ρ。
(1)用刻度尺和螺旋测微器测量材料的长度L和直径d,测量直径时螺旋测微器示数如图(乙)所示,则d=_______mm。
(2)用电流表A1(量程100mA内阻约5Ω)、电流表A2(量程50mA内阻10Ω)、电源E(电动势2.0V内阻不计)、开关、滑动变阻器R(1A10Ω)和导线若干来测量材料的电阻Rx。
①在虚线框内画出实验电路图。
②写出计算电阻率公式ρ=____________(用测出的物理量表示)。
【答案】
(1)1.700;
(2)
实验电路如图所示;
考点:
伏安法测电阻
【名师点睛】本题考查了螺旋测微器读数、求金属丝的电阻率;螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数,螺旋测微器需要估读,读数时视线要与刻度线垂直.还考查了实验器材的选取,实验器材的选取是本题的难点,也是正确解题的关键,选择实验器材时,既要符合题目要求,又要满足:
安全性原则、精确性原则与方便实验操作性原则。
23、如图(甲)所示是使用电磁打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置,用这装置打出一些纸带。
(1)选用一条打点较清晰的纸带,测得第1、2点间的距离为6mm,出现这现象的原因是__________________。
(2)另选取一条符合实验要求的纸带,在第一个点上标O,在离O点较远的位置开始选取三个连续点A、B、C,如图(乙)所示。
已知打点计时器每隔0.02s打一次点,根据图上所得的数据,打B点时重锤的速度为_________m/s(保留三位有效数字),应取图中O点和________点来验证机械能守恒定律。
(3)根据实验得到的数据作出下落距离S与下落时间t2的关系如图(丙)所示,则由实验测得当地的重力加速度g=________m/s2,g值与实际相差较远的原因是__________________________。
【答案】
(1)先释放纸带,后接通电源;
(2)2.94,B;(3)9.2,振针阻力、空气阻力、摩擦阻力等阻力作用
考点:
验证机械能守恒定律
【名师点睛】理解该实验的实验原理,需要测量的数据等;明确打点计时器的使用;理解实验中的注意事项以及如何进行数据处理;对于任何实验注意从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚。
24、如图所示,在坐标系oxy的第一象限内有E=1.0×103V/m、方向沿y轴负方向的匀强电场,在第四象限有B=1T、方向垂直纸面向里长为10m、宽为1m紧贴x、y轴的匀强磁场。
现有质荷比
的带正电粒子从y轴上的A点以速度V0=2.0×103m/s沿x轴正向射出,进入磁场时速度方向与x轴方向成450角,粒子的重力忽略不计。
求:
(1)A点到坐标原点O的距离;
(2)粒子从A出发到最终离开磁场的时间。
【答案】
(1)2m
(2)3.57×10-3s
解得:
R=2
m
R-Rsin45°<1m
OD=v0t1+2Rsin45°<8m<3v0t1+2Rsin45°
所以粒子不会从下边界和右边界射出,且从磁场的上边界第一次射出后再不回磁场了,带电粒子在磁场中运动时间为:
粒子从A出发到最终离开磁场的时间为:
t=t1+t2=3.57×10-3s
考点:
带电粒子在匀强磁场中的运动
【名师点睛】熟悉类平抛运动的处理方式,把类平抛运动分解成相互垂直方向的匀速直线运动和初速度为0的匀加速直线运动,通过分运动的处理得到合运动的性质.画出轨迹,运用几何知识求出磁场中运动的半径,即可求出时间。
25、如图(甲)所示,一倾角为370的传送带以恒定速率运行。
现将一质量m=2kg的小物体以某一初速度放上传送带,物体相对地面的速度随时间变化的关系如图(乙)所示,取沿传送带向上为正方向,g=10m/s2,sin370=0.6,cos370=0.8.求:
(1)物体与传送带间的动摩擦因数;
(2)0~10s内物体机械能增量及因与传送带摩擦产生的热量Q.
【答案】
(1)0.875
(2)252J
考点:
动能定理及牛顿第二定律的应用
【名师点睛】本题一要读懂速度图象,根据图象分析物体的运动情况,求出位移和加速度,二要根据牛顿第二定律和功能关系求解相关的量,对于热量,要根据相对位移求解.
(二)选考题
33.[物理-选修3-3](15分)
(1)(6分)下列说法正确的是______(填正确答案标号,选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得6分。
每错选1个扣3分,最低得0分)。
A.分子间距离增大时分子势能一定增大
B.单晶体的物理性质是各向异性而非晶体的物理性质是各向同性
C.物体温度升高,物体内分子运动的平均速率增加
D.所有符合能量守恒定律的宏观过程都能真的发生
E.悬浮在液体中的微粒越小,布朗运动越明显
【答案】BCE
【解析】
考点:
分子势能;晶体;分子平均动能;布朗运动
【名师点睛】本题考查了热力学定律的理解和应用,要知道墒增加原理,明确布朗运动的实质和意义,掌握热力学第二定律的几种不同的说法是解答该题的关键。
(2)(9分)如图所示是小明自制的简易温度计。
在空玻璃瓶内插入一根两端开口、内横截面积为0.4cm2的玻璃管,玻璃瓶与玻璃管接口处用蜡密封,整个装置水平放置。
玻璃管内有一段长度可忽略不计的水银柱,当大气压为1.0×105Pa、气温为7℃时,水银柱刚好位于瓶口位置,此时封闭气体体积为480cm3,瓶口外玻璃管有效长度为48cm。
求
①此温度计能测量的最高气温;
②当气温从7℃缓慢上升到最高气温过程中,密封气体吸收的热量为3J,则在这一过程中密封气体的内能变化了多少。
【答案】①18.2℃②1.08J
【解析】
试题分析:
当水银柱到达管口时,达到能测量的最高气温T2,则
初状态:
T1=(273+7)K=280KV1=480cm3
末状态:
V2=(480+48×0.4)cm3=499.2cm3
由盖吕萨克定律
代入数据得T2=291.2K=18.2℃
水银移动到最右端过程中,外界对气体做功
W=-P0SL=-1.92J
由热力学第一定律得气体内能变化为△E=Q+W=3J+(-1.92J)=1.08J
考点:
盖吕萨克定律;热力学第一定律
考点:
盖吕萨克定律;热力学第一定律
【名师点睛】本题考查了求温度、内能的变化量,分析清楚气体状态变化过程,应用盖吕萨克定律、热力学第一定律即可解题。
34.[物理-选修3-4](15分)
(1)(6分)如图所示,一束由两种频率不同的单色光组成的复色光从空气斜射入某介质后的情况,则下列说法正确的是________(填正确答案标号,选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得6分。
每错选1个扣3分,最低得0分)。
A.在同种介质中a光传播的速度比b光的大
B.a光的光子能量比b光的大
C.从同种介质射入真空发生全反射时,a光的临界角比b光的小
D.a光的波长比b光的大
E.将两束光分别通过同一双缝干涉装置,a光产生的相邻亮条纹间距比b光的大
【答案】ADE
考点:
光的折射定律;光子能量;全反射;双缝干涉
【名师点睛】解决本题的突破口在于通过光线的偏折程度得出折射率的大小,以及知道折射率、频率、波长、临界角等大小之间的关系。
(2)(9分)有两列简谐横波a、b在同一媒质中沿x轴正方向传播,波速均为V=2.5m/s.在t=0时,两列波的波峰正好在x=2.5m处重合,如图所示.求:
①两列波的周期分别为多少?
②当t1=0.4s时,横波b的传播使质点P的位移为多少?
③t=0时,两列波的波峰重合处的所有位置。
【答案】①1s;1.6s②-0.02m③:
x=(2.5±20K)m,k=0,1,2,3,…
考点:
机械波的传播
【名师点睛】本题考查运用数学知识解决物理问题的能力.对于多解问题,往往要分析规律,列出通项表达式,解题时要防止漏解。
35.[物理-选修3-5](15分)
(1)(6分)下列说法正确的是________(填正确答案标号,选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得6分。
每错选1个扣3分,最低得0分)。
A.汤姆逊发现了电子,说明原子还可以再分
B.氢原子核外电子从半径较大轨道跃迁到半径较小轨道时,辐射光子
C.一个原子核在一次衰变过程中可同时放出三种α、β、γ射线
D.温度升高,原子核的半衰期变小
E.质子与中子结合成氘核的过程中释放能量
【答案】ABE
考点:
波尔理论;放射性衰变;半衰期;核能
【名师点睛】本题考查爱因斯坦的质能方程的应用,要注意影响半衰期因素,理解α、β衰变,没有γ衰变,但γ射线伴随着α或β衰变,掌握电子的跃迁,何时释放能量,何时又吸引能量。
(2)(9分)水平放置的光滑金属杆上套有物体,的正下方用长为的轻绳悬挂质量物体,、B均处于静止状态,现有质量的子弹以速度沿水平方向射入并留在中。
求:
①子弹射入后瞬间的共同速度?
②若子弹射入物体后一起向右摆动且上升的最大高度恰好与等高,则物体的质量多大?
【答案】①10m/s;②0.25kg
【解析】
试题分析:
①子弹击中B的过程,系统动量守恒,以子弹的初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:
mBv0=(mB+m)v,
代入数据解得:
v=10m/s;
②B和子弹一起上摆的过程中,ABC组成的系统动量守恒,根据动量守恒定律得:
(mB+m)v=(mA+mB+m)v′,
上摆过程中,根据能量守恒定律得:
(mB+m)v2=
(mA+mB+m)v′2+(mB+m)gL
解得:
mA=0.25kg
考点:
动量守恒定律及能量守恒定律
【名师点睛】本题主要考查了动量守恒定律以及能量守恒定律的直接应用,要求同学们能正确分析物体的受力情况,特别注意第2问中,B上升到最高点时,A具有水平方向速度,不能认为A不动。
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