中考数学试题及解析福建福州解析版.docx
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中考数学试题及解析福建福州解析版
福建省福州市2021年中考数学试卷—解析版
一、选择题(共10小题,每题4分,满分40分)
1、(2021•福州)6的相反数是( )
A、﹣6B、
C、±6D、
考点:
相反数。
专题:
计算题。
分析:
只有符号不同的两个数互为相反数,a的相反数是﹣a.
解答:
解:
6的相反数就是在6的前面添上“﹣”号,即﹣6.
故选A.
点评:
本题考查了相反数的意义,一个数的相反数就是在这个数前面添上“﹣”号;一个正数的相反数是负数,一个负数的相反数是正数,0的相反数是0.
2、(2021•福州)福州地铁将于2021年12月试通车,规划总长约180000米,用科学记数法表示这个总长为( )
A、0.18×106米B、1.8×106米C、1.8×105米D、18×104米
考点:
科学记数法—表示较大的数。
专题:
计算题。
分析:
科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数.确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.
解答:
解:
∵180000=1.8×105;
故选C.
点评:
此题考查科学记数法的表示方法.科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数,表示时关键要正确确定a的值以及n的值.
3、(2021•福州)在下列几何体中,主视图、左视图与俯视图都是相同的圆,该几何体是( )
A、
B、
C、
D、
考点:
简单几何体的三视图。
专题:
应用题。
分析:
主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看,所得到的图形.
解答:
解:
A、球的主视图、左视图、俯视图都是圆形;故本选项正确;
B、圆柱的主视图是长方形、左视图是长方形、俯视图是圆形;故本选项错误;
C、六棱柱的主视图是长方形、左视图是长方形、俯视图是正六边形;故本选项错误;
D、圆锥的主视图是三角形、左视图三角形、俯视图是圆形;故本选项错误;
故选A.
点评:
本题考查了简单几何体的三视图,掌握三视图的定义,是熟练解答这类题目的关键,培养了学生的空间想象能了.
4、(2021•福州)如图是我们学过的反比例函数图象,它的函数解析式可能是( )
A、y=x2B、
C、
D、
考点:
反比例函数的图象;正比例函数的图象;二次函数的图象。
专题:
推理填空题。
分析:
根据图象知是双曲线,知是反比例函数,根据在一三象限,知k>0,即可选出答案.
解答:
解:
根据图象可知:
函数是反比例函数,且k>0,答案B的k=4>0,符合条件,
故选B.
点评:
本题主要考查对反比例函数的图象,二次函数的图象,正比例函数的图象等知识点的理解和掌握,能熟练地掌握反比例的函数的图象是解此题的关键.
5、(2021•福州)下列四个角中,最有可能与70°角互补的角是( )
A、
B、
C、
D、
考点:
余角和补角。
专题:
应用题。
分析:
根据互补的性质,与70°角互补的角等于180°﹣70°=110°,是个钝角;看下4个答案,哪个符合即可;
解答:
解:
根据互补的性质得,70°角的补角为:
180°﹣70°=110°,是个钝角;
∵答案A、B、C都是锐角,答案D是钝角;∴答案D正确.
故选D.
点评:
本题考查了角互补的性质,明确互补的两角和是180°,并能熟练求已知一个角的补角.
6、(2021•福州)不等式组
的解集在数轴上表示正确的是( )
A、
B、
C、
D、
考点:
在数轴上表示不等式的解集;解一元一次不等式组。
专题:
数形结合。
分析:
分别解两个不等式,然后求它们的公共部分即可得到原不等式组的解集.
解答:
解:
解x+1≥﹣1得,x≥﹣2;解
x<1得x<2;∴﹣2≤x<2.
故选D.
点评:
本题考查了利用数轴表示不等式解集得方法.也考查了解不等式组的方法.
7、(2021•福州)一元二次方程x(x﹣2)=0根的情况是( )
A、有两个不相等的实数根B、有两个相等的实数根
C、只有一个实数根D、没有实数根
考点:
根的判别式;解一元二次方程-因式分解法。
专题:
计算题。
分析:
先把原方程变形为:
x2﹣2x=0,然后计算△,得到△=4>0,根据△的含义即可判断方程根的情况.
解答:
解:
原方程变形为:
x2﹣2x=0,
∵△=(﹣2)2﹣4×1×0=4>0,∴原方程有两个不相等的实数根.
故选A.
点评:
本题考查了一元二次方程ax2+bx+c=0,(a≠0)根的判别式△=b2﹣4ac:
当△>0,原方程有两个不相等的实数根;当△=0,原方程有两个相等的实数根;当△<0,原方程没有实数根.
8、(2021•福州)从1,2,﹣3三个数中,随机抽取两个数相乘,积是正数的概率是( )
A、0B、
C、
D、1
考点:
列表法与树状图法。
专题:
数形结合。
分析:
列举出所有情况,看积是正数的情况数占总情况数的多少即可.
解答:
解:
共有6种情况,积是正数的有2种情况,故概率为
,
故选B.
点评:
考查概率的求法;用到的知识点为:
概率=所求情况数与总情况数之比.得到积是正数的情况数是解决本题的关键.
9、(2021•福州)如图,以O为圆心的两个同心圆中,大圆的弦AB切小圆于点C,若∠AOB=120°,则大圆半径R与小圆半径r之间满足( )
A、
B、R=3rC、R=2rD、
考点:
切线的性质;含30度角的直角三角形;垂径定理。
分析:
首先连接OC,根据切线的性质得到OC⊥OB,再根据等腰三角形的性质可得到∠COB=60°,从而进一步求出∠B=30°,再利用直角三角形中30°角所对的边等于斜边的一半,可得到R与r的关系.
解答:
解:
连接OC,∵C为切点,∴OC⊥AB,
∵OA=OB,∴∠COB=
∠AOB=60°,∴∠B=30°,∴OC=
OB,∴R=2r.
故选C.
点评:
此题主要考查了切线的性质和直角三角形的性质,运用切线的性质来进行计算或论证,常通过作辅助线连接圆心和切点,利用垂直构造直角三角形解决有关问题.
10、(2021•福州)如图,在长方形网格中,每个小长方形的长为2,宽为1,A、B两点在网格格点上,若点C也在网格格点上,以A、B、C为顶点的三角形面积为2,则满足条件的点C个数是( )
A、2B、3C、4D、5
考点:
三角形的面积。
专题:
网格型。
分析:
根据三角形ABC的面积为2,可知三角形的底边长为4,高为1,或者底边为2,高为2,可通过在正方形网格中画图得出结果.
解答:
解:
C点所有的情况如图所示:
故选C.
点评:
本题考查了三角形的面积的求法,此类题应选取分类的标准,才能做到不遗不漏,难度适中.
二、填空题(共5小题,每题4分,满分20分;)
11、(2008•衢州)分解因式:
x2﹣25= (x+5)(x﹣5) .
考点:
因式分解-运用公式法。
分析:
直接利用平方差公式分解即可.
解答:
解:
x2﹣25=(x+5)(x﹣5).
点评:
本题主要考查利用平方差公式因式分解,熟记公式结构是解题的关键.
常出的错误有:
x2﹣25=(x﹣5)2,x2﹣25=x(x﹣5)(x+5),x2﹣25=(x﹣5)2=(x+5)(x﹣5),要克服.
12、(2021•福州)已知地球表面陆地面积与海洋面积的比约为3:
7.如果宇宙中飞来一块陨石落在地球上,则落在陆地上的概率是
.
考点:
几何概率。
专题:
计算题。
分析:
根据几何概率的求法:
看陆地的面积占总面积的多少即为所求的概率.
解答:
解:
根据题意可得:
地球表面陆地面积与海洋面积的比约为3:
7,
即相当于将地球总面积分为10份,陆地占3份,所以落在陆地上的概率是
.故答案为
.
点评:
本题考查几何概率的求法:
首先根据题意将代数关系用面积表示出来,一般用阴影区域表示所求事件(A);然后计算阴影区域的面积在总面积中占的比例,这个比例即事件(A)发生的概率.
13、(2021•福州)如图,直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠C=90°,则∠A+∠B+∠C= 270 度.
考点:
直角梯形;平行线的性质。
专题:
计算题;几何图形问题。
分析:
根据平行线的性质得到∠A+∠B=180°,由已知∠C=90°,相加即可求出答案.
解答:
解:
∵AD∥BC,∴∠A+∠B=180°,
∵∠C=90°,∴∠A+∠B+∠C=180°+90°=270°,
故答案为:
270.
点评:
本题主要考查对直角梯形,平行线的性质等知识点的理解和掌握,能求出∠A+∠B的度数是解此题的关键.
14、(2021•福州)化简
的结果是 m .
考点:
分式的混合运算。
专题:
计算题。
分析:
本题需先把(m+1)与括号里的每一项分别进行相乘,再把所得结果相加即可求出答案.
解答:
解:
=(m+1)﹣1=m
故答案为:
m
点评:
本题主要考查了分式的混合运算,在解题时要把(m+1)分别进行相乘是解题的关键.
15、(2021•福州)以数轴上的原点O为圆心,3为半径的扇形中,圆心角∠AOB=90°,另一个扇形是以点P为圆心,5为半径,圆心角∠CPD=60°,点P在数轴上表示实数a,如图.如果两个扇形的圆弧部分(
和
)相交,那么实数a的取值范围是 ﹣4≤a≤﹣2 .
考点:
圆与圆的位置关系;实数与数轴。
专题:
计算题。
分析:
两扇形的圆弧相交,界于D、A两点重合与C、B两点重合之间,分别求出此时PD的长,PC的长,确定a的取值范围.
解答:
解:
当A、D两点重合时,PO=PD﹣OA=5﹣3=2,此时P点坐标为a=﹣2,
当B、C两点重合时,PO=
=
=4,此时P点坐标为a=﹣4,
则实数a的取值范围是﹣4≤a<﹣2.
故答案为:
﹣4≤a≤﹣2.
点评:
本题考查了圆与圆的位置关系,实数与数轴的关系.关键是找出两弧相交时的两个重合端点.
三、解答题(满分90分;请将正确答案及解答过程填在答题卡相应位置.作图或添辅助线用铅笔画完,再用黑色签字笔描黑)
16、(2021•福州)
(1)计算:
;
(2)化简:
(a+3)2+a(2﹣a).
考点:
整式的混合运算;实数的运算;零指数幂。
专题:
计算题。
分析:
(1)不为0的实数的绝对值大于0,不为0的0次幂为1,
(2)完全平方与代数式分解,后合并同类项即得.
解答:
(1)解:
原式=4+1﹣4=1
(2)解:
原式=a2+6a+9+2a﹣a2=8a+9
点评:
本题考查了整式的混合运算,
(1)负数的绝对值取其正数,不为0的数的0次幂为1,.
(2)完全平方分解,合并同类项,即得.
17、(2021•福州)
(1)如图,AB⊥BD于点B,ED⊥BD于点D,AE交BD于点C,且BC=DC.求证:
AB=ED.
(2)植树节期间,两所学校共植树834棵,其中海石中学植树的数量比励东中学的2倍少3棵,两校各植树多少棵?
考点:
全等三角形的判定与性质;一元一次方程的应用。
专题:
应用题;证明题。
分析:
(1)根据已知条件可判断出△ABC≌△EDC,根据全等三角形的性质即可得出AB=ED,
(2)设励东中学植树x棵,可知海石中学植树2x﹣3颗,根据题意列出方程,解出x的值,即可得出结果.
解答:
(1)证明:
∵AB⊥BD,ED⊥BD
∴∠ABC=∠D=90°,
在△ABC和△EDC中
,
∴△ABC≌△EDC,
∴AB=ED;
(2)解:
设励东中学植树x棵,
依题意,得x+(2x﹣3)=834,
解得x=279,
∴2x﹣3=2×279﹣3=555,
答:
励东中学植树279棵,海石中学植树555棵.
点评:
本题考查了全等三角形的判定方法以及全等三角形的对应边相等,以及列方程解应用题,难度适中.
18、(2021•福州)在结束了380课时初中阶段数学内容的教学后,唐老师计划安排60课时用于总复习,根据数学内容所占课时比例,绘制如下统计图表(图1~图3),请根据图表提供的信息,回答下列问题:
(1)图1中“统计与概率”所在扇形的圆心角为 36 度;
(2)图2、3中的a= 60 ,b= 14 ;
(3)在60课时的总复习中,唐老师应安排多少课时复习“数与代数”内容?
考点:
条形统计图;统计表;扇形统计图。
分析:
(1)先计算出“统计与概率”所占的百分比,再乘以360°即可;
(2)根据数与代数所占的百分比,求得数与代数的课时总数,再减去数与式和函数,即为a的值,再用a的值减去图3中A,B,C,E的值,即为b的值;
(3)用60乘以45%即可.
解答:
解:
(1)(1﹣45%﹣5%﹣40%)×360°=36;
(2)380×45%﹣67﹣44=60;
故答案为36,60,14;
60﹣18﹣13﹣12﹣3=14;
(3)依题意,得45%×60=27,
答:
唐老师应安排27课时复习“数与代数”内容.
点评:
本题是一道统计题,考查了条形统计图、扇形统计图和统计表,是基础知识要熟练掌握.
19、(2021•福州)如图,在平面直角坐标系中,A、B均在边长为1的正方形网格格点上.
(1)求线段AB所在直线的函数解析式,并写出当0≤y≤2时,自变量x的取值范围;
(2)将线段AB绕点B逆时针旋转90°,得到线段BC,请在答题卡指定位置画出线段BC.若直线BC的函数解析式为y=kx+b,则y随x的增大而 增大 (填“增大”或“减小”).
考点:
待定系数法求一次函数解析式;一次函数图象与几何变换。
专题:
数形结合;函数思想。
分析:
(1)根据一次函数图象知A(1,0),B(0,2),然后将其代入一次函数的解析式,利用待定系数法求该函数的解析式;
(2)根据旋转的性质,在答题卡中画出线段BC,然后根据直线BC的单调性填空.
解答:
(1)设直线AB的函数解析式为y=kx+b
依题意,得A(1,0),B(0,2)
∴
解得
∴直线AB的函数解析式为y=﹣2x+2
当0≤y≤2时,自变量x的取值范围是0≤x≤1.
(2)线段BC即为所求.增大
点评:
本题综合考查了待定系数法求一次函数的解析式、一次函数图象与几何变换.解答此题时,采用了“数形结合”的数学思想,使问题变得形象、直观,降低了题的难度.
20、(2021•福州)如图,在△ABC中,∠A=90°,O是BC边上一点,以O为圆心的半圆分别与AB、AC边相切于D、E两点,连接OD.已知BD=2,AD=3.
求:
(1)tanC;
(2)图中两部分阴影面积的和.
考点:
切线的性质;正方形的判定与性质;扇形面积的计算;锐角三角函数的定义。
专题:
计算题。
分析:
(1)连接OE,得到∠ADO=∠AEO=90°,根据∠A=90°,推出矩形ADOE,进一步推出正方形ADOE,得出OD∥AC,OD=AD=3,∠BOD=∠C,即可求出答案;
(2)设⊙O与BC交于M、N两点,由
(1)得:
四边形ADOE是正方形,推出∠COE+∠BOD=90°,根据
,OE=3,求出
,根据S扇形DOM+S扇形EON=S扇形DOE,即可求出阴影部分的面积.
解答:
解:
(1)连接OE,
∵AB、AC分别切⊙O于D、E两点,∴∠ADO=∠AEO=90°,
又∵∠A=90°,∴四边形ADOE是矩形,
∵OD=OE,∴四边形ADOE是正方形,
∴OD∥AC,OD=AD=3,∴∠BOD=∠C,
∴在Rt△BOD中,
,∴
.
答:
tanC=
.
(2)解:
如图,设⊙O与BC交于M、N两点,
由
(1)得:
四边形ADOE是正方形,∴∠DOE=90°,
∴∠COE+∠BOD=90°,
∵在Rt△EOC中,
,OE=3,∴
,
∴S扇形DOM+S扇形EON=S扇形DOE=
,
∴S阴影=S△BOD+S△COE﹣(S扇形DOM+S扇形EON)=
,
答:
图中两部分阴影面积的和为
.
点评:
本题主要考查对正方形的性质和判定,锐角三角函数的定义,扇形的面积,切线的性质等知识点的理解和掌握,综合运用这些性质进行计算是解此题的关键.
21、(2021•福州)已知,矩形ABCD中,AB=4cm,BC=8cm,AC的垂直平分线EF分别交AD、BC于点E、F,垂足为O.
(1)如图1,连接AF、CE.求证四边形AFCE为菱形,并求AF的长;
(2)如图2,动点P、Q分别从A、C两点同时出发,沿△AFB和△CDE各边匀速运动一周.即点P自A→F→B→A停止,点Q自C→D→E→C停止.在运动过程中,
①已知点P的速度为每秒5cm,点Q的速度为每秒4cm,运动时间为t秒,当A、C、P、Q四点为顶点的四边形是平行四边形时,求t的值.
②若点P、Q的运动路程分别为a、b(单位:
cm,ab≠0),已知A、C、P、Q四点为顶点的四边形是平行四边形,求a与b满足的数量关系式.
考点:
矩形的性质;全等三角形的判定与性质;线段垂直平分线的性质;勾股定理;平行四边形的判定与性质;菱形的判定与性质。
专题:
几何综合题;动点型。
分析:
(1)先证明四边形AFCE为平行四边形,再根据对角线互相垂直平分的平行四边形是菱形作出判定;根据勾股定理即可求得AF的长;
(2)①分情况讨论可知,当P点在BF上、Q点在ED上时,才能构成平行四边形,根据平行四边形的性质列出方程求解即可;
②分三种情况讨论可知a与b满足的数量关系式.
解答:
(1)证明:
①∵四边形ABCD是矩形,
∴AD∥BC,
∴∠CAD=∠ACB,∠AEF=∠CFE,
∵EF垂直平分AC,垂足为O,
∴OA=OC,
∴△AOE≌△COF,
∴OE=OF,
∴四边形AFCE为平行四边形,
又∵EF⊥AC,
∴四边形AFCE为菱形,
②设菱形的边长AF=CF=xcm,则BF=(8﹣x)cm,
在Rt△ABF中,AB=4cm,
由勾股定理得42+(8﹣x)2=x2,
解得x=5,
∴AF=5cm.
(2)①显然当P点在AF上时,Q点在CD上,此时A、C、P、Q四点不可能构成平行四边形;
同理P点在AB上时,Q点在DE或CE上,也不能构成平行四边形.
因此只有当P点在BF上、Q点在ED上时,才能构成平行四边形,
∴以A、C、P、Q四点为顶点的四边形是平行四边形时,PC=QA,
∵点P的速度为每秒5cm,点Q的速度为每秒4cm,运动时间为t秒,
∴PC=5t,QA=12﹣4t,∴5t=12﹣4t,解得
,
∴以A、C、P、Q四点为顶点的四边形是平行四边形时,
秒.
②由题意得,以A、C、P、Q四点为顶点的四边形是平行四边形时,点P、Q在互相平行的对应边上.
分三种情况:
i)如图1,当P点在AF上、Q点在CE上时,AP=CQ,即a=12﹣b,得a+b=12;
ii)如图2,当P点在BF上、Q点在DE上时,AQ=CP,即12﹣b=a,得a+b=12;
iii)如图3,当P点在AB上、Q点在CD上时,AP=CQ,即12﹣a=b,得a+b=12.
综上所述,a与b满足的数量关系式是a+b=12(ab≠0).
点评:
本题综合性较强,考查了矩形的性质、菱形的判定与性质、勾股定理、平行四边形的判定与性质,注意分类思想的应用.
22、(2021•福州)已知,如图,二次函数y=ax2+2ax﹣3a(a≠0)图象的顶点为H,与x轴交于A、B两点(B在A点右侧),点H、B关于直线l:
对称.
(1)求A、B两点坐标,并证明点A在直线l上;
(2)求二次函数解析式;
(3)过点B作直线BK∥AH交直线l于K点,M、N分别为直线AH和直线l上的两个动点,连接HN、NM、MK,求HN+NM+MK和的最小值.
考点:
二次函数综合题;解二元一次方程组;待定系数法求二次函数解析式;抛物线与x轴的交点;图象法求一元二次方程的近似根;勾股定理。
专题:
计算题;代数几何综合题。
分析:
(1)求出方程ax2+2ax﹣3a=0(a≠0),即可得到A点坐标和B点坐标;把A的坐标代入直线l即可判断A是否在直线上;
(2)根据点H、B关于过A点的直线l:
对称,得出AH=AB=4,过顶点H作HC⊥AB交AB于C点,求出AC和HC的长,得出顶点H的坐标,代入二次函数解析式,求出a,即可得到二次函数解析式;
(3)解方程组
,即可求出K的坐标,根据点H、B关于直线AK对称,得出HN+MN的最小值是MB,过点K作直线AH的对称点Q,连接QK,交直线AH于E,得到BM+MK的最小值是BQ,即BQ的长是HN+NM+MK的最小值,由勾股定理得QB=8,即可得出答案.
解答:
解:
(1)依题意,得ax2+2ax﹣3a=0(a≠0),
解得x1=﹣3,x2=1,
∵B点在A点右侧,∴A点坐标为(﹣3,0),B点坐标为(1,0),
答:
A、B两点坐标分别是(﹣3,0),(1,0).
证明:
∵直线l:
,
当x=﹣3时,
,
∴点A在直线l上.
(2)解:
∵点H、B关于过A点的直线l:
对称,
∴AH=AB=4,
过顶点H作HC⊥AB交AB于C点,
则
,
,
∴顶点
,
代入二次函数解析式,解得
,
∴二次函数解析式为
,
答:
二次函数解析式为
.
(3)解:
直线AH的解析式为
,
直线BK的解析式为
,
由
,解得
,即
,则BK=4,
∵点H、B关于直线AK对称,
∴HN+MN的最小值是MB,
,
过点K作直线AH的对称点Q,连接QK,交直线AH于E,
则QM=MK,
,AE⊥QK,
∴BM+MK的最小值是BQ,即BQ的长是HN+NM+MK的最小值,
∵BK∥AH,
∴∠BKQ=∠HEQ=90°,
由勾股定理得QB=8,
∴HN+NM+MK的最小值为8,
答HN+NM+MK和的最小值是8.
点评:
本题主要考查对勾股定理,解二元一次方程组,二次函数与一元二次方程,二次函数与X轴的交点,用待定系数法求二次函数的解析式等知识点的理解和掌握,综合运用这些性质进行计算是解此题的关键,此题是一个综合性比较强的题目,有一定的难度.
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- 中考 数学试题 解析 福建 福州
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