届安徽省A10联盟高三联考化学试题解析版.docx
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届安徽省A10联盟高三联考化学试题解析版
安徽省A10联盟2018届高三11月联考化学试题
可能用到的相对原子质量H-1C-12O-16Na23Al-27S-32K-39Fe-56Ba-137Pb-207
第Ⅰ卷(选择题42分)
一、选择题(本大题共14小题,每小题3分,满分42分,每小题只有一个正确答案)
1.化学点亮生活,下列对生活中的化学理解正确的是
A.维生素C能帮助人体将Fe3+转化为易吸收的Fe2+,维生素C具有氧化性
B.节日燃放的烟花,是碱金属、锶、钡、铁等金属元素焰色反应呈现的
C.向雨水中加入少量硫酸铁溶液会使浑浊的雨水变澄清
D.赏心悦目的雕花玻璃是使用烧碱对玻璃刻蚀而成的
【答案】C
【解析】A.维生素C能帮助人体将Fe3+转化为易吸收的Fe2+,维生素C具有还原性,故A错误;B.铁的焰色呈无色,故B错误;C.硫酸铁水解产生氢氧化铁胶体,氢氧化铁胶体可以凝聚水中悬浮物,所以向雨水中加入少量硫酸铁溶液会使浑浊的雨水变澄清,故C正确;D.赏心悦目的雕花玻璃是使用氢氟酸对玻璃刻蚀而成的,故D错误。
故选C。
2.设NA为阿伏加德罗常数的值,下列说法确的是
A.常温下,22gCO2所含的共用电子对数目为NA
B.标准状况下,22.4LNO与11.2LO2混合后气体中分子总数小于NA
C.将1L0.1mol/LFeCl3溶液滴入沸水中,制得的Fe(OH)3胶粒数目为0.1NA
D.常温下,1L0.5mol/LNH4Cl溶液与2L0.25mol/LNH4Cl溶液中的NH4+数目相同
【答案】B
【解析】A.CO2分子含有4个共价键即4对共用电子对,22g即0.5molCO2所含的共用电子对数目为2NA,故A错误;B.标准状况下,22.4L即1molNO与11.2L即0.5molO2混合后,2NO+O2
2NO2,2NO2
N2O4,所得气体中分子总数小于NA,故B正确;C.Fe(OH)3胶粒是许多Fe(OH)3分子的集合体,所以将1L0.1mol/LFeCl3溶液滴入沸水中,制得的Fe(OH)3胶粒数目小于0.1NA,故C错误;D.稀释有利于盐类水解,常温下,1L0.5mol/LNH4Cl溶液与2L0.25mol/LNH4Cl溶液中的NH4+的水解程度,前者小于后者,所以NH4+数目前者大于后者,故D错误。
故选B。
3.下列物质按酸、碱、混合物、电解质的顺序组合的一组是
A.氢氟酸、纯碱、空气、液氨
B.硝酸、烧碱、水玻璃、硫酸钡
C.醋酸、熟石灰,胆矾、小苏打
D.硫酸、碱式碳酸铜、汽油、草木灰
【答案】B
4.常温下,下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是
A.无色透明溶液中:
Zn2+、SO42-、NH4+,Cl-
B.0.1mol/LNaHCO3溶液中:
Mg2+、Al3+、K+、NO3-
C.能使甲基橙变黄的溶液中:
Na+,CH3COO-、MnO4-、Fe3+
D.c(H+)/c(OH-)=1×1012的溶液中:
NO3-、I-、K+、Fe2+
【答案】A
【解析】A.无色透明溶液中:
Zn2+、SO42-、NH4+,Cl-一定能大量共存;B.Al3++3
(OH)3↓+3CO2↑,HCO3-与Al3+发生反应而不能大量共存;C.能使甲基橙变黄的溶液pH>4.4,酸性溶液中的H+与CH3COO-发生反应而不能大量共存,碱性溶液中的OH-与Fe3+发生反应而不能大量共存;D.c(H+)/c(OH-)=1×1012的溶液呈酸性,H+、NO3-、I-,H+、NO3-、Fe2+发生反应而不能大量共存。
故选A。
点睛:
溶液中的离子反应主要是生成沉淀、气体、难电离物质的复分解反应。
另外,少数离子反应属于氧化还原反应等。
5.工业上用铋酸钠(NaBiNO3)检验溶液中的Mn2+,反应方程式为:
4MnSO4+10NaBiO3+14H2SO4═4NaMnO4+5Bi2(SO4)3+3Na2SO4+口,下列说法不正确的是
A.口内的物质为水,配平系数为14。
B.若生成1molNaMnO4,则转移5mole-
C.反应方程式中的硫酸可换为盐酸
D.溶液中有Mn2+的现象是溶液变为紫红色
【答案】C
【解析】A.根据质量守恒定律判断口内的物质为水,配平系数为14,故A正确;B.NaMnO4~5e-,若生成1molNaMnO4,则转移5mole-,故B正确;C.盐酸可被NaBiO3氧化,故C不正确;D.该反应中Mn2+→
,溶液中有Mn2+的现象是溶液变为紫红色,故D正确。
故选C。
6.下表中,不能使Y通过化合反应得到W的是
选项
A
B
C
D
Y
Fe
SO2
Cu
SiO2
W
FeCl2
H2SO4
Cu2(OH)2CO3
H2SiO3
A.AB.BC.CD.D
【答案】C
【解析】A.2FeCl3+Fe
3FeCl2;B.O2+SO2+H2O
H2SO4;C.2Cu+O2+H2O+CO2=Cu2(OH)2CO3;D.不能使SiO2通过化合反应得到H2SiO3。
故选D。
7.下列实验操作、理象和结论均正确的是
选项
操作
现象
结论
A
向某溶液中加人NaOH溶液,并将红色石蕊
试纸置于溶液中
试纸变蓝
原溶液中有NH4+
B
向苏打和小苏打溶液中分别加入盐酸
均冒气泡
两者均能与盐酸反应
C
向某溶液中滴加氯水后,再加KSCN溶液
溶液变红
该溶液中一定有Fe3+
D
向某无色溶液中滴加BaCl2溶液
产生白色沉淀
该无色溶液中一定含有SO42-
A.AB.BC.CD.D
【答案】B
【解析】A.不可将红色石蕊试纸置于溶液中检验氨,故A操作不正确;B.实验操作、理象和结论均正确;C.应向某溶液中滴加KSCN溶液检验Fe3+,故C操作不正确;D.BaSO4、BaCO3、BaSO3都是白色沉淀,该无色溶液中可能含有SO42-、CO32-、SO32-等,故D结论不正确。
故选B。
8.四氯化钛是乙烯聚合催化剂的重要成分,制备反应如下:
①TiO2(s)+2Cl2(g)=TiCl4(g)+O2(g)△H1=+175.4KJ/mol
②C(s)+1/2O2(g)=CO(g)△H2=-110.45KJ/mol,下列说法正确的是
A.C的燃烧热为110.45KJ/mol
B.反应①若使用催化剂,△Hl会变小
C.反应①中的能量变化如图所示
D.反应TiO2(s)+2Cl2(g)+2C(s)=TiCl4(g)+2CO(g)△H=-45.5KJ/mol
【答案】D
【解析】A.C的燃烧热对应完全燃烧产物CO2,故A错误;B.使用催化剂不改变△H,故B错误;C.反应①是吸热反应,生成物能量高于反应物,故C错误;D.反应①+2②得TiO2(s)+2Cl2(g)+2C(s)=TiCl4(g)+2CO(g)△H=-45.5KJ/mol,故D正确。
故选D。
9.芳香烃C8H10的一氯代物的结构有(不考虑立休结构)
A.5种B.10种C.14种D.16种
【答案】C
【解析】芳香烃C8H10为乙苯时,一氯代物的结构有5种;芳香烃C8H10为邻二甲苯时,一氯代物的结构有3种;芳香烃C8H10为间二甲苯时,一氯代物的结构有4种;芳香烃C8H10为对二甲苯时,一氯代物的结构有2种。
共14种,故选C。
点睛:
在分析烃的一氯代物的结构时,实际上就是分析烃含有的氢原子的种类,也就是烃有几种氢原子,就有几种一氯代物。
10.25℃时,向1L0.2mol/LCH3COOH溶液中加入4.0gNaOH固体,(忽略溶液体积变化),下列关于所得溶液的说法正确的是
A.该溶液为0.1mol/LCH3COONa
B.若溶液pH<7,则CH3COONa的水解强于CH3COOH的电离
C.溶液中存在:
2c(H+)+c(CH3COOH)=c(CH3COO-)+c(OH-)
D.若溶液pH=6,则c(CH3COO-)=(0.1+10-6-10-8)mol/L
【答案】D
【解析】1L0.2mol/LCH3COOH溶液含有0.2molCH3COOH,加入4.0gNaOH的物质的量为0.1mol,结果一半CH3COOH被中和为CH3COONa。
A.该溶液为0.1mol/LCH3COONa和0.1mol/LCH3COOH的混合溶液,故A错误;B.若溶液pH<7,则CH3COONa的水解弱于CH3COOH的电离,故B错误;C.溶液中电荷守恒:
c(H+)+c(Na+)=c(OH-)+c(CH3COO-),元素守恒:
2c(Na+)=c(CH3COOH)+c(CH3COO-),消去(Na+)得2c(H+)-2c(OH-)=c(CH3COO-)-c(CH3COOH),故C错误;D.由2c(H+)-2c(OH-)=c(CH3COO-)-c(CH3COOH)和c(CH3COOH)+c(CH3COO-)=0.2mol/L得c(CH3COO-)=0.1mol/L+c(H+)-c(OH-),若溶液pH=6,c(OH-)=10-8mol/L,c(H+)=10-6mol/L,则c(CH3COO-)=(0.1+10-6-10-8)mol/L,故D正确。
故选D。
11.按下图所示的实验方案可从海洋动物柄海鞘中提取具有抗肿瘤活性的天然产物,下列每步实验所需的操作和装置均正确无误的是
选项
A
B
C
D
步骤
(1)
(2)
(3)
(4)
操作或装置
A.AB.BC.CD.D
【答案】B
【解析】A.玻璃棒应抵在三层滤纸处,故A错误;B.水层和有机层要用分液的方法分离,故B正确;C.要用蒸发皿蒸发溶液,故C错误;D.温度计水银球应置于蒸馏烧瓶支管口处,故D错误。
故选B。
12.现有短周期元素R、X、Y、Z、T、R与T原子最外层电子数均是电子层数的2倍,Y元素能与大多数金属和非金属元素形成化合物;Z+与Y2-电子层结构相同。
五种元素的原子半径如图所示,下列推断正确的是
A.Y、Z组成的化合物只含离子键
B.氢化物的沸点:
R
C.T的最高价氧化物的水化物酸性比R的强
D.Y和Z分别与T、X组成的二元化合物的水溶液一定呈中性
【答案】C
【解析】原子序数R R与T原子最外层电子数均是电子层数的2倍,R与T分别是碳和硫。 Y元素能与大多数金属和非金属元素形成化合物,Y是氧。 相应地,X是氮。 Z+与Y2-电子层结构相同,Z是钠。 A.Y、Z组成的化合物Na2O2含有离子键和共价键,故A错误;B.R的氢化物就是烃,不同烃沸点高低不同,有的烃沸点高于X、Y的氢化物,故B错误;C.强酸硫酸酸性强于弱酸碳酸,所以T的最高价氧化物的水化物酸性比R的强,故C正确;D.Y和Z分别与T、X组成的二元化合物的水溶液不一定呈中性,如NO2、SO2的水溶液呈酸性,故D错误。 故选C。 13.用氟硼酸(HBF4,属于强酸)代替硫酸作铅蓄电池的电解质溶液,可使铅蓄电池在低温下工作时的性能更优良,反应方程式为: Pb+PbO2+4HBF4 2Pb(BF4)2+2H2O,Pb(BF4)2为可溶于水的强电解质,下列说法正确的是 A.放电时,负极反应为: PbO2+4HBF4-2e-=Pb(BF4)2+2BF4-+2H2O B.充电时,当正极质量减少23.9g时转移0.2mol电子 C.放电时,PbO2电极附近溶液的pH增大 D.充电时,Pb电极的电极反应式为PbO2
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- 安徽省 A10 联盟 三联 化学试题 解析
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