学年四川省三台中学实验学校高一月考物理试题.docx
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学年四川省三台中学实验学校高一月考物理试题
★绝密启用前
三台中学实验学校2018年秋季9月月考
物理试题
注意事项:
1.本试卷满分100分.考试时间90分钟。
2.答题前,考生先将自己的准考证号、姓名、座位号用0.5毫米黑色签字笔填写清楚。
3.选择题使用2B铅笔填涂,非选择题用0.5毫米黑色签字笔书写,字体工整、笔迹清楚,按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。
Ⅰ卷(选择题,共54分)
一、本大题12小题,每小题3分,共36分.每小题只有一个选项符合题意
1.在研究下述运动时,能把物体看做质点的是( )
A.研究短跑运动员的起跑动作时
B.将一枚硬币用力上抛并猜测它落地时正面是朝上还是朝下时
C.研究无人机的飞行快慢时
D.研究汽车在上坡时有无翻倒的危险时
2.如图所示,飞行员跳伞后飞机上的其他飞行员(甲)和地面上的人(乙)观察跳伞飞行员的运动后,引发了对跳伞飞行员运动状况的争论,下列说法正确的是( )
A.他们的争论是由于选择的参考系不同而引起的
B.甲、乙两人的说法中必有一个是错误的
C.研究物体的运动时不一定要选择参考系
D.参考系只能是相对于地面静止的物体
3.在物理学研究过程中科学家们创造了许多物理学研究方法,如理想实验法、控制变量法、极限法、等效替代法、理想模型法、微元法等,以下关于所用物理学研究方法的叙述错误的是( )
A.根据速度定义式v=
,当Δt非常小时,
就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义采用了极限法
B.在不需要考虑物体的大小和形状时,用质点来代替实际物体采用了等效替代的方法
C.加速度的定义式为a=
,采用的是比值定义法
D.在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,这里采用了微元法
4.列车匀速前进,司机突然发现前方有一头牛在横穿铁轨,司机立即使列车制动,做减速运动,车未停下时牛已离开轨道,司机又使列车做加速运动,直到恢复原速,继续做匀速直线运动,列车运动的v-t图像应是( )
5.一物体以6m/s的速度沿一光滑倾斜木板从底端向上滑行,经过2s后,物体仍向上滑行,速度大小为1m/s.若增大木板倾角,仍使物体以6m/s的速度从底端向上滑行,经过2s后,物体向下滑行,其速度大小变为1m/s.以沿木板向上为正方向,用a1、a2分别表示物体在前后两种情况下的加速度,则以下选项正确的是( )
A.a1=-2.5m/s2,a2=-2.5m/s2
B.a1=-3.5m/s2,a2=-3.5m/s2
C.a1=-2.5m/s2,a2=-3.5m/s2
D.a1=3.5m/s2,a2=-3.5m/s2
6.一名短跑运动员在100m竞赛中,测得他5s末的速度为10.4m/s,10s末到达终点的速度是10.2m/s,则运动员在100m竞赛中的平均速度为( )
A.10.4m/sB.10.3m/sC.10.2m/sD.10m/s
7.某同学在实验室做了如图所示的实验,铁质小球被电磁铁吸附,断开电磁铁的电源,小球自由下落,已知小球的直径为0.5cm,该同学从计时器上读出小球通过光电门的时间为1.00×10-3s,则小球开始下落的位置距光电门的距离约为(取g=10m/s2)( )
A.1mB.1.25mC.0.4mD.1.5m
8.一列火车从静止开始做匀加速直线运动,一人站在第一节车厢前端的旁边观测,第一节车厢通过他历时2s,整列车厢通过他历时6s,则这列火车的车厢有( )
A.3节B.6节C.9节D.12节
9.在离地高h处,沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球,它们的初速度大小均为v,不计空气阻力,两球落地的时间差为( )
A.
B.
C.
D.
10.一小球沿斜面匀加速滑下,依次经过A、B、C三点,已知AB=6m,BC=10m,小球经过AB和BC两段所用的时间均为2s,则小球经过A、B、C三点时的速度大小分别是( )
A.2m/s,3m/s,4m/sB.2m/s,4m/s,6m/s
C.3m/s,4m/s,5m/sD.3m/s,5m/s,7m/s
11.关于伽利略对自由落体运动的研究,下列说法正确的是( )
A.伽利略认为在同一地点,重的物体和轻的物体下落快慢不同
B.伽利略猜想运动速度与下落时间成正比,并直接用实验进行了验证
C.伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动验证了位移与时间的平方成正比
D.伽利略用小球在斜面上运动验证了运动速度与位移成正比
12.一质点沿直线Ox方向做减速直线运动,它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=6t-2t3(m),它的速度v随时间t变化的关系为v=6-6t2(m/s),则该质点在t=2s时的瞬时速度和t=0到t=2s间的平均速度、平均速率分别为( )
A.-18m/s、-2m/s、6m/s
B.-18m/s、-2m/s、2m/s
C.-2m/s、-2m/s、-18m/s
D.-18m/s、6m/s、6m/s
二、本大题6小题,每小题3分,共18分.每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得3分,选对但不全的得1分,有选错的得0分.
13.沿直线做匀变速运动的一列火车和一辆汽车的速度分别为v1和v2,v1、v2在各个时刻的大小如表所示,从表中数据可以看出( )
t/s
0
1
2
3
4
v1/(m·s-1)
18.0
17.5
17.0
16.5
16.0
v2/(m·s-1)
9.8
11.0
12.2
13.4
14.6
A.火车的速度变化较慢B.汽车的加速度较小
C.火车的位移在减小D.汽车的位移在增加
14.物体做直线运动时可以用坐标轴上的坐标表示物体的位置,用坐标的变化量Δx表示物体的位移.一个物体从A运动到C,它的位移Δx1=-4m-5m=-9m;从C运动到B,它的位移Δx2=1m-(-4m)=5m.下列说法中正确的是( )
A.C到B的位移大于A到C的位移,因为正数大于负数
B.A到C的位移大于C到B的位移,因为符号表示位移的方向,不表示大小
C.因为位移是矢量,所以这两个矢量的大小无法比较
D.物体由A到B的位移Δx3=Δx1+Δx2
15.做直线运动的物体在t1、t3两时刻对应的纵坐标如图所示,下列结论正确的是( )
A.t1、t3两时刻速度相同
B.t1、t3两时刻加速度相同
C.t1、t3两时刻加速度等值反向
D.若t2=2t1,则可以求出物体的初速度为8m/s
16.雨滴从高空由静止下落,由于受到空气阻力作用,其加速度逐渐减小,直到变为零,在此过程中雨滴的运动情况是( )
A.速度逐渐减小,加速度为零时,速度最小
B.速度逐渐增大,加速度为零时,速度最大
C.速度的变化率越来越小
D.速度与加速度的方向相反
17.一小球从空中由静止释放,不计空气阻力(g取10m/s2).下列说法正确的是( )
A.第2s末小球的速度为20m/sB.前2s内小球的平均速度为20m/s
C.第2s内小球的位移为10mD.前2s内小球的位移为20m
18.一定质量的小球自t=0时刻从水平地面上方某处自由下落,小球与地面碰撞后反向弹回,不计空气阻力,也不计小球与地面碰撞的时间,小球距地面的高度h与运动时间t关系如图所示,g取10m/s2.则下列说法正确的是( )
A.小球第一次与地面碰撞前的最大速度为15m/s
B.小球第一次与地面碰撞后的最大速度为10m/s
C.在2~4s内小球走过的路程为10m
D.小球将在t=6s时与地面发生第四次碰撞
Ⅱ卷(非选择题,共46分)
三、本大题3小题,每空2分,共18分.把答案写在答题卷中对应题号后的横线上.
19.我国著名篮球运动员姚明在原地拍球,球从1m处拍下,又被地板弹回,在离地1.5m处被接住.规定竖直向下为正方向,则球通过的路程为m,位移为m.
20.如图所示,在水平面上固定着三个完全相同的木块,一粒子弹以水平速度v射入.若子弹在木块中做匀减速直线运动,当穿透第三个木块时速度恰好为零,则子弹依次穿入每个木块时的速度之比为,穿过每个木块所用时间之比为
21.如图所示,某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中,由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带,纸带上两相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s,其中x1=7.05cm,x2=7.68cm,x3=8.33cm,x4=8.95cm,x5=9.61cm,x6=10.26cm,则:
(1)打A点时小车的瞬时速度大小是________m/s,
(2)计算小车运动的加速度的表达式为a=________,加速度大小是________m/s2.(计算结果均保留两位有效数字)
(3)如果当时电网中交变电流的频率是f=49Hz,而做实验的同学并不知道,由此会引起的(选填“系统误差”或“偶然误差”)将使加速度的测量值比实际值偏___.(选填“大”或“小”)
四、本大题3小题,共28分.要求在答卷上写出必要的文字说明,重要的公式和明确的答案.
22.(8分)一辆卡车紧急刹车过程加速度的大小是5m/s2,如果在刚刹车时卡车的速度为10m/s,求:
(1)刹车开始后1s内的位移大小;
(2)刹车开始后3s内的位移大小和3s内的平均速度大小.
23.(10分)某物理小组进行如下实验:
如图所示,在光滑的水平轨道上停放相距x0=10m的甲、乙两车,其中乙车是风力驱动车.在弹射装置使甲车获得v0=40m/s的瞬时速度向乙车运动的同时,乙车的风洞开始工作,将风吹向固定在甲车上的挡风板,从而使乙车获得了速度,测绘装置得到了甲、乙两车的vt图像如图(b)所示,设两车始终未相撞.
(1)若甲车的质量与其加速度大小的乘积等于乙车的质量与其加速度大小的乘积,求甲、乙两车的质量比;
(2)求两车相距最近时的距离.
24.(10分)如图所示,水平地面O点的正上方的装置M每隔相等的时间由静止释放一小球,当某小球离开M的同时,O点右侧一长为L=1.2m的平板车开始以a=6.0m/s2的恒定加速度从静止开始向左运动,该小球恰好落在平板车的左端,已知平板车上表面距离M的竖直高度为h=0.45m。
忽略空气阻力,重力加速度g取10m/s2。
(1)求小车左端离O点的水平距离;
(2)若至少有2个小球落在平板车上,则释放小球的时间间隔Δt应满足什么条件?
三台中学实验学校2017年秋季高2017级9月月考物理试题答案
1.研究短跑运动员的起跑动作、抛出硬币落地时的上下面时,所研究对象的大小和形状不能忽略,故运动员和硬币都不能看做质点;研究汽车翻倒是转动问题,不能看做质点;研究飞机飞行快慢时,可把飞机看做质点.故C正确.
2.答案A解析甲、乙两人的争论是由于选择的参考系不同而引起的,A对,B错;研究物体的运动一定要选择参考系,C错;参考系的选择具有任意性,D错.
3.解析:
选B用质点代替实际物体采用的是理想模型法,而不是等效替代法,B错误,A、C、D选项均正确。
4.答案B
5.答案C
6.答案D
解析v=
=
m/s=10m/s.
7.答案B
8.答案C解析设一节车厢长为L,则L=
at
,nL=
at
.将t1=2s,t2=6s代入上面两式解得:
n=9,选项C正确.
9.解析:
选A根据竖直上抛运动的对称性,可知向上抛出的小球落回到出发点时的速度大小也是v,之后的运动与竖直下抛的物体运动情况相同。
因此上抛的小球比下抛的小球多运动的时间为:
t=
=
,A项正确。
10.解析:
选B根据物体做匀加速直线运动的特点,两点之间的平均速度等于时间中点的瞬时速度,故B点的速度就是全程的平均速度,vB=
=4m/s,又因为连续相等时间内的位移之差等于恒量,即Δx=at2,则由Δx=BC-AB=at2,解得a=1m/s2,再由速度公式v=v0+at,解得vA=2m/s,vC=6m/s,故选项B正确。
11.答案C
12.解析:
选A由速度v随时间t变化的关系式可得,t=2s时的瞬时速度为v=6m/s-6×22m/s=-18m/s,由位移x随时间t变化关系可知,在t=0到t=2s内发生的位移为Δx=-4m,所以t=0到t=2s间的平均速度为=
=-2m/s,质点经时间1s后速度减为0,在t=0到t=1s内发生的位移为x1=4m,所以从t=0到t=2s内发生的路程为s=12m,所以t=0到t=2s间的平均速率为=
=6m/s。
由以上分析可知,选项A正确。
13.解析:
选AD.由表中数据可得,火车的加速度大小a1=0.5m/s2,汽车的加速度大小为a2=1.2m/s2,故A正确、B错误;因火车和汽车的速度方向均不变,它们的位移均随时间增加,D正确、C错误.
14.答案BD
15.答案BD
解析由题图知,t1、t3两时刻的速度大小相同,但方向相反,A项错误;t1、t3两时刻图线斜率相同,加速度相同,B项正确,C项错误;若t2=2t1,由于v-t图线为直线,所以0~t1和t1~t2时间内速度的变化量Δv1=Δv2=-4m/s,可得v0=8m/s,D项正确.
16.答案BC解析雨滴做加速直线运动,加速度方向和速度方向相同,只要加速度不为零,速度就增大,加速度减到零时,雨滴速度最大,之后变为匀速,A、D错,B对;加速度即为速度的变化率,加速度减小,所以速度的变化率也减小,C对.
17.答案AD解析小球做自由落体运动,第2s末小球的速度为v=gt=10×2m/s=20m/s,故A正确;前2s内小球的位移为h2=
gt2=
×10×4m=20m;前2s内小球的平均速度为=
=
m/s=10m/s,故B错误,D正确;第1s内小球的位移为h1=
gt
=
×10×1m=5m;故第2s内小球的位移为Δh=h2-h1=20m-5m=15m,故C错误.
18.【答案】BC
小球做自由落体运动,由v2=2gh得小球第一次与地面碰撞前的最大速度v==m/s=20m/s,A错误;同理,小球第一次与地面碰撞后的最大速度v==m/s=10m/s,B正确;在2~4s内小球先上升5m,再下落5m,故小球走过的路程为10m,C正确;由图可知,由于小球与地面碰撞,有能量损失,在空中运动的时间越来越短,不到6s小球将与地面发生第四次碰撞,D错误.
19.2.5m,-0.5m
20.v1∶v2∶v3=∶∶1t1∶t2∶t3=(-)∶(-1)∶1
解析把子弹的运动看做逆向的初速度为零的匀加速直线运动.子弹由右向左依次“穿出”3个木块的速度之比为1∶∶.则子弹实际运动依次穿入每个木块时的速度之比v1∶v2∶v3=∶∶1,故B正确.子弹从右向左,通过每个木块的时间之比为1∶(-1)∶(-).则子弹实际运动穿过每个木块的时间之比为t1∶t2∶t3=(-)∶(-1)∶1,
21.解析:
由匀变速直线运动平均速度的推论可知,打计数点A时小车的速度为vA=
=
×10-2m/s≈0.86m/s;由匀变速直线运动相等时间位移差的推论可知,小车的加速度为a=
,代入数据可得a=0.64m/s2.
答案:
0.86
0.64系统误差大
22.答案
(1)7.5m
(2)10m
m/s
解析
(1)v0=10m/s,a=-5m/s2,t1=1s,x1=v0t1+
at
……2分
解得x1=7.5m.……1分
(2)设经时间t0停下
t0=
……1分,解得t0=2s
t2=3s时的位移大小等于前2s内的位移大小
x2=v0t0+
at
解得x2=10m……1分
3s内的平均速度=
……2分,解得=
m/s.……1分
(或由逆向思维法求刹车后3s内的位移x2=
at
=
×5×22m=10m.)
23.[解]
(1)由图像可知,vt=v0+at……1分a甲=
m/s2……1分
a乙=
m/s2……1分
由题知,甲车的质量与其加速度大小的乘积等于乙车的质量与其加速度大小的乘积,即
m甲a甲=m乙a乙
解得
=
.……1分
(2)在t1时刻,甲、乙两车的速度相等,均为v=10m/s,此时两车相距最近……2分
对乙车有v=a乙t1
对甲车有v=a甲(0.4s-t1)
解得t1=0.3s……1分
车的位移等于vt图线与坐标轴所围面积,有
x甲=
m……1分
x乙=
m……1分
两车相距最近时的距离为xmin=x0+x乙-x甲解得xmin=4.0m.……1分
24.[解]
(1)设小球自由下落至平板车上表面处历时t0,在该时间段内由运动学方程
对小球有:
h=
gt02①……2分
对平板车有:
s=
at02②……1分
由①②式并代入数据可得:
s=0.27m。
……1分
(2)从释放第一个小球至第二个小球下落到平板车上表面处历时Δt+t0,设平板车在该时间段内的位移为s1,由运动学方程有:
s1=
a(Δt+t0)2③……2分
至少有2个小球落在平板车上须满足:
s1≤s+L④……2分
由①~④式并代入数据可得:
Δt≤0.4s。
……2分
[答案]
(1)0.27m
(2)Δt≤0.4s
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- 学年 四川省 三台 中学 实验学校 一月 物理试题