名校中考物理复习第七单元压强浮力第12课时大气压强流体压强与流速的关系课时训练附2套中考模拟卷.docx
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名校中考物理复习第七单元压强浮力第12课时大气压强流体压强与流速的关系课时训练附2套中考模拟卷
课时训练(十二)大气压强流体压强与流速的关系
一、选择题
1.[2018·临
沂]下列小实验都与压强有关,其中能证明大气压强存在的是( )
图K12-1
2.[2018·天津]下列有关压
强知识的说法正确的是( )
A.马德堡半球实验证明了液体内部有压强
B.利用托里拆利实验可以测出大气压的值
C.随着大气压的减小,水的沸点会升高
D.在气体中流速越大的位置,压强越大
3.[2018·徐州]如图K12-2所示的汽车凹痕修复器,用气泵抽出吸盘中的空气,吸盘就会紧贴在汽车凹痕处,再用力向外拉,使凹痕平复,吸盘能紧贴在汽车上是因为( )
A.大气压的作用B.电荷间相互作用
C.磁极间相互作用D.人对吸盘的拉力
图K12-2
图K12-3
4.小明利用玻璃瓶、细管和带颜色的水自制了一个气压计和一个温度计(如图K12-3甲和
乙所示)。
下列说法错误的是( )
A.拿着甲图中的自制气压计上楼过程中,细管中的水柱会下降
B.如用一个细玻璃管在甲图细管口上方水平吹气,管中水柱会上升
C.把乙图中自制温度计放入冷水中,细管中的水柱会下降
D.用力捏乙图中自制温度计的小瓶,细管中的水柱会上升
5.在地铁站的站台上,当火车驶过时,若有人站在安全线以内就会非常危险,如图K12-4所示的各种情境与其原理不同的是( )
图K12-4
6.如图K12-5所示,以下四个关于“气体压强与流速的关系”的现象中,压强p1>p2的是( )
图K12-5
7.如图K12-6所示是央视新闻画面里“歼15”舰载机在“辽
宁号”航母上着舰瞬间的情景。
下列说法正确的是( )
图K12-6
A.舰载机飞向航母甲板时,以舰载机为参照物,航母甲板是静止的
B.舰载机着舰瞬间尾钩精准钩住拦阻绳,这是为了增大摩擦力
C.舰载机关闭发动机仍向前滑行一段距离,是因为舰载机受到惯性的作用
D.舰载机的机翼设计成上凸下扁,是为了使飞机获得升力
二、填空题
图K12-7
8.一瓶矿泉水重5N
,用手握住竖直的矿泉水瓶不动,如图K12-7所示,瓶受到的摩擦力方向______,大小为________N;当将手松开一些后,矿泉水瓶恰好在手中匀速下滑,这时瓶受到的摩擦力大小____
____(选填“小于”“大于”或“等于”)重力。
拧开瓶盖,将塑料吸管插入瓶中,能把矿泉水吸入口中,这是利用了________来工作的。
9.[2018·龙东]到云南旅游的北方游客在当地就餐时,经常会感觉米饭夹生不熟,是因为当地海拔较高,气压较_______
_(选填“高”或“低”),使水的沸点________(选填“升高”或“降低”)的缘故。
10.将烧瓶内的水加热至沸腾后移去火焰,水会停止沸腾,迅速塞上瓶塞,把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水(如图K12-8所示),你会观察到烧瓶内的水又沸腾起来,产生这一现象的原因是瓶内气体温度________,压强________,水的沸点________。
图K12-8
图K12-9
11.如图K12-9所示的实验装置可以测出大气压的值,这个实验最早是由意大利科学家________做的,在本实验中所用的液体是水银,水银的密度为13.6×103kg/m3,则他所测量的大气压的值约________Pa。
(最后一空采用科学计数法,小数点后保留三位小数
,g=9.8N/kg)
12.[2018·东营]校园里时常出现小“旋风”,当“旋风”经过时,旋涡中心气流的速度________(选填“大”或“小”),旋涡内部气体压强________
,容易把地面上的纸屑“吸”向空中。
13.[2018·云南]如图K12-10所示,沿B管向左快速吹气时A管中的水面将
________,这是因为A管上方空气________。
图K12-10
图K12-11
14.[2018·广州]如图K12-11所示,行驶中的汽车,车窗紧闭,当打开天窗时,天窗外空气流速________(选填“>”“=”或“<”)车内空气流速,天窗外空气的压强________(选填“>”“=”或“<”)车内空气的压强,所以车内空气被“抽”到车外。
15.小华家买了一辆赛车,如果赛车的重力为1.5×104N,轮胎与地面的总接触面积为1000cm2,则车子对水平地面的压强为________Pa。
赛车尾部都安装了“气流偏导器”,它的上表面平直,底部呈弧形凸起,相当于一个倒置的翅膀(如图K12-12所示)。
它是利用轿车在行驶过程中气体流速大的地方压强较________,从而________(选填“增大”或“减小”)了汽车对地面的压力。
图K12-12
三、简答题
16.[2018·龙东]如图K12-13所示,让两张纸固定在某处自由下垂,从上面向两张纸的中间吹气。
这两
张纸将会怎么运动?
为什么会出现这种现象?
图K1
2-13
17.[2018·自贡]如图K12-14所示,相信同学们都有过这样的经历:
下雨时,我们撑着一把伞步行在雨中,一阵大风吹来,雨伞往往会被向上吸起来。
请你用学过的物理知识解释这个现象。
图K12-14
参考答案
1.C 2.B 3.A 4.A 5.C
6.A [解析]A选项图中物体上表面平直,下表面向下弯曲,相同时间内,空气经过下方的路程比上方路程长,
下方空气流速大,压强小,即p1>p2,故A正确。
B选项图中物体上、下表面凸起程度相同,相同时间内,空气经过两表面的路程相同,速度相同,压强相同,即p1=p2,故B不正确。
C选项图中对着两张纸的中间吹气,两张纸中间的空气流速变大,压强变小,小于纸外侧的大气压,但外侧压强相同,即p1=p2,故C不正确。
D选项图中用漏斗从乒乓球上方吹气,乒乓球上方气流速度
大于下方的气流速度,则上方压强小于下方压强,即p1<p2,故D不正确。
7.D
8.竖直向上 5 等于 大气压
9.低 降低 10.降低 减小 降低
11.托里拆利 1.013×105
12.大 小 13.上升 流速大
14.> <
15.1.5×105 小 增大
[解析]车子对水平地面的压力F=G=1.5×104N,轮胎与地面的总接触面积S=1000cm2=0.1m2,车子对水平地面的压强p=
=
=1.5×105Pa。
由于气流偏导器上表面平直,下表面凸起,所以当赛车高速行驶时,流过气流偏导器上方的空气速度较慢,压强较大,而流过下方的空气速度较快,压强较小,向下的压强差会增加轿车对地面的压力,提高车轮的抓地性能。
16.向两张纸中间吹气时,两张纸会向中间靠拢。
因为流体流速越大的位置,压强越小,两张纸之间空气流速大,压强小,两张纸外侧空气流速小,压强大,使两张纸受到向内的压强差(或压力差),所以两张纸会向中间靠拢。
17.大风吹来时,伞上方的空气流速大于下方的空气流速,而气体流速较大的地方压强较小,因此伞下方的气压大于伞上方的气压,所以伞会被向上吸起来。
中考物理模拟试卷
一、选择题
1.如图,敲鼓面时放在鼓面上的小纸团跳起,用力敲时,纸团跳的高些.这个实验可以
A.说明物体振动能发音
B.说明物体能传播声音
C.说明音调与频率有关
D.说明声音能传递信息
【答案】A
【解析】根据题意知道,用鼓锤敲击鼓面,在听到鼓声同时,还可看见鼓面上小纸团在跳动,说明鼓声是由于鼓面的振动产生的;用力敲时,纸团跳的高些,鼓声的响度越大,表明鼓面的振幅越大,这个实验还说明响度跟振幅有关,振幅越大响度越大;综上所述,只有A符合题意.
2.下列光学器具中,根据光的折射规律制成的是
A.简易潜望镜B.穿衣镜C.放大镜D.汽车后视镜
【答案】C
【解析】潜望镜、穿衣镜都是平面镜,利用的是光的反射;放大镜是凸透镜,利用的是光的折射;汽车后视镜是凸面镜,利用的是光的反射,故只有C符合题意.
3.如图是探究焦耳定律的实验装置,通电前,A、B两个U型管的液面相平,通电一段时间后,通过R1、R2的电流分别为I1、I2,则
A.I1=l2,A管中的液面较低
B.I1>I2,A管中的液面较高
C.I1=l2,A管中的液面较高
D.I1<I2,A管中的液面较低
【答案】B
【解析】ACD、由图可知,右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联,并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以I1>I2,故A、C、D错误;
B、由
可知,通电时间相同时,I1>I2,R1=R2=5Ω,所以左侧容器中电阻丝产生的热量较多,密闭空气吸收热量后,体积不变,压强变大,左侧容器内气体的压强与大气压的差值较大,则A管中的液面较高,故正确。
故选B.
4.用轻质的细线将4N的物体系在标有“3V0.5W”的小电动机上,当小电动机接在3V的电源上时,恰好正常工作,10s内将物体匀速提升了1m,关于该过程下列说法错误的是
A.电流做了5J的功
B.消耗了5J的电能
C.有4J的电能转化为机械能
D.有4J的电能转化为内能
【答案】D
【解析】电动机工作过程中电流做功为W=Pt=0.5W×10s=5J,则消耗电能为5J;
其中转化为机械能的电能为W=Gh=4N×1m=4J,
所以ABC选项正确,D选项错误符合题意。
5.下列有关声现象和电磁波的说法正确的是
A.光在光导纤维中不断折射,把信息传递出去
B.3G或4G手机主要是使用电磁波传递数字信号的
C.吹笛子时按压不同位置的气孔,主要改变声音的响度
D.超声波比次声波在空气中的传播速度大
【答案】B
【解析】A.光在光导纤维中发生的是全反射而没有折射,故A错误;
B.手机发送与接收信号,是通过电磁波传递的,故B正确;
C.吹笛子时按压不同位置的气孔,主要改变空气柱的长短,进而改变音调,故C错误;
D.速度只与传播介质有关,与频率无关,故D错误.
6.今年2月21日,美丽的呼和浩特市大雪,当天一条微信是这样描述的:
“朝来晨光映白雪,午间戏水弄清波,笑看夕阳踏泥去,午夜出门还溜坡.(早晨玩雪,中午玩水、和泥,半夜溜冰)”对这个自然现象所包含的物理规律,下列描述正确的是
A.升华放热﹣﹣凝华吸热B.汽化放热﹣﹣液化吸热
C.熔化吸热﹣﹣凝固放热D.熔化吸热﹣﹣凝华吸热
【答案】C
【解析】微信描述的内容包含了自然现象中不同的物态变化:
雪是空气中的水蒸气遇冷由气态直接变为固态发生凝华形成的,凝华放热;雪吸收热量熔化成水;水凝固成冰,凝固放热;因此:
A.升华吸热,凝华放热,故A错误.
B.汽化吸热,液化放热,故B错误.
C.熔化吸热,凝固放热,故C正确,符合题意为答案.
D.熔化吸热,凝华放热,故D错误.
7..在“探究凸透镜成像的规律”实验中,蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示,烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。
则下列说法正确的是
A.照相机应用了这一成像规律
B.蜡烛燃烧一段时间后,光屏上的像会向下移
C.蜡烛不动,将透镜移至35cm处,移动光屏可能得到倒立的清晰像
D.更换一个焦距小的凸透镜,只移动透镜仍可在光屏上得到清晰的像
【答案】D
【解析】分析:
(1)凸透镜成像的规律及其应用:
当物距u>2f时,在光屏上得到倒立、缩小的实像,应用于照相机;当物距2f>u>f时,在光屏上得到倒立、放大的实像,应用于投影仪;当物距u<f时,成正立、放大的虚像,应用于放大镜;
(2)根据光线过透镜的光心不改变方向,判断蜡烛变短后,像的移动方向。
(3)u=f时,不成像;
(4)凸透镜成实像时的规律:
物近像远像变大,物远像近像变小。
解答:
A、由图可知,此时的像距大于物距,成倒立、放大实像,是投影仪的原理,故A错误;
B、蜡烛变短后,烛焰的位置向下移动,根据光线过透镜的光心不改变方向,像的位置向上移动,故B错误;
C、由图可知,物距为30cm,此时f<30cm<2f,则15cm<f<30cm;蜡烛不动,将透镜移至35cm处,此时的物距为15cm,等于焦距,不成像,故C错误;
D、当透镜换成一个焦距稍小一点的凸透镜实验时,此时相当于增大了物距,减小了像距,故可以将凸透镜向左移动,可以在光屏上呈现清晰的像,故D正确。
故选:
D。
【点睛】此题是探究凸透镜成像的规律,主要考查了实验的探究过程及成像规律的应用。
此题看似复杂,其实只要用心,仔细审题,并不难。
8.如图1所示,为医用氧气瓶.若以○表示氧气分子,用图2的方式代表容器内氧气的分布情况.病人吸完氧气并将其静置一段时间后(瓶内仍有剩余氧气),瓶内氧气分子分布为
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】用去瓶内氧气一部分,质量减少,还剩一定质量的气体,由于是气体,无论质量用去多少,剩余氧气的体积始终等于氧气瓶的容积不变.气体总是在扩散,做无规则运动,体积还是一钢瓶,故瓶内剩余氧气分布如图C所示.
9.用同一滑轮组匀速提升重力不同的物体,该滑轮组的机械效率与所提升物体重力G的关系图正确的是(不计绳重和摩擦力)
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】设提升物重的高度为h,故使用滑轮组做的有用功是:
W有用=Gh,若不计绳重和摩擦,则所做的额外功是:
W额=G轮h,总功是:
W总=W有用+W额=Gh+G轮h,滑轮组的机械效率是:
,由此可知,同一滑轮组动滑轮重一定,提起重物越重,其机械效率越高;并且G的变化大于G+G动的变化,所以η的变化小于G的变化,
由A图象知道,η随G增大而增大,且η变化小于G的变化,故正确;
由B图象知道,η随G增大而减小,但η变化大于G的变化,故错误;
由C图象知道,η与G成正比,故错误;
由D图象知道,η与G成反比,故错误.
10.下列关于生活用电的说法中错误的是()
A.使用测电笔时,人体要接触笔尾金属体,但绝不能接触笔尖金属体
B.控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间
C.家庭电路中空气开关跳闸,一定是由于电路短路引起的
D.安全用电要做到不接触低压带电体,不靠近高压带电体
【答案】C
【解析】用测电笔时,手必须要接触笔尾金属体,这样才能使测电笔发挥作用,但绝不能接触笔尖金属体,故A正确;家庭电路的开关应该装在火线上,这样可防止断开开关后用电器仍带电,故B正确;家庭电路中空气开关跳闸,是电路电流过大造成的,电流过大的原因是:
一是短路;二是用电器的总功率过大,故C错误;不接触低压带电体,不靠近高压带电体,符合安全用电原则,故D正确,故选C.
点睛:
本题考查的是安全用电知识、触电的应急措施的了解与掌握,可以加强用电安全意识,有利于自我保护.
二、填空题
11.小明用如图所示的动滑轮提起140N的水桶,动滑轮重20N(不计绳重和摩擦),小明拉绳子的动力为_____N;如果向水桶内再加入40N的水,提起时动滑轮的机械效率_____(选填“变大”、“变小”或“不变”).
【答案】80变大
【解析】分析:
不计绳重和摩擦,人拉绳子自由端的拉力
;用同一个滑轮组提升物体时,物重越大,效率越高.
解答:
由图可知,该滑轮为动滑轮,有两段绳子拉着动滑轮,不计绳重和摩擦,则拉绳子的动力:
;使用同一滑轮组,在提升高度相同时,所做的额外功不变,增加水的重力,增大了有用功,所以有用功在总功中所占的比例变大,机械效率会变大.
故答案为80;变大.
【点睛】本题考查了滑轮组绳子拉力的计算、机械效率的变化,属于基础知识.
12.有些刻度尺有刻度的一侧会逐渐向边缘变薄,从侧面看上去的形状如图所示,请从正确使用刻度尺的角度来谈谈这样做的好处:
_____。
图中物体的长度为_____cm。
【答案】便于刻度线贴近(或“紧靠”)被测物体2.80
【解析】试题分析:
刻度尺使用前要观察量程和分度值;要让刻度尺的刻度紧靠被测物体;刻度尺要放正;读数时视线要与尺面垂直;要估读到分度值的下一位;记录结果应包含数值和单位。
刻度尺的边缘变薄,使刻度线尽量的靠近被测物体。
考点:
长度的测量
13.如图,四个相同玻璃瓶里装水,水面高度不同,用嘴贴着瓶口吹气,如果能分别敲出“1(Do)”、“2(Re)”、“3(Mi)”、“4(Fa)”四个音阶,发声的声源是:
_____。
与“2(Re)”这个音阶相对应的瓶子的序号是_____。
【答案】空气柱乙
【解析】用嘴贴着瓶口吹气,声音是由不同长度的空气柱振动产生的,所以发声的声源是空气柱;
空气柱越短,其振动越快,发出声音的音调越高;
由图知,空气柱由长到短的排列是:
丙、乙、甲、丁,所以发出声音的音调由低到高的排列顺序是丙、乙、甲、丁,则与“2(Re)”这个音阶相对应的瓶子的序号是乙。
14.如图所示是灯泡
在不同电压下与所通过的电流的关系曲线.若将
串联在电源电压为6V的电路中,则通过灯
的电流是________A,灯
消耗的功率是________W.
【答案】0.40.1
【解析】两灯泡串联时通过它们的电流相等,两灯泡两端的电压之和等于电源的电压,从图像中得出满足条件的电流和电压,根据
求出灯L2消耗的功率.
【详解】将L1、L2串联在电源电压为6V的电路中时,因串联电路中各处的电流相等,且总电压等于各分电压之和,所以,由图像可知,当电路中的电流I=0.4A,U1=4V,U2=2V时符合,灯L2消耗的功率:
.
故答案为0.4;0.1.
【点睛】
本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用,关键是根据图像读出符合题意的电流和电压值.
15.某同学将两节新干电池接在如图所示的电路中,并用电压表测开关两端的电压.当开关断开时,电压表示数约为________V;当开关闭合时,电压表示数约为________V.
【答案】31
【解析】由电路图可知,两灯泡串联,电压表与开关并联;一节干电池的电压为1.5V,根据串联电路的电压特点可知电源的电压,根据串联电路的电压特点求出相应的电压值.
【详解】由电路图可知,两灯泡串联,电压表测开关两端的电压,当开关断开时,电压表串联在电路中,测的是电源电压.因串联电路中总电压等于各分电压之和,且一节干电池的电压为1.5V,所以两节新干电池组成电源的电压
,当开关闭合时,电压表被短路,相当于测开关两端的电压,示数约为1V.
故答案为3;1.
【点睛】
本题考查了串联电路的电压特点,关键是电压表所测电路元件的判断,要注意一节干电池的电压为1.5V.
16.足球比赛中球被运动员踢出去主要表现力可以改变物体的______;足球在向上飞行的过程中其质量将________、动能将______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
【答案】运动状态不变减小
【解析】足球被踢出后球的运动方向和速度都发生了变化,说明力改变了球的运动状态;质量是物体本身的一种属性,只有在所含物质的多少发生变化时才会改变,足球在向上飞行的过程中,质量不变,速度减小,动能减小。
17.如图所示,铁块的长度为_____cm。
【答案】2.50
【解析】由图知道,刻度尺1cm分为10个小刻度,即刻度尺的分度值为1mm;铁块左边对应的刻度值为1.00cm,右边对应的刻度值为3.50cm,所以,铁块长度是:
3.50cm﹣1.00cm=2.50cm。
18.爱米将手机的屏幕当平面镜使用。
她将手机靠近自己时,屏幕中的像的大小_____(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
她到屏幕的距离和像到屏幕的距离_____(选填“相等”或“不相等”)
【答案】不变相等
【解析】由平面镜成像的特点可知,镜中的像与物大小、距离相等,所以她将手机靠近自己时,屏幕中的像的大小不变,当他将平面镜靠近自己时,物距减小,像距也随之减小,则像离人的距离变小。
她到屏幕的距离和像到屏幕的距离仍然相等。
19.如图所示,在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花,快速压下活塞,可观察到棉花着火燃烧.此过程中活塞对筒内气体做功,气体的内能,这与四冲程汽油机的冲程的能量转化相同.某台汽油机飞轮的转速为2400r/min,在1min内,汽油机完成个工作循环.
【答案】增加;压缩;1200
【解析】试题分析:
改变物体内能的方式有做功和热传递;做功改变物体内能时,对物体做功物体内能增加;物体对外做功,物体内能减小;所以当活塞对筒内气体做功,气体的内能增加;在内燃机四个冲程中有两次能量转化,压缩冲程机械能转化为内能;做功冲程内能转化为机械能;所以活塞对筒内气体做功,气体内能增加这与四冲程汽油机的压缩冲程的能量转化相同.内燃机一个工作循环有4个冲程,活塞往复2次,曲轴转动2周,对外做功1次;即飞轮转动2周内燃机完成1个工作循环,所以某台汽油机飞轮的转速为2400r/min,在1min内,飞轮转动2400周,汽油机完成1200个工作循环.
【考点定位】内燃机的冲程及能量转化
三、作图题
20.如图所示,一束光线从水中斜射入空气,请画出反射光线和折射光线的大致方向;
【答案】
【解析】根据反射定律:
反射光线、入射光线、法线在同一个平面内,反射光线与入射光线分居法线两侧,反射角等于入射角,据此画出反射光线.
由折射定律:
折射光线、入射光线、法线在同一个平面内,折射光线、入射光线分居法线两侧,当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时,折射光线向法线偏折,折射角小于入射角;当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时,折射光线远离法线偏折,折射角大于入射角,据此画出折射光线.
【详解】图中已经画出法线,在法线左侧的水中画出反射光线,注意反射角等于入射角;
在法线的左侧空气中画出折射光线,注意折射角大于入射角.如图所示:
21.如图所示的水杯,在一个最小外力作用下所处于静止状态,作出此最小力的示意图.
【答案】见解析
【解析】根据题意,水桶在一个最小外力作用下保持静止,在力臂最长的情况下力最小.
如图水桶与地面接触点为支点,则水桶的最上沿作用动力的作用点,并以此作用点到支点的连线作为动力臂,此时力臂最长,最省力.
故连接水桶的右下角与左上角,然后过左上角作出垂直于此连线的动力F,方向斜向右,如图:
点睛:
作杠杆上的最小动力F,是常考的内容之一,方法是先确定力的作用点,以此作用点到支点的距离作为力臂,此时力臂最长,即力垂直于此连线时最省力.
四、实验题
22.小明在吉他演奏中发现,琴弦发出的音调与弦线的长度、粗细和张力有关。
于是他想
利用弦音计做研究,如图所示,其中a、b、c、d四根弦线的张力相同。
①若他选择b、d两弦线做实验,则研究的目的是探究音调与弦线_____的关系。
②若他要研究音调与弦线粗细的关系,则应选择_____和_____两弦线做实验。
③小明研究后得出结论:
在其他条件相同的情况下,弦线越长,发出的音调越低;弦线越粗,发出的音调越低。
请你据如图判断,在张力相同的情况下,分别按住A点、B点、C点后拨动琴弦,发出的音调最高的是按住_____点,最低的是按住_____点。
【答案】长度abAB
【解析】
(1)弦乐器的音调与弦的长短粗细和张力有关,在研究弦乐器的音调与哪些因素有关时,用到的实验方法为控制变量法,若他选择b、d两弦线做实验,两者的粗细和张力相同,所以研究的目的是探究音调与弦线长度的关系.若他要研究音调与弦线粗细的关系,应该控制他们的长度和张力相同,满足该条件的是a和b两弦线。
(2)按住AC两点比较,按住A点时弦较短,所以发出的音调较高的是按住A,发出的音调较低的是按住C按住BC两点比较,按住B点时弦较粗,所以发出的音调较高的是按住C,发出的音调较低的是按住B,所以分别按住A点、B点、C点后拨动琴弦,发出的音
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