解析版江苏省南通市高三第三次调研测试物理试题.docx
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解析版江苏省南通市高三第三次调研测试物理试题
南通市2021年高三第三次调研测试
物理试卷
注意事项
考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求
1.本试卷共6页,包含单项选择题(第1题~第5题,共15分)、多项选择题(第6题~第9题,共16分)、简答题(第10题~第12题,共42分)、计算题(第13题~第15题,共47分).本次考试满分为120分,考试时间为100分钟.考试结束后,请将答题纸交回.
2.答题前,请务必将自己的姓名、考试号等用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔填写在答题卡上.
3.请认真核对答题卡表头规定填写或填涂的项目是否准确.
4.作答非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置,在其它位置作答一律无效.作答选择题必须用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,请用橡皮擦干净后再选涂其它答案.
5.如有作图需要,可用2B铅笔作答,并请加黑加粗,描写清楚.
一、单项选择题.本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意.
1.如图所示,当风水平吹来时,风筝面与水平面成一夹角,人站在地面上拉住连接风筝的细线.则
A.空气对风筝的作用力方向水平向右
B.地面对人的摩擦力方向水平向左
C.地面对人的支持力大小等于人和风筝的总重力
D.风筝处于稳定状态时拉直的细线可能垂直于风筝面
考点:
共点力平衡的条件及其应用;物体的弹性和弹力.
专题:
共点力作用下物体平衡专题.
分析:
本题的关键是正确对风筝和人受力分析,风筝受到向下的重力、沿绳子方向的拉力以及垂直风筝向上的风力;人受到向下的重力、向上的支持力、绳子的拉力和水平向左的摩擦力,然后用正交分解法根据平衡条件分析即可.
解答:
解:
A、D、设细线与水平面的夹角为α,风力大小为F.先研究风筝,分析受力如图,
空气对风筝的作用力方向垂直于风筝的平面,风筝处于稳定状态时拉直的细线不可能垂直于风筝面.故AD错误;
根据平衡条件得:
B、对该同学分析受力可知,人受到重力、地面的支持力、绳子向右上的拉力和地面对人的摩擦力方向水平向左,故B正确.
C、对人和风筝整体研究,竖直方向上有:
(M+m)g=N+Fcosβ,β是风筝与水平面之间的夹角;
则得:
N=(M+m)g﹣Fcosβ<(M+m)g.故C错误.
故选:
B
点评:
对静力学问题关键是正确进行受力分析,注意本题中风力与风筝垂直向上,人受到的摩擦力是静摩擦力,方向水平向左.
2.如图所示,光滑的凸轮绕O轴匀速转动,C、D是凸轮边缘上的两点,AB杆被限制在竖直方向移动,杆下端A在O点正上方与凸轮边缘接触且被托住.图示位置时刻,AB杆下降速度为v,则
A.凸轮绕O轴逆时针方向旋转
B.凸轮上C、D两点线速度大小相等
C.凸轮上C、D两点加速度大小相等
D.凸轮上与杆下端接触点的速度大小一定为v
考点:
线速度、角速度和周期、转速.
专题:
匀速圆周运动专题.
分析:
由于AB杆下降,可知A点到圆心的距离在减小,故可判断凸轮的转动方向;判断C、D的线速度和加速度大小,可由两点的曲率半径结合线速度的表达式以及向心加速度表达式讨论解决;
解答:
解:
A、由于AB杆下降,可知A点到圆心的距离在减小,故可判断凸轮的转动方向为逆时针,故A正确.
B、凸轮上C、D两点角速度相等,但它们的曲率半径不同,由v=rω可得,线速度大小不相等,故B错误.
C、凸轮上C、D两点角速度相等,但它们的曲率半径不同,由
可得,加速度大小不相等,故C错误.
D、凸轮上与杆下端接触点的速度为线速度,与AB杆下降速度为v不是一回事,故D错误.
故选:
A
点评:
本题基于匀速圆周运动的基本规律,又高于平时见到的基本题目,体现物理的学以致用的原则,好题.
3.铺设海底金属油气管道时,焊接管道需要先用感应加热的方法对焊口两侧进行预热.将被加热管道置于感应线圈中,当感应线圈中通以电流时管道发热.下列说法中正确的是
A.管道发热是由于线圈中的电流直接流经管道引起的
B.感应加热是利用线圈电阻产生的焦耳热加热管道的
C.感应线圈中通以恒定电流时也能在管道中产生电流
D.感应线圈中通以正弦交流电在管道中产生的涡流也是交流电
考点:
法拉第电磁感应定律;*涡流现象及其应用.
专题:
电磁感应与电路结合.
分析:
高频焊接利用高频交变电流产生高频交变磁场,在焊接的金属工件中就产生感应电流,根据法拉第电磁感应定律分析电流变化的频率与焊缝处的温度升高的关系.焊缝处横截面积小,电阻大,电流相同,焊缝处热功率大,温度升的很高.
解答:
解:
高频焊接利用高频交变电流产生高频交变磁场,在焊接的金属工件中就产生感应电流,根据法拉第电磁感应定律分析可知,电流变化的频率越高,磁通量变化频率越高,产生的感应电动势越大,感应电流越大,焊缝处的温度升高的越快.
A、管道发热是由于线圈的作用,导致管道有涡流,故A错误.
B、感应加热是利用线圈变化的磁场,从而产生感应电场,形成涡流,故B错误;
C、感应线圈中通以正弦交流电在管道中产生的涡流也是交流电.故C错误,D正确.
故选:
D.
点评:
本题高频焊接是电磁感应原理的实际应用,根据电磁感应的普遍规律来分析、理解,并不难.
4.如图是气敏传感器的工作原理图,RCO是对一氧化碳(CO)敏感的二氧化锡半导体元件,其电阻随一氧化碳浓度的增加而减小,R是一可变电阻.在ac间接12V的恒定电压,be间接报警器.当环境中一氧化碳浓度增加到一定值时报警器发出警告.则
A.当一氧化碳的浓度升高时,b点的电势降低
B.减小R的阻值,可以提高气敏传感器的灵敏度
C.适当增大ac间的电压,可以提高气敏传感器的灵敏度
D.若ac间的电压减小可减小R的阻值使气敏传感器正常工作
考点:
传感器在生产、生活中的应用;电势差.
分析:
由电路图可知,定值电阻与传感器电阻串联,电压表测定值电阻两端的电压;如果测试时电压表示数越大,根据欧姆定律可知电路中的电流越大,说明酒精气体传感器的电阻越小,而酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的增大而减小,据此判断测试到的酒精气体浓度大小.
解答:
解:
A、由电路图可知,定值电阻与传感器电阻串联,当一氧化碳的浓度升高时,RCO减小,bc之间的电压等于变阻器两端的电压;
①增大.故b点的电势升高.故A错误;
B、C、由公式①得:
②,要提高气敏传感器的灵敏度,可以采用的方法有:
增大电源的电动势(ac之间的电压)、或增大变阻器R的电阻值.故B错误,C正确;
D、由②可得,若ac间的电压减小需要增大R的阻值使气敏传感器正常工作.故D错误.
故选:
C.
点评:
对于传感器,关键是理解其工作原理,本题首先要读懂题意,抓住电导与浓度的关系,列出表达式,其次利用欧姆定律研究电压表示数与浓度的关系.
5."双摇跳绳"是指每次在,双脚跳起后,绳连续绕身体两周的跳绳方法.在比赛中,高三某同学1min摇轻绳240圈,跳绳过程脚与地面接触的时间约为总时间的2/5,则他在整个跳绳过程中的平均功率约为
A.15W B.60W
ﻩC.120W D.300W
考点:
功率、平均功率和瞬时功率.
专题:
功率的计算专题.
分析:
由跳跃时间可算出腾空时间,下落时间为腾空时间的一半,进而由自由落体规律得到腾空高度,由腾空高度可算出克服重力的功,进而得到平均功率.
解答:
解:
高三某同学的质量约为50kg,
每次跳跃的时间:
腾空时间:
腾空高度:
h=
上升过程中克服重力做功:
W=mgh=50×10×0.1125J=56.25J
则跳绳的平均功率:
,最接近120W.
故选:
C
点评:
本题比较新颖,但是难度适中,重点掌握竖直上抛,自由落体的规律.
二、多项选择题.本题共4小题,每小题4分,共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分.
6.火星是太阳系内地球外侧的一颗行星,人类正计划用飞船载人登陆火星,探索火星移民的可能.下列说法中正确的是
A.火星上的"一年"时间比地球上的一年时间长
B.发射飞船的速度必须达到第三宇宙速度16.7km/s
C.不管飞船何时起飞到达火星通过的路程都相同
D.火星和地球相邻两次距离最近的时间间隔大于一年
考点:
万有引力定律及其应用.
专题:
万有引力定律的应用专题.
分析:
根据开普勒第三定律
,到太阳的距离r越大,周期越大.
发生飞船的速度达到第三宇宙速度16.7km/s时,飞船不仅脱离地球束缚,也要脱离太阳束缚.
由于地球和火星绕太阳运动的周期不一样,运动过程中,相对位置会不停的变化.
两星转过的角度之差△θ=2π时,火星与地球相邻再次相距最近,从而求出时间.
解答:
解:
A、根据开普勒第三定律
,火星的距离太阳比地球距离太阳远,故火星的公转周期比地球大,即火星上的“一年“时间比地球上的一年时间长,故A正确.
B、发生飞船的速度达到第三宇宙速度16.7km/s时,飞船不仅脱离地球束缚,也要脱离太阳束缚,要到达火星的发射速度必须小于16.7km/s,故B错误.
C、由于地球和火星绕太阳运动的周期不一样,运动过程中,有时越来越近,有时越来越远,故不同时间发射飞船,到达火星通过的路程不同,故C错误.
D、设地球绕太阳匀速圆周运动的周期为T,火星绕太阳匀速圆周运动的周期为T火.根据圆周运动的规律,地球再一次与火星相距最近的条件是
解得t=
,由于T火>T,所以t>T,即火星和地球相邻两次距离最近的时间间隔大于一年,故D正确.
故选:
AD.
点评:
本题考查万有引力定律的应用及天体的运行规律;关于天文学中的问题,要注意对题意的掌握,通过审题可以得出有用的信息,比如“火星是太阳系内地球外侧的一颗行星”说明火星距离太阳比地球距离太阳远.
7.如图所示,水平光滑长杆上套有小物块A,细线跨过O点的轻小定滑轮一端连接A,另一端悬挂小物块B,C为O点正下方杆上一点,滑轮到杆距离OC=h.开始时A位于P点,PO与水平方向的夹角为30°.现将A、B由静止释放,则
A.物块A由P点出发第一次到达C点过程中,加速度不断增大
B.物块B从释放到最低点过程中,动能不断增大
C.物块A在杆上长为2
h的范围内做往复运动
ﻩD.物块B的机械能最小时,物块A的动能最大
8.一半径为R的半球面均匀带有正电荷Q,电荷Q在球心O处产生物的场强大小EO=
方向如图所示.把半球面分为表面积相等的上、下两部分,如图甲所示,上、下两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为El、E2;把半球面分为表面积相等的左、右两部分,如图乙所示,左、右两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为E3、E4.则
A.E1>
B.E2=
C.E3>
D.E4=
考点:
电场强度.
专题:
电场力与电势的性质专题.
分析:
根据电场的叠加原理,分析半球壳在O点的场强方向,再比较场强的大小关系.根据E=k
,结合左右两侧球壳上点电荷到O点距离的关系,进行分析.
解答:
解:
根据点电荷电场强度公式E=k
,且电荷只分布球的表面,
对于图甲,虽表面积相同,但由于间距的不同,则上、下两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小关系为El>E2;
因电荷Q在球心O处产生物的场强大小E0=
则E1>
;
对于图乙,半球面分为表面积相等的左、右两部分,是由于左右两个半个球壳在同一点产生的场强大小相等,则根据电场的叠加可知:
左侧部分在O点产生的场强与右侧电荷在O点产生的场强大小相等,即E3=E4.由于方向不共线,由合成法则可知,E3>
;故AC正确,BD错误;
故选:
AC.
点评:
考查点电荷的电场强度的应用,知道电荷的分布,掌握矢量的叠加法则.
9.如图所示,范围足够大、磁感应强度为B的匀强磁场垂直于xoy平面向里,两质量相等的粒子带等量异种电荷,它们从x轴上关于O点对称的两点同时由静止释放,运动过程中未发生碰撞,不计粒子所受的重力.则
A.两粒子沿x轴做直线运动
B.运动过程中,若两粒子间的距离等于初始位置间的距离时,它们的速度均为零
C.运动过程中,两粒子间的距离最小时,它们的速度沿y轴方向的分量vy最大
D.若减小磁感应强度,再从原处同时由静止释放两粒子,它们可能会发生碰撞
考点:
带电粒子在匀强磁场中的运动.
专题:
带电粒子在磁场中的运动专题.
分析:
粒子在库仑引力作用下加速,在洛伦兹力下方向发生偏转,当两粒子间的距离等于初始位置间的距离时,静电力做功对两个电荷做功为零,根据动能定理分析速度;两个电荷均向上偏转,当两粒子间的距离最小时,向上偏转的距离最大,沿y轴方向的速度分量vy最大;若减小磁感应强度,由公式r=
分析轨迹的曲率半径的变化,判断能否发生碰撞.
解答:
解:
A、两个粒子在相互的库仑引力作用下,从静止开始加速,都受到向上的洛伦兹力而向上偏转,做曲线运动,故A错误.
B、两个粒子的速度大小情况相同.若两粒子间的距离等于初始位置间的距离时,静电力对两个粒子做功为0,根据动能定理可知它们的速度均为零.故B正确.
C、从开始运动到距离最小的过程,静电力一直做正功,动能都增大,速度与x轴的夹角不断增大,沿y轴方向的速度分量vy不断增大;当距离最小后,两者距离增大,静电力做负功,速率减小,vy不断减小,所以两粒子间的距离最小时,它们的速度沿y轴方向的分量vy最大.故C正确.
D、若减小磁感应强度,由公式r=
分析可知,轨迹的曲率半径变大,可能发生碰撞.故D正确.
故选:
BCD.
点评:
本题关键分析两个粒子的受力情况,来判断其运动情况,分析时,要抓住洛伦兹力与速率成正比的特点,由公式r=
分析轨迹的曲率半径的变化.
三、简答题:
本题分必做题(第10、11题)和选做题(第12题)两部分,共计42分.请将解答填写在答题卡相应的位置.
必做题
10.(8分)(1)如图甲所示,螺旋测微器读数为 mm.
(2)用如图乙所示的装置探究加速度与力、质量的关系.实验中,已通过调节长木板的倾角平衡了摩擦力.
①若小车的总质量为M,砝码和砝码盘的总质量为m(m< ②实验得到一条点迹清晰的纸带如图丙所示,选择某点为起始点O,隔一定距离后取连续打出的点A、B、C、D…,测出O到上述各点的距离分别为x1、x2、x3、x4…,计算OA、OB、OC、OD…段的平均速度大小分别为 、 、 、 ….以平均速度 为纵坐标,相应的运动时间t为横坐标,作出 -t图象如图丁所示,图线纵轴截距的物理意义是 ;如果图线的斜率为k,则小车的加速度大小为 . 考点: 探究加速度与物体质量、物体受力的关系. 专题: 实验题. 分析: 螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读. 当M≫m时,可认为小车受到合外力大小等于砝码乙和砝码盘的总重力mg. 分析 ﹣t图象的斜率的物理含义与加速度的关系. 解答: 解: (1)螺旋测微器的固定刻度为6.5mm,可动刻度为22.5×0.01mm=0.225mm,所以最终读数为6.5mm+0.225mm=6.725mm. (2)①当M≫m时,可认为小车受到合外力大小等于砝码乙和砝码盘的总重力mg. ②图线纵轴截距是0时刻对应的速度,即表示O点的瞬时速度. 各段的平均速度表示各段中间时刻的瞬时速度,以平均速度 为纵坐标,相应的运动时间t的一半为横坐标,即 的图象的斜率表示加速度a,则 ﹣t图象的斜率的2倍表示加速度,即a=2k. 故答案为: (1)6.725; (2)①mg;②O点的瞬时速度;2k. 点评: 解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法,以及掌握纸带的处理方法,会通过v﹣t图象求解加速度. 11.(10分)为了描绘小灯泡的伏安特性曲线,实验室可供选择的器材如下: A.待测小灯泡(6V 500mA) B.电流表A(0-0.6A内阻约0.5Ω) C.电压表V(0-3V 内阻5kΩ) D.滑动变阻器R1(0-lkΩ100mA) E.滑动变阻器R2(0-5Ω1.5A) F.电阻箱R3(0-9999.9Ω) G.直流电源E(约6V,内阻不计) H.开关S,导线若干 (1)将电压表量程扩大为6V,与它串联的电阻箱的阻值应调为 kΩ. (2)图甲中画出了实验的部分电路,请你补全电路图;滑动变阻器应选用 (选填"Rl"或"R2"). (3)实验中,变阻器滑动触头P在ab间移动时,发现小灯泡两端的电压只能在3.5V-6.0V间变化,则电路中出现的故障可能是 (4)排除故障后,测量出多组数据以灯泡两端的电压U为横轴,电流表的示数I为纵轴,描点作出小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示.若电压表V的实际阻值大于5kΩ,则小灯泡实际的伏安特性曲线应在所画图线的 (选填"上方"或"下方"). 考点: 描绘小电珠的伏安特性曲线. 专题: 实验题. 分析: 1、根据欧姆定律求解与电压表串联的电阻箱的阻值. 2、为使测量尽量准确,要求进行多次测量,滑动变阻器采用分压接法,选择小电阻; 3、实验中,变阻器滑动触头P在ab间移动时,发现小灯泡两端的电压只能在3.5V﹣6.0V间变化,即滑动变阻器没有采用分压式接法. 4、根据实验电路图可知,由于电压表的分流作用,导致测量的灯泡的电流值偏大,即相同电压情况下,灯泡实际电流比测量值偏小,因此II是真实的伏安特性曲线. 解答: 解: (1)电压表V(0﹣3V内阻5kΩ),将电压表量程扩大为6V, 根据欧姆定律应有: (R+5)× =6V, 代入数据可得R=5kΩ,即电阻箱的阻值应调为5kΩ. (2)为使测量尽量准确,要求进行多次测量,滑动变阻器采用分压接法,选择小电阻,即选R2, 由于灯泡电阻远小于电压表内阻,所以采用电流表外接法,电路图: (3)实验中,变阻器滑动触头P在ab间移动时,发现小灯泡两端的电压只能在3.5V﹣6.0V间变化,即滑动变阻器没有采用分压式接法. 则电路中出现的故障可能是ac间断路,即滑动变阻器变成了限流式接法. (4)若电压表V的实际阻值大于5kΩ,所以导致测量的灯泡的电压值偏大,即相同电流情况下,灯泡实际电压比测量值偏小, 则小灯泡实际的伏安特性曲线应在所画图线的上方. 故答案为: (1)5 (2)如图,R2 (3)ac间断路 (4)上方 点评: 解决本题的关键掌握器材选择的原则,以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别,电流表内外接的区别. 12.选做题(请从A、B和C三小题中选定两小题作答,并在答题卡上把所选题目对应字母后的方框涂满涂黑.如都作答,则按A、B两小题评分.) A.(选修模块3-3)(l2分) (1)下列说法中正确的是 A.两个系统相互接触而传热,当两个系统的内能相等时就达到了热平衡 B.分子间的距离为r0时,分子间作用力的合力为零,分子势能最小 C.一定质量的理想气体在压强不变的情况下其体积与摄氏温度成正比 D.单晶体中的原子都是按照一定的规则周期性排列的,因而原子是固定不动的 考点: 温度是分子平均动能的标志;分子势能;*晶体和非晶体. 专题: 内能及其变化专题. 分析: 温度相等是两个系统达到热平衡的标志; 分子力做正功分子势能减小;分子力做负功,分子势能增加;平衡距离时,分子势能最小; 由查理定律可知,压强不变时,体积与热力学温度成正比; 晶体中的原子都排列有一定规律,原子在其平衡位置附近振动. 解答: 解: A、两个系统相互接触传热,当温度相等时,达到了热平衡;故A错误; B、分子间距离为平衡距离时,分子间作用力的合力为零;分子势能最小;故B正确; C、压强不变时,体积与热力学温度成正比,故C错误; D、单晶体中的原子都是按照一定的规律周期性排列的,但原子并不是固定不动的,而是在其平衡位置附近振动;故D错误; 故选: B. 点评: 本题考查热平衡、分子势能、查理定律及晶体性质等,要注意明确组成晶体的原子并不是固定不动的,而是在平衡位置附近振动. (2)一定质量的理想气体从状态A经过等温膨胀到状态B,然后经过绝热压缩过程到状态C, ﻩ最后经过等压降温过程回到状态A.则状态A的体积 (选填"大于"、“等于”或"小于")状态C的体积;A到B过程中气体吸收的热量 ﻩ(选填"大于"、"等于"或"小于")C到A过程中放出的热量. 考点: 热力学第一定律;理想气体的状态方程. 专题: 热力学定理专题. 分析: C到A过程是等压降温过程,根据盖•吕萨克定律分析状态A和C的体积关系;作出p﹣V图象,对于整个过程,分析气体的做功,根据热力学第一定律分析A到B过程中气体吸收的热量与C到A过程中放出的热量关系. 解答: 解: 据题C到A过程是等压降温过程,根据盖•吕萨克定律 =c则知: 状态A的体积小于状态C的体积. 作出p﹣V图象,图线下方与V轴所围的面积表示气体做的功,则知A→B过程中气体对外做的功小于B→C→A过程外界对气体做功,根据热力学第一定律可知,从A→B→C→A整个过程中,气体放出热量,由于BC是绝热过程,所以A到B过程中气体吸收的热量小于C到A过程中放出的热量. 故答案为: 小于,小于. 点评: 对于气体,往往是气态方程和热力学第一定律的综合应用,关键要作出p﹣V图象,分析整个过程做功情况,运用热力学第一定律分析热传递情况. (3)深海潜水作业中,潜水员的生活舱中注入的是高压氮氧混合气体.该混合气体在1个标准大气压下、温度为T时的密度为ρ.当生活舱内混合气体的压强为31个标准大气压,温度为T时,潜水员在舱内一次吸入混合气体的体积为V. ①求潜水员一次吸入混合气体的质量m; ②若混合气体总质量的2.0%是氧气,氧气的摩尔质量为M,阿伏伽德罗常数为NA,求潜水员一次吸入氧气分子的个数N. 考点: 阿伏加德罗常数. 专题: 阿伏伽德罗常数的应用专题. 分析: (1)设1个标准大气压下体积为V0的混合气体压缩至31个标准大气压时的体积为V,根据玻意耳定律计算出1个标准大气压下的气体的体积,然后即可计算出潜水员一次吸入混合气体的质量m; (2)先计算出潜水员一次吸入的氧气的摩尔数,与阿伏伽德罗常数的乘积即为所求. 解答: 解: (1)设1个标准大气压下体积为V0的混合气体压缩至31个标准大气压时的体积为V,根据玻意耳定律得: P0V0=31P0•V 解得: V0=31V m=ρV0=31ρV (2)吸入氧气分子的个数: 答: ①求潜水员一次吸入混合气体的质量是31ρV;②潜水员一次吸入氧气分子的个数是 . 点评: 该题中,先根据玻意耳定律计算出1个标准大气压下的气体的体积是解题的关键.然后即可计算出潜水员一次吸入混合气体的质量. B.{选修模块3-4)(12分) (1)下列说法中正确的是 A.光从光导纤维的内芯射向外套时,只发生折射不发生反射 B.第四代移动通信系统(4G)采用1880MHz-2690MHz间的四个频段,该电磁波信号的磁感应强度随时间是均匀变化的 C.飞机远离卫星时,卫星接收到飞机的信号频率大于飞机发出的信号频率 D.狭义相对论中"动钟变慢",可通过卫星上的时钟与地面上的时钟对比进行验证 考点: 狭义相对论;全反射. 分析: 周期性变化的电场产生周期性变化的磁场,周期性变化的磁场产生周期性变化
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