强高考物理复习资料大全单元测试答案.docx
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强高考物理复习资料大全单元测试答案
单元测试答案
单元测试
(一)
1.D2.BD3.D4.C5.C6.C7.BC8.D9.
(1)0.415
(2)2.00
10.【解析】纸带移动速度υ=x2-x1T(n-1),又υ=ωr,因此ω=x2-x1
T(n-1)rT为电磁打点计
时器打点的时间间隔,但题中示标明T=0.02s,少数学生无法计算
(2)的结果,当打点计时器接在50Hz交流电上时,T才等于0.02s,若交流电的频率不是50Hz(如欧美、日本的交流电频率为60Hz),则T不等于0.02s.
11.【解析】如图1所示,A表示爆炸处,O表示观测者所在处,h表示云层下表面的高度。
用t1表示爆炸声直接传到O处所经时间,则有d=vt1①
用t2表示爆炸声经云层反射到达O处所经历时间,因为入射角等于反射角,故有
(d
2
)2+h2=vt2②已知t2-t1=Δt③
联立①②③式,可得:
1
2(vΔt)+2dvΔt
代入数值得h=2.0×103m郝
12.【解析】汽车在关闭油门减速后的一段时间内,其速度大于自行车的速度,因此汽车和
自行车之间的距离在不断缩小,当这个距离缩小到零时,若汽车的速度减至与自行车相同,则能满足题设的汽车恰好不碰上自行车的条件,所以本题要求的汽车关闭油门时离自行车的距离x,应是汽车从关闭油门减速运动,直到速度与自行车速度相等时发生的位移x汽与自行车在这段时间内发生的位移x自之差,如图2所示.汽车减速到4m/s时发生的位移和运动的时间分别为x汽=υ汽
2-υ自
22a100-16
2×6
m=7m
t=υ汽
-υ自
a=10-4
6
s=1s
这段时间内自行车发生的位移
x自=υ自t=4×1m=4m,
汽车关闭油门时离自行车的距离
x=x汽-x自=7m-4m=3m.13.【解析】工件放上传送带后,先加速,当速度达到传送带运动速度时,将经此速度匀速运动.设工件加速度为a,则222a(6-2a
×2=10,a=1m/s2
若传送带运动速度足够大,工件一直加速到B处,则时间最短,设为tmin,则122
min
=10tmin=2
5s图1
图2
此时工件速度υ=atmin=25m/s传送带运动速度应不小于此速度
若把速率再提高一倍,零件传送仍需5s.
单元测试
(二)
1.A2.B3.C4.BC5.A6.B7.CD8.D9.③将木块放在水平放置的木板上,用橡皮条水平拉动木块,
使木块在木板上匀速运动,测量出这时橡皮条的长度l2;μ=(l2-l0)/(l1-l0).10.
(1)C
(2)10;50
11.【解析】
(1)先以人为研究对象,人受重力G、地面对人的支持力FN、绳子的拉力FT三个力作用.由平衡条件可得:
FN+FT=G,而对物体有FT=G物=300N,由上述方程得FN=200N.由牛顿第三定律可知人对地面的压力FN'=200N.
(2)以B点为研究对象,其受力情况如图所示.将绳子的拉力F分解为两个力:
一个分力是对AB杆的拉力FAB、一个分力是对BC杆的压力FBC.对滑轮有:
F=2FT=600N,由题意及受力分解图可知:
30tan=︒=FFABN340030cos=︒
=
F
FBCN
12.【解析】
(1)当弹簧C未发生形变时弹簧B处于压缩状态,设压缩量为0x,根据平衡条件和胡克定律有kx0=mg,解得1
0kmgx=
(2)当弹簧C的右端点沿水平缓慢拉到b位置时,因弹簧B对物体A的拉力大小恰好等于A的重力,说明弹簧处于伸长状态,且伸长量101
mg
xxk==所以物体A上升的高度为01
22mg
hxk==绳中张力T=2mg弹簧C的伸长量222
2Tmg
xkk=
=
ab间的距离为212112()abhxmgkk=+=+13.【解析】
(1)取C点为研究对象进行受力分析如图甲所示:
由图可知,物体平衡时AC上的张力T1和
BC上的张力T2的关系:
T2=T1tan37°①
所以当AC上的张力为最大值120N时,BC上的张力小于120N因此计算中取T1=120N②
故重物的最大重力为1
=
=150Ncos37mTG
③
(2)在图甲中,设AB=s,由几何关系,绳长l=scos53°+scos37°=1.4s若将挂钩换成滑轮,则静止时C点位于AB的中垂线上,此时两根绳子的张力大小相相等对C点受力分析,如图乙所示,
由几何关系cosθ
=
≈0.7④由图示关系有重物的最大重力为2cosmGTθ=⑤故重物的最大重力为Gm=168N
单元测试卷(三)
1.BD2.AD3.A4.D5.C6.A7.C8.AD
9.光滑斜面的长度至少为lmin=2.04m,斜面的倾角为1.5010.m< (1)设飞艇在25s内下落的加速度为a1,根据牛顿第二定律可得11maFmg=-解得: 6.911=-=m Fmgam/s2 飞艇在25s内下落的高度为30002 1211==tahm (2)25s后飞艇将做匀减速运动,开始减速时飞艇的速度v为2401==tavm/s减速运动下落的最大高度为25002=hm 减速运动飞艇的加速度大小a2至少为52.1122 2 2 ==hvam/s2 设座位对大学生的支持力为FN,则mgagmFmamgFNN152.2)(22 =+==- NN FF-='即大学生对座位压力是其重力的2.15倍12.【解析】 (1)由位移公式22 1atx= 沿斜面方向,由牛顿第二定律得: maFmg=-θsin 13题图 4-9 联立并代入数值后,得NtxgmF802sin(2 =-=θ (2)在垂直斜面方向上,0cos=-θmgFN又NFFμ= 联立并代入数值后,得12.0cos== θ μmgF 13.【解析】 (1)由牛顿第二定律得: mamgF=-μ有: amF∆=∆所以,直线的斜率等于物体质量的倒数,即21=∆∆=F am kg-1 物体的质量m=0.5kg 直线与横轴交点表示物体刚要运动时,拉力F与摩擦力大小相等即摩擦力大小f=1N (2)由f=μmg得物体与水平面的摩擦因数 2.010 5.01 =⨯= μ(3)(题目要求: 当质量加倍时,物体刚要运动是拉力F=2N,直线的斜率变为1kg1 -) 作图如图示。 单元测试(四) 1.C2.C3.C4.B5.A6.BD7.BC8.AB9.BD 10. (1)①③②④ (2)D(3) (1)nt θ -,θ是n个点对应的圆心角,t是电火花计时器的打点时间间隔。 (4)没有影响 11.【解析】 (1)由于小孩无碰撞进入圆弧轨道,即小孩落到A点时速度方向沿A点切线方 向,则 00 tantan53y x vgt vvα= = =又由 212hgt=得0.4ts而4/y vgtm==联立以上各式得0 3/vms= (2)设小孩到最低点的速度为,由机械能守恒,有2200 11(1cos53)2 2 x mvmvmghR⎡⎤-=+-⎣⎦ 在最低点,据牛顿第二定律,有2 xN vFmgmR -= 代入数据解得FN=1290N 由牛顿第三定律可知,小孩对轨道的压力为1290N.12.【解析】在月球表面mgRMmG=2 ① 在高空 hRvm hRMmG +=+22 )( ②联立①和②式,解得h RgR v+= sm/10 26.01074.162 .11074.16 66⨯+⨯⨯ ⨯=)/1057.1(/15663smsm⨯=或 13.【解析】 (1)设此时盒子的运动周期为T0,因为在最高点时盒子与小球之间刚好无作用 力,因此小球仅受重力作用.根据牛顿运动定律得: 2 vmgmR=0 2RvTπ= 解之得: g RTπ20 = (2)设此时盒子的运动周期为T,则此时小球的向心加速度为: R T an224π=由第一问知: R Tg2 24π= 且2 0TT= 由上述三式知: gan4= 设小球受盒子右侧面的作用力为F,受上侧面的作用力为N,根据牛顿运动定律知: 在水平方向上: nFma=即: 4Fmg=在竖直方向上: 0Nmg+=即: Nmg=- 因为F为正值、N为负值,所以小球对盒子的右侧面和下侧面有作用力. 单元测试(五) 1.A2.BC3.C4.C5.B6.AD7.B8.B m 4-10 9.14 mghmghL ghmghL gh2 22 ,1∶3 10. (1)②接通打点计时器的电源,释放小车,关闭打点计时器的电源 (2)5.05~5.100.48~0.50(答案在此范围都得分)(3)重力(钩码的重力)摩擦力(阻力) (4)sv∝∆2 (速度平方的变化与位移成正比)小车的质量 11. 【解析】 (1)因水池面积很大,可忽略因木块压入水中所引起的水深变化,木块刚好完全没入水中时,图中原来处于划斜线区域的水被排开,结果等效于使这部分水平铺于水面,这部分水的质量为m,其势能的改变量为 mgaaHmgmgHE4 3)43(1=--=∆水大块势能的改变量为: mgamgHaHmgE2 1 )2(-=--=∆木 根据功能原理,力F所做的功: mgaEEW4 1 =∆+∆=木水 (2)因容器水面面积为2a2,只是木块底 面积的2倍,不可忽略因木块压入水中所引起的水深变化,木块刚好完全没入水中时,图中原来处于下方划斜线区域的水被排开到上方划斜线区域.这部分水的质量为m/2,其势能的改变量为: mgaE8 32 =∆水. 12.【解析】 (1)平抛所用时间为t= g h2,水平初速度为v=ght h2510=. (2)1min内喷出水的动能为Ek= 2 1mv2 =25mgh水泵提水,1min内水所获得的重力势能为Ep=mg(H+h) 1min内水泵对水所做功为W=Ek+Ep=mg(H+26h) (3)带动水泵的电动机的最小输出功率等于水泵输入功率P=η 60)26(hHmg+ 13.【解析】 (1)设滑雪者质量为m,斜面与水平面夹角为θ,滑雪者滑行过程中克服 摩擦力做功mgLsLmgmgsWμθμθμ=-+=)cos(cos.由动能定理可得: 22 1)(mVmgLhHmg=--μ 离开B点时的速度V= (2)滑雪者离开B点后做平抛运动,是落在台阶上呢? 还是落在台阶下呢? 题目没有明确说明,是模糊条件。 但可以用假设法分析求解。 设滑雪者离开B点后落在台阶上,则根据平抛运动的规律可得: hVtsgth22 121121<== 可解得)(1LhHhs--=此时必须满足hs21<即 hLH2<-μ 。 但当hLH2>-μ时,滑雪者直接落到地面上,22222 1Vtsgth== 可解得)(2LhHhs--= 单元测试(六) 1.B2.D3.B4.C5.C6.ABD7.ACD8.D9.V垂直于AB指向C4000m 10.qldL/22+ 11.由ababqUW=得VVqWUAA210 0.1100.28 8 =⨯-⨯-==--∞∞ 取0=∞ϕ,则VA2-=ϕ又VVqWUABAB 710 0.1100.78 8-=⨯-⨯==--VVVUABAB5)7()2(+=---=-=∴ϕϕ 12. (1)小球由A—B过程中,由动能定理得: mgLsin60°-qUAB=0所以UAB=3mgL/2q (2)E= qmgLLUAB /60 cos=- 13.【解析】 (1)由于带电粒子垂直于匀强电场射入,粒子初速度方向做匀速直线运动,设平行板板长为L,则有L=v0tL=1.5v0t2解得: t1: t2=3: 2 (2)设粒子的质量m,带电量为q,匀强电场场强为E,带电粒子两次在场强方向的 偏转位移分别为y1、y2,则有y112at12=qEl2 2mv0y212at22=qEl22m(1.5v0)由动能定理,得qEy1=2Ek-EkqEy2=Ek'94 Ek 解得: Ek'=97 36Ek≈2.7Ek 单元测试(七) 1.C2.B3.D4.BCD5.AC6.A7.C8.A9. (1)ACDFH (2)小随着电阻丝中的电流增大,温度升高,电阻率增大,电阻增大.10. (1)r1 (2)R1—2R2—r1(3)A11.【解析】系统加速度a向左时,m xka∆=2 其中△x为弹簧伸长量(压缩量),滑动臂向右移动△x xL E UU∆+ =01由上两式可以得到: kL maEUU201+=系统加速度a向右时,m xka∆=2 滑动臂向右移动△x,xL EUU ∆- =01 由上两式可以得到: kL maEUU201-= 12.【解析】 (1)由乙图可知,当R趋近无穷大时,E=12V,而当U=6V=E/2时,应有r=R=2Ω (2)当滑片滑到变阻器的最上端时,A、B两端输出电压最大值: VRr REU11222 2212 0max =⋅+=+= 当滑片滑到变阻器的最下端时,A、B两端输出电压最小为零,故A、B空载时输出电压的范围为0~11V.(3)当滑片滑到变阻器的最上端时,通过电源的电流恰好为最大电流2A时,A、B两端所接负载电阻最小。 AB AB RRRRrEI++= 00,解得: RAB=4.9Ω.13.【解析】 (1)传感器的电阻R传=U传2/P传=10Ω,传感器的额定电流I传=P传/U传=0.9/3A=0.3A, (2)要求电路各部分安全,则要求电路的最大电流I=I传=0.3A此时电源电压最大值Um=U传+U0 U传传感器的额定电压,U0为R0调至最大值Rom=10Ω时R0两端的电压,即: U0=I传R0m=0.3×10V=3V 所以电源电压的最大值Um=U传+U0=6V (3)设实际检测时加在a、b间的电压为U,传感器的实际电阻为R传',根据第一次实验记录数据由: U=R传'I1+U1,即: U=0.16×R传'+1.48根据第二次实验记录数据由: U=R传'I2+U2即: U=0.22×R传'+0.91解得: R传'=9.5Ω,U=3V 传感器的电阻变化为△R=R传—R传'=10Ω—9.5Ω≤0.5Ω此传感器仍然可以使用. 单元测试(八) 1.ABC2.B3.B4.D5.A6.AD7.C8.A9.垂直于线框各边且指向三角形外侧;零 10.B的一个分量垂直于v1向下,另一个分量平行于v1. 在第2个实验中v2、B、f2两两互相垂直;f2/qv211. (1)15A (2)12A 12.【解析】 (1)能通过速度选择器的粒子所受电场力和洛伦兹力等大反向. 即eB1v=eE v=6 .0102.15 1 ⨯=BEm/s=2×105m/s (2)粒子进入磁场B2后做圆周运动,洛伦兹力提供向心力. eB2v=mRv2R=e Bmv2 设质子质量为m,则氘核质量为2m, d= eBmv22×2一e Bmv2×2=5.2×l0-3m13.【解析】 (1)粒子从M到N过程作类平抛运动tvl02=,22 1atl=,由maqE = 代入解得: ql mvE22 0= (2)粒子在电场中逆电场方向偏转,粒子带负电,在磁场中顺时针转动,磁场方向垂直于纸面向里 (3)设粒子到达N点与x轴夹角为θ,则 tanvat= θ,将 (1)中相应式子代入得: 1tan=θ,︒=45θ,由几何关系,粒子 到达P点时与x轴夹角仍为︒45,OP=l ,速度0v 粒子在磁场中作匀速圆周运动,2 vqvBmR =,︒=45sin23Rl,023mvBql = 单元测试(九) 1.B2.A3.B4.AC5.D6.AC7.B8.D9.匀加速直线10.0.4m/s11.负 mgd nqS 12. (1)匀速运动 (2)222cos(sin)LaFmagtRr α αB=-+ ⋅+ (3) 13.【解析】 (1)从初始至两棒达到速度相同的过程中,两棒总动量守恒,有 mvmv20= ① 根据能量守恒,整个过程中产生的总热量 20 2204 1)2(2121mvvmmvQ=-= ② (2)设ab棒的速度变为初速度的4 3时,cd棒的速度为'v,则由动量守恒可知 '4 3 00mvvmmv+= ③ 此时回路中的感应电动势和感应电流分别为Blvv)'4 3(0-=ε④ π×π=,电动势的有效值为===, 125/35.25(V)EE/33.25/25(V)m R I2ε= ⑤此时cd棒所受的安培力IBlF= ⑥cd棒的加速度m Fa= ⑦由以上各式,可得mR vlBa402 2= ⑧ 单元测试(十) 1.C2.D3.B4.A5.C6.D7.ABD8.AD9.变暗10. (1)a (2)左(3)乙图中左边电源电压太低或者线的匝数太少或者弹簧的劲度系数太大.11.【解析】灯泡的电阻R=19.2Ω.设转子中产生的感应电动势的最大值为Em,则Em =NBS×2πn=20×0.5×1.41×10-2×2这样灯泡上的实际电压为U实=ER/(R+r)=24(V).灯泡电压等于实际电压,灯正常发 光. 12.【解析】由图乙查得,当温度等于20℃时,R的阻值为R1=4kΩ.当电流表示数为I1=2mA时: E=I1(Rg+R1;当电流表示数为I2=3.6mA时,设热敏电阻R的阻值为R2,则E=I2(Rg+R2),解得Rg=0.5kΩ,R2=2kΩ,由图乙查得,当R的阻值为R1=2kΩ时,温度等于120℃. 13.【解析】 (1)由于粒子在水平方向不受力的作用,做匀速直线运动,所以,S水平=V0t=2.5V0T (2)在0~T时间内粒子在沿场强方向做初速为零的匀加速直线运动,v1=at1= md UqT ;在T~2T时间内因U=0,粒子在沿场强方向做匀速直线运动,速度保持不变; 在2T~2.5T时间内,粒子在沿场强方向以v1开始做匀加速直线运动,v2=v1+at2=md UqTTmdUqmdUqT235.0=⨯+ 所以: v=2202220)23(mdUqTvvv+=+设v与水平方向的夹角为θ,则tanθ=0 0223mdvUqTvv= 单元测试题(十一) 1.B2.B.3.D.4.ACD5.B6.D7.B8.B9.接触上层下 10.AB还要测出小球半径摆长应为2 DL+应数到61次时周期数才是60个 11.【解析】从波向右传播知道,Q点开始振动的 方向是向下,周期正是1s. 波的传播速度为scmTv/20/==λ, 故从Q点传到P点还需要svxt5.0/==,要画的图象就从此时开始有,注意到振幅,可以作出下列振动图象12. (1)2g (2)g13.【解析】 (1)振幅为4cm,1s为25个周期,所以a的路程为4m (2)a、b在x轴上的距离大于一个波长,可以做出上面两个图形,从左图知a、b之间相距为(n+1/4)波长,右图知a、b之间相距(n+3/4)波长,所以得到两种系列波长分别为 )4/3/(6)4/1/(621+=+=nnλλ从而得到两个系列波速s mnfvsmnfv/)34/(600/)14/(6002111+==+==λλ )(Nn∈ 单元测试(十二) 1.A2.A3.A4.BD5.A6.C7.AD8.ACD9. (1)光路如图所示 (2)∠i和∠r(3)α sinsinin= 10. (1)相干 (2)11.416.7;减小测量的偶然误差(或提高实验的精确度)、6.6×10-7m(3)变小 11.【解析】 (1)根据爱因斯坦光电效应方程EK=hν—W,光子的频率为λ νc=.所以, 光电子的最大初动能为EK=λ hc-W,能以最短时间到达A板的光电子,是初动能 最大且垂直于板面离开B板的电子,设到达A板的动能为EK1,由动能定理,得eU=EK1一EK,所以EK1=eU+ λ hc -W. (2)能以最长时间到达A板的光电子,是离开B板时的初速度为零或运动方向平行于B板的光电子. 则dm Uetatd22 12 2==,得t=dUe m2 12.【解析】如所示,图12-12设水面为CF,A到水面点C的距离为L1,B灯与水面点 C之间的距离为L2,人眼到水面上点F之间的距离为L3,点C、D之间的距离为L4,由A灯光的反射 得 5 .05.15.05.015,443144++= -=-LLLLLLL 得L4=5m. 对B灯光的折射过程,有CBDi∠=sinsin2 2 255L+= DACr'∠=sinsin2 2 1 55+= 3 .111sinsin==nri, 解得: L2=4.35m.即灯在水面下4.35m深处.13.【解析】 (1)设每秒到达感光胶片的光能量为E0, 对于 λ=500nm的光子能量为E=hλ c ,① 因此每秒达到感
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