人教版八年级物理下册期末卷含答案.docx
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人教版八年级物理下册期末卷含答案
八年级(下)物理期末卷
一、选择题(每题3分,共30分)
1.(3分)体育活动中蕴含很多物理知识,下列说法正确的是( )
A.投出去的篮球在空中上升过程中,受到向上的力
B.用力扣杀排球时手感到疼痛,说明力的作用是相互的
C.踢出去的足球会停下来,说明物体的运动需要力来维持
D.击球时,球拍对羽毛球有力的作用,羽毛球对球拍没有力的作用
【解答】解:
A、投出去的篮球在空中继续上升,是由于篮球具有惯性,如果不计空气阻力,只受到重力作用,没有受到向上的力,故A错误;
B、用手击排球,手对球施加力,排球被击出;同时手感到疼,说明排球对手也施加了力,这个现象表明物体间力的作用是相互的,故B正确;
C、踢出去的足球会停下来,是因为足球受到了阻力的作用,不能说明物体的运动需要力来维持,故C错误;
D、物体间力的作用是相互的,击球时,球拍对羽毛球有力的作用,羽毛球对球拍也有力的作用,故D错误。
故选:
B。
2.(3分)同学们,根据你所学的物理知识,发挥你的想象,下列说法正确的是( )
A.假如没有大气压,人也能像平常一样用吸管吸饮料
B.假如没有重力,向上投出去的篮球也能落回地面
C.假如没有摩擦力,人将寸步难行
D.假如物体不受力的作用,物体一定做匀速直线运动
【解答】解:
A、用力吸气,吸管内的气压小于外界大气压,饮料在外界大气压的作用下,被压入口腔内,若没有大气压,则不能用吸管吸饮料,故A错误;
B、由于重力的方向是竖直向下的,所以抛出的物体最终会落回地面,这是由于物体受到重力作用。
若没有重力,向上投出去的篮球则不能落回地面,故B错误;
C、人能向前运动是利用地面对脚的摩擦力的作用造成的,假如没有摩擦力,人将寸步难行,故C正确;
D、若物体不受力的作用时,可能处于静止状态或匀速直线运动状态,故D错误;
故选:
C。
3.(3分)如图是中国航母“辽宁号”训练时舰载飞机飞行的图片。
下列说法中正确的是( )
A.飞机飞离航母前后所受浮力的大小不变
B.飞机起飞后航母底部受到水的压强会减小
C.飞机在航母甲板上加速飞行时,受到平衡力
D.飞机在起飞过程中,惯性将消失
【解答】解:
A、航母始终漂浮,浮力等于重力;航载飞机飞离航母前后,航母的总重力发生了变化,所以航母所受的浮力会发生变化,故A说法错误;
B、飞机起飞后,航母总重力减小,浮力减小,航母排开水的体积减小,所以航母底部的深度减小,其受到水的压强会减小,故B说法正确;
C、飞机在航母甲板上加速飞行时,运动状态不断变化,它受非平衡力作用,故C说法错误;
D、物体在任何时候都有惯性,飞机在起飞过程中,其惯性不可能消失,故D说法错误。
故选:
B。
4.(3分)取一片金属箔做成中空的桶,它可以漂浮在盛有水的烧杯中。
如果将此金属箔揉成团,它会沉入水底。
比较上述两种情况,则下列说法中正确的是( )
A.金属箔漂浮时受到的重力比它沉底时受到的重力小
B.金属箔漂浮时受到的浮力比它沉底时受到的浮力大
C.金属箔沉底时排开水的体积比它漂浮时排开水的体积大
D.金属箔沉底时受到的浮力等于它的重力
【解答】解:
题目中说的两种情况下,金属箔的多少没变,所以两种情况下的重力是相等的。
所以A说法错误。
因为金属箔做成中空的桶时,增大了排开水的体积,增大了浮力,浮力等于重力,所以物体漂浮在水面上。
而将金属箔揉成团,它的体积减小,排开水的体积减少,所以受到的浮力减小,小于重力,因此它会沉入水底。
所以CD说法错误,B说法正确。
故选:
B。
5.(3分)如图所示的是运动员在铅球比赛中的场景。
铅球离手后,在空中飞行过程中动能EK随时间t变化的曲线最接近的是( )
A.
B.
C.
D.
【解答】解:
如图,铅球在整个飞行过程中,质量不变,铅球一直在运动,动能不为零。
从出手到最高点过程中速度减小,此过程动能减小;在下落的过程中,速度不断增大,到达地面最大,此过程动能增大。
整个过程动能先减小再增大,故排除BD,处于最高点时竖直方向速度为0,但水平方向仍然有速度,因此动能不为0,故排除C。
故选:
A。
6.(3分)如图所示,小车从斜面上某一高度由静止开始滑下,撞击静止于水平木板上的木块(不计空气阻力).下列说法正确的是( )
A.小车在斜面上下滑的过程中,如果选择木板作为参照物,小车是静止的
B.小车从斜面上开始下滑到撞击木块后静止的过程中,小车的机械能先变大后变小
C.木块对木板的压力和木板对木块的支持力是一对平衡力
D.若木板的表面光滑且足够长,最终木块的动能将保持平衡
【解答】解:
A、小车在斜面上下滑的过程中,如果选择木板作为参照物,小车与木板之间的相对位置在不断发生变化,故小车是运动的,故A错误;
B、从斜面上开始下滑到撞击木块后静止的过程中,开始不计阻力,还有斜面的摩擦力。
所以机械能一直减小;故B错误;
C、木块对木板的压力和木板对木块的支持力是一对相互作用力,故C错误;
D、若木板的表面光滑且足够长,木块在水平方向不受摩擦力,将做匀速直线运动,动能不变,保持平衡,故D正确。
故选:
D。
7.(3分)如图所示,利用动滑轮提升一个重为G的物块,不计绳重和摩擦,其机械效率为60%.要使此动滑轮的机械效率达到90%,则需要提升重力为G的物块的个数为( )
A.3个B.4个C.5个D.6个
【解答】解:
不计绳重和摩擦,提升物体重力所做的功为有用功,提升物体重力和动滑轮重力所做的功为总功,
则动滑轮的机械效率:
η=
×100%=
×100%=
×100%=60%,
解得:
G动=
G,
设动滑轮的机械效率达到90%时提升物块的个数为n,
则η′=
×100%=
×100%=90%,
解得:
n=6。
故选:
D。
8.(3分)下列说法中正确的是( )
A.机械效率越大,功率越大
B.机械做功时,做的有用功越多,机械效率越大
C.机械做功时,工作时间越短,功率一定越大
D.利用机械做功时可以省力或省距离,但不能省功
【解答】A、机械效率高,说明有用功与总功的比值大,做功不一定快,故A错误。
B、因为机械效率是有用功与总功的比值,所以做功多的机械,其机械效率不一定高,故B错误。
C、功率的计算公式为:
P=
,功率的大小与做功多少和做功时间多少有关;故C错误;
D、由功的原理可知,利用机械做功时可以省力或省距离,但不能省功,故D正确。
故选:
D。
9.(3分)下列现象中,不能用“流体压强与流速关系”解释的是( )
A.风沿着窗外的墙面吹过时,窗口悬挂的窗帘会飘向窗外
B.用吸管把饮料吸进嘴里
C.大风会把不牢固的屋顶掀翻
D.护航编队各船只多采用前后行驶而并非并排行驶
【解答】解:
A、风沿着外墙吹过时,窗帘外侧空气流速大,压强小,内侧空气流速慢,压强大,窗帘受到向外的压强大于向内的压强,把窗帘压向窗户外面,能用“流体压强与流速关系”解释。
故A不合题意;
B、用吸管吸饮料是利用了大气压,吸时是先把管内空气吸走,这样在管内外就形成气压差,从而把饮料“压”进嘴里,不能用“流体压强与流速关系”解释。
故B符合题意;
C、大风会把不牢固的屋顶掀翻,即屋顶上面的空气流速大,压强小,而屋内空气流速小,压强大,所以使得屋顶在较大压强差的作用下被掀翻,能用“流体压强与流速关系”解释。
故C不合题意;
D、若两船靠得比较近且并排前进,两船之间的水流通道变窄,流速变大,压强变小,小于两船外侧的压强,便形成向内的压强差,容易发生撞船事故,能用“流体压强与流速关系”解释。
故D不合题意;
故选:
B。
10.(3分)把体积大小相同的软木球和铜球投入水中,当它们在水中静止时,其所受浮力( )
A.铜球大于木球B.木球大于铜球
C.铜球等于木球D.不能确定
【解答】解:
把体积大小相同的软木球和铜球投入水中,当它们在水中静止时,
因两球的状态无法确定,即排开水的体积大小无法比较,
所以,由F浮=ρgV排可知,两球受到的浮力关系不能确定。
故选:
D。
二、填空题(每空2分,共30分)
11.(6分)如图甲,用弹簧测力计吊一金属块逐渐浸入水中,乙图是这个过程弹簧测力计的示数F随金属块下表面在水中的深度h的变化情况。
由图可知,金属块质量是 0.6 kg,金属块所受最大浮力是 2 N,金属块下表面所受水的最大压强是 800 Pa(g取10N/kg)。
【解答】解:
①由图示图象可知,金属块的重力G=6N,
金属块的质量:
m=
=
=0.6kg;
②当h=6cm,金属块全部浸入水中时,所受浮力最大,此时,弹簧测力计的拉力F拉=4N,
金属块受的浮力F浮=G﹣F拉=6N﹣4N=2N;
③由右图图象可知,金属块浸入水中的最大深度为h=8cm=0.08m,
则金属块受到水的最大压强:
p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa。
故答案为:
0.6;2;800。
12.(6分)苹果熟了受到重力会从树上落下,重力的方向是 竖直向下 ;苹果对地球 一定有 (填“一定有”、“没有”或“可能有”)吸引力,理由是 物体间力的作用是相互的 。
【解答】解:
①熟透了的苹果会自动从树上竖直下落,是因为苹果受到了竖直向下重力的作用;
②物体间力的作用是相互的,地球对苹果有吸引力,同时苹果对地球一定有吸引力。
故答案为:
竖直向下;一定有;物体间力的作用是相互的。
13.(4分)如图所示,大玻璃窗户的清洁可由“自动擦窗机器人”来完成。
擦窗机器人的吸盘能“吸”住光滑玻璃,是利用了 大气压 。
擦窗机器人是利用 摩擦力 (大气压/摩擦力)在竖直玻璃板上行走的;擦窗机器人静止在竖直玻璃板上,若真空泵将吸盘内的空气继续向外抽出,则擦窗机器人受到的摩擦力 不变 (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
【解答】解:
(1)当擦窗机器人的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时,内部气体压强减小,它在外界大气压的作用下被告牢牢吸在竖直玻璃上。
(2)擦擦窗机器人在竖直玻璃板上行走时,具有向下运动的趋势,受到竖直向上的摩擦力,所以是利用摩擦力在竖直玻璃板上行走的;
(3)擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时,处于平衡状态,竖直方向受到的重力和摩擦力是一对平衡力,二力大小相等,当真空泵继续向外抽气时,机器人的重力不变,则擦窗机器人受到的摩擦力不变。
故答案为:
大气压;摩擦力;不变。
14.(8分)某桥梁设计图如图所示。
桥墩长和宽均为1m,高为10m的长方体。
(1)若每一块桥板的体积为80m3,桥板材料的密度为2.5×103kg/m3,桥板对每个桥墩的压力是 1×106 N,每个桥墩受到桥面的压强为 1×106 Pa。
(2)当桥下的水流动时,水对桥墩侧面的压强会因水的流动而变 小 。
当桥下的水不流动时,若水底到水面的距离为2m,桥墩底部受到水的压强为 2×104 Pa。
【解答】解:
(1)根据ρ=
可得,一块桥板的质量:
m=ρV=2.5×103kg/m3×80m3=2×105kg,
则一块桥板的重力:
G=mg=2×105kg×10N/kg=2×106N,
桥板对每个桥墩的压力:
F=
=
=1×106N,
每个桥墩受到桥面的压强:
p=
=
=1×106Pa;
(2)当桥下的水流动时,桥墩侧面的水流速变大,水对桥墩侧面的压强变小。
桥墩底部受到水的压强:
p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×2m=2×104Pa。
故答案为:
(1)1×106;1×106;
(2)小;2×104。
15.(2分)水平地面上一静止木箱重800N,某人用50N的水平推力推动木箱前进10m,撤消推力后木箱又继续前进了2m,全过程中,水平推力做的功是 500 J。
【解答】解:
由题意可知,水平推力为50N,木箱在推力方向上通过的距离为10m,撤消推力后木箱又继续前进,此时没有推力做功;
全过程中,水平推力做功:
W=Fs=50N×10m=500J。
故答案为:
500。
16.(4分)如图所示,轻质杠杆ABO能绕O点自由转动,若在杠杆末端A点施加一个力提起重物G,使杠杆在水平位置平衡,则此杠杆 不一定 (选填“一定”或“不一定”)是省力杠杆;若在A点施加一个最小的力使杠杆在水平位置平衡,此力的方向是 竖直向上 。
【解答】解:
A点力的方向不同,力臂的大小则不同,不能确定动力臂与阻力臂的大小关系,所以此时杠杆不一定省力;
若在A点施加一个最小的力,应使其力臂最长为OA,所以力应垂直于OA向上,即:
竖直向上。
故答案为:
不一定;竖直向上。
三、实验探究题(共20分)
17.(6分)在探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验中,班级的“物理小博士”为同学们做了如图所示的一系列实验,实验中的铜块与铝块体积相同。
(1)做①③④三次实验是为了探究浮力的大小与 排开液体的体积 的关系,得出的结论是 浮力的大小与排开液体的体积有关 。
(2)分析 ①④⑤ 三次的实验数据,可知浮力的大小与物体浸入液体内的深度 无关 (“有关”或“无关”)。
(3)做①②④⑥四次实验是为了探究浮力的大小与物重的关系,得出的结论是 浮力的大小与物重无关 。
(4)做 ①④⑦ 三次实验可探究浮力的大小与液体密度的关系,可得出的结论是 浮力的大小与液体的密度有关 。
【解答】解:
(1)图①③④中液体密度相同,区别是物体排开液体的体积不同,可以用来比较浮力的大小与排开液体的体积的关系,由图①和图③可知,图中③铜块的浮力F1=9N﹣8.5N=0.5N;由图①和图④可知,图④中铜块的浮力F2=9N﹣8N=1N;
通过比较①③④三次实验数据可知,物体排开液体的体积不同,浮力的大小不同,所以比较①③④三次实验是为了探究浮力的大小与排开液体的体积有关。
(2)探究浮力的大小与物体浸入液体内的深度的关系,应控制液体密度、排开液体的体积相同,改变浸没深度,则④⑤符合;
由图①和图④可知,图④中铜块的浮力F2=9N﹣8N=1N;由图①和图⑤可知,图⑤中铜块的浮力F3=9N﹣8N=1N;则探究结果是:
浮力的大小与浸没深度无关。
(3)由图①和⑥图可知,图⑥中铜块的浮力F4=2.8N﹣1.8N=1N;
①②④⑥铜块与铝块体积相同,则浸在液体中的深度、排开液体的体积相同,液体密度相同,物体的重力不同,而浮力相同,由此可知:
浮力的大小与物重无关。
(4)探究浮力的大小与液体密度的关系,应控制排开液体的体积相同,浸没深度相同,改变液体的密度,
则④⑦符合;
由图①和图④可知,图④中铜块的浮力F2=9N﹣8N=1N;由图①和图⑦可知,图⑦中铜块的浮力F4=9N﹣7.8N=1.2N;则探究结果是:
浮力的大小与液体的密度有关。
故答案为:
(1)排开液体体积;浮力的大小与排开液体的体积有关;
(2)①④⑤;(3)浮力的大小与物重无关;(4)①④⑦;浮力的大小与液体的密度有关。
18.(6分)在探究“杠杆平衡条件”的实验中,杠杆上每格等距:
(1)实验前没挂钩码时,发现杠杆左端上翘,应将左端平衡螺母向 左 旋一些(选填“左”或“右”),使杠杆在 水平 位置平衡。
(2)实验中,用图所示的方式悬挂钩码,杠杆也能平衡,但采用这种方式是不妥当的。
这主要是因为 D
A.一个人无法独立操作
B.需要使用太多的钩码
C.力臂与杠杆不重合
D.力和力臂数目过多
(3)图中,不改变支点O右侧所挂的两个钩码及其位置,保持左侧第 2 格的钩码不动,将左侧另外两个钩码改挂到它的下方,杠杆仍可以平衡。
【解答】解
(1)实验前没挂钩码时,发现杠杆左端上翘,则重心应向右移动,应将左端平衡螺母向左旋一些,使杠杆在水平位置平衡。
(2)实验中,如图所示的方式悬挂钩码,杠杆平衡是杠杆的左侧在多个力共同作用的结果,采用这种方式是不妥当的。
这主要是因为杠杆的力和力臂数目过多。
(3)不改变支点O右侧所挂的两个钩码及其位置,将左侧另外两个钩码改挂到第三个钩码的下方,即左侧的力是三个钩码,根据杠杆平衡的条件,F1×L1=F2×L2,2个×3格=3个×n格,n=2;即保持左侧第2格的钩码不动。
故答案为:
(1)左、水平;
(2)D;(3)2。
19.(8分)小强在测滑轮组的机械效率时,记录了如下的实验数据:
(不计绳重和摩擦)
(1)根据下表的数据可以计算出滑轮组的机械效率为 80% 。
(2)请帮助小强画出该滑轮组的绕线方式。
(3)当动滑轮重为 2 N时,使用该滑轮组提起2N重的钩码刚好不省力。
滑轮组组成
钩码重G/N
钩码升高的高度h/m
动滑轮重G/N
绳子自由端移动距离s/m
一个定滑轮
一个动滑轮
2
0.1
0.5
0.2
(4)物体重G开始逐渐增加,直到绳子被拉断。
每次均匀速拉动绳子将物体提升同样的高度。
此过程中滑轮组的机械效率随物体重力的增加而变化的图象是 C
【解答】解:
(1)W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J
额外功为:
W额=G动h=0.5N×0.1m=0.05J
则W总=W有用+W额=0.2J+0.05J=0.25J
η=
×100%=
×100%=80%
(2)由绳端移动距离与物体上升高度的关系,可知此滑轮组由2段绳子承担物重,所以要从定滑轮绕起。
(3)因为此滑轮组由两端绳子承担物重,F=
(G物+G动),所以当动滑轮重力与物体重力相等时,刚好不省力。
(4)滑轮组效率η=
=
=
,
当物体重G开始逐渐增加时,滑轮组效率不断增大,故C正确;
故答案为:
(1)80%;
(2)如图所示;(3)2;(4)C。
四、计算题(共20分)
20.(6分)工人用图甲所示的滑轮组运送建材上楼,每次运送量不定,滑轮组的机械效率随建材重力变化的图象如图乙,滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计,g取10N/kg。
(1)若某次运送建材的质量为50kg,则建材的重力是多少?
(2)若工人在1min内将建材匀速竖直向上提升了12m,作用在钢绳上的拉力为200N,求拉力的功率;
(3)当滑轮组的机械效率为60%时,运送建材的重力是多大?
【解答】解:
(1)建材的重力:
G=mg=50kg×10N/kg=500N;
(2)由图可知,n=2,则1min绳子自由端移动的距离s=2h=2×12m=24m,
拉力做的功:
W=Fs=200N×24m=4800J,
拉力的功率:
P=
=
=80W;
(3)由图象可知,当η=50%时,重物G=400N,
因为η=
=
=
=
,
所以,50%=
,
解得,G动=400N,
当η′=60%时,η′=
,即60%=
,
解得,G′=600N。
答:
(1)建材的重力是500N;
(2)拉力的功率为80W;
(3)当滑轮组的机械效率为60%时,运动建材的重力是600N。
21.(7分)如图所示,一长方体鱼缸放在水平桌面上,其长宽高分别为60cm、30cm、40cm,鱼缸内装有30cm深的水,鱼缸的质量为1.8kg。
为更好掌握水温,鱼缸内安装了一吸盘式温度计,质量为10g,体积为20cm3,吸盘距水面10cm,其吸盘面积为2.5cm2。
(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)求:
(1)鱼缸对桌面的压强;
(2)吸盘受到水的压力;
(3)当吸盘脱落后,温度计在水中静止时受到的浮力。
【解答】解:
(1)鱼缸的底面积:
S=ab=60cm×30cm=1800cm2=0.18m2,
鱼缸内水的体积:
V=Sh=0.18m2×30×10﹣2m=0.054m3,
由ρ=
可得,水的质量:
m水=ρV水=ρ水=1.0×103kg/m3×0.054m3=54kg,
水和鱼缸的总质量:
m=m水+m鱼缸+m温度计=54kg+1.8kg+10×10﹣3kg=55.81kg,
鱼缸对桌面的压力:
F=G=mg=55.81kg×10N/kg=558.1N,
鱼缸对桌面的压强:
p=
=
≈3.1×103Pa;
(2)吸盘距水面的深度:
h′=10cm=0.1m,
吸盘受到水的压强:
p′=ρgh′=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1×103Pa,
则吸盘受到水的压力:
F′=p′S=1×103Pa×2.5×10﹣4m2=0.25N;
(3)当吸盘刚脱落时,温度计受到的浮力:
F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10﹣6m3=0.2N,
温度计的重力:
G′=m温度计g=10×10﹣3kg×10N/kg=0.1N,
因F浮>G′,
所以,温度计在水中静止时处于漂浮状态,
则温度计在水中静止时,受到的浮力:
F浮′=G′=0.1N。
答:
(1)鱼缸对桌面的压强为3.1×103Pa;
(2)吸盘受到水的压力为0.25N;
(3)当吸盘脱落后,温度计在水中静止时受到的浮力为0.1N。
22.(7分)如图甲所示,正方体石料在钢丝绳拉力作用下,从水面上方以恒定不变的速度缓慢下降,直至没入水中。
图乙是钢丝绳拉力F随时间t变化的图象。
(g取10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3).求:
(1)石料全部没入水中时受到的浮力
(2)石料的体积
(3)石料的密度。
【解答】解:
(1)由图象可知:
在空气中受到的拉力F1=2.5×104N,
浸没在水中受到的拉力F2=1.5×104N
石料全部浸没水中受到的浮力F浮=F1﹣F2=2.5×104N﹣1.5×104N=1.0×104N;
(2)根据F浮=G排=ρ液V排g
石料的体积V石=V排=
=
=1m3;
(3)石料的质量m=
=
=2500kg,
石料的密度ρ=
=
=2.5×103kg/m3。
答:
(1)石料全部没入水中时受到的浮力为1.0×104N;
(2)石料的体积为1m3;
(3)石料的密度为2.5×103kg/m3。
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