每周一测学易试题君之每日一题君高考物理一轮复习.docx
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每周一测学易试题君之每日一题君高考物理一轮复习
2021年7月29日每周一测-学易试题君之每日一题君2021年高考物理一轮复习
学校:
___________姓名:
___________班级:
___________考号:
___________
一、单选题
1.通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是
A.亚里士多德B.伽利略C.笛卡尔D.牛顿
2.伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法,有力地促进了人类科学认识的发展.利用如图所示的装置做如下实验:
小球从左侧斜面的O点由静止释放后沿斜面向下运动,并沿右侧斜面上升.斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时,小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3,根据三次实验结果的对比,可以得到的最直接的结论是
A.如果斜面光滑,小球将上升到与O点等高的位置
B.如果小球不受力,它将一直保持匀速运动或静止状态
C.如果小球受到力的作用,它的运动状态将发生改变
D.小球受到的力一定时,质量越大,它的加速度越小
3.如图所示,小球A、B、C的质量均为m,A、B间用细线相连,B、C间用轻质弹簧k2相连,然后用轻质弹簧k1悬挂而精致,则在剪断A、B间细线的瞬间,A、B、C的加速度分别是
A.aA=3g,aB=2g,aC=0
B.aA=0,aB=g,aC=g
C.aA=2g,aB=2g,aC=0
D.aA=g,aB=2g,aC=g
4.汽车的发动机的额定输出功率为P1,它在水平路面上行驶时受到的摩擦阻力大小恒定.汽车在水平路面上由静止开始运动,直到车速达到最大速度vm,汽车发动机的输出功率P随时间变化的图象如图所示.若在0~t1时间内,汽车发动机的牵引力是恒定的,则汽车受到的合力F合随时间变化的图象可能是()
A.
B.
C.
D.
5.沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行向上的拉力F的作用,其下滑的速度–时间图线如图所示.已知物体与斜面之间的动摩擦因数为常数,在0~5s、5~10s、10~15s内F的大小分别为F1、F2和F3,则
A.F1
C.F1>F3D.F1=F3
二、多选题
6.一质点做匀速直线运动,现对其施加一恒力,且原来作用在质点上的力不发生改变,则( )
A.质点速度的方向总是与该恒力的方向相同
B.质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直
C.质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同
D.质点单位时间内速率的变化量总是不变
7.如图,位于竖直平面内的固定光滑圆轨道与水平轨道面相切于M点,与竖直墙相切于A点,竖直墙上另一点B与M的连线和水平面的夹角为60°,C是圆轨道的圆心.已知在同一时刻,a、b两球分别由A、B两点从静止开始沿光滑倾斜直轨道运动到M点;c球由C点自由下落到M点.则( ).
A.a球最先到达M点
B.b球最先到达M点
C.c球最先到达M点
D.c、a、b三球依次先后到达M点
三、实验题
8.某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度(圈数)的关系.实验装置如图所示:
一均匀长弹簧竖直悬挂,7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处;通过旁边竖直放置的刻度尺,可以读出指针的位置,P0指向0刻度.设弹簧下端未挂重物时,各指针的位置记为x0;挂有质量为0.100kg的砝码时,各指针的位置记为x.测量结果及部分计算结果如下表所示(n为弹簧的圈数,重力加速度取9.80m/s2).已知实验所用弹簧总圈数为60,整个弹簧的自由长度为11.88cm.
(1)将表中数据补充完整:
①________;②________.
P1
P2
P3
P4
P5
P6
x0(cm)
2.04
4.06
6.06
8.05
10.03
12.01
x(cm)
2.64
5.26
7.81
10.30
12.93
15.41
n
10
20
30
40
50
60
k(N/m)
163
①
56.0
43.6
33.8
28.8
(m/N)
0.0061
②
0.0179
0.0229
0.0296
0.0347
(2)以n为横坐标,为纵坐标,在答题卷给出的坐标纸上画出1/k-n图像.
(3)题
(2)图中画出的直线可近似认为通过原点.若从实验中所用的弹簧截取圈数为n的一段弹簧,该弹簧的劲度系数k与其圈数n的关系的表达式为k=_____N/m;该弹簧的劲度系数k与其自由长度l0(单位为m)的关系的表达式为k=_____N/m.
9.做“验证力的平行四边形定则”实验时,其中的三个步骤是:
①在水平放置的木板上垫一张白纸,把橡皮条的一端固定在木板上,另一端拴两根细线,通过细线同时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条,使它与细线的结点到达某一位置O点,在白纸上记下O点和两弹簧测力计的读数F1和F2
②在纸上根据F1和F2的大小,应用平行四边形定则作图求出合力F
③只用一个弹簧测力计通过细绳拉橡皮条,使它的伸长量与用两个弹簧测力计一起拉时相同,记下此时弹簧测力计的读数
和细绳的方向
(1)以上三个步骤中均有疏漏,请找出并更正
在①中______________________________________________________;
在②中______________________________________________________;
在③中______________________________________________________。
(2)如图所示为四位同学在“验证力的平行四边形定则”的实验中所作的图示,F1和F2是两个弹簧测力计同时拉橡皮条时的力的图示,F是根据平行四边形定则作出的F1和F2的合力的图示,
是一个弹簧测力计单独拉橡皮条时的力的图示,其中错误的图是____________。
10.某同学通过下述实验验证力的平行四边形定则.
实验步骤:
①将弹簧秤固定在贴有白纸的竖直木板上,使其轴线沿竖直方向.
②如图甲所示,将环形橡皮筋一端挂在弹簧秤的秤钩上,另一端用圆珠笔尖竖直向下拉,直到弹簧秤示数为某一设定值时,将橡皮筋两端的位置标记为O1、O2,记录弹簧秤的示数F,测量并记录O1、O2间的距离(即橡皮筋的长度l).每次将弹簧秤示数改变0.50N,测出所对应的l,部分数据如下表所示:
F/N
0
0.50
1.00
1.50
2.00
2.50
l/cm
l0
10.97
12.02
13.00
13.98
15.05
③找出②中F=2.50N时橡皮筋两端的位置,重新标记为O、
橡皮筋的拉力记为FOO′.
④在秤钩上涂抹少许润滑油,将橡皮筋搭在秤钩上,如图乙所示.用两圆珠笔尖成适当角度同时拉橡皮筋的两端,使秤钩的下端达到O点,将两笔尖的位置标记为A、B,橡皮筋OA段的拉力记为FOA,OB段的拉力记为FOB.
完成下列作图和填空:
(1)利用表中数据在给出的坐标纸上画出F-l图线.
(2)测得OA=6.00cm,OB=7.60cm,则FOA的大小为N.
(3)根据给出的标度,作出FOA和FOB的合力
的图示.
(4)通过比较
与的大小和方向,即可得出实验结论.
四、解答题
11.如图所示,粗糙水平面上放置一个质量M=2kg、长度L=5m的木板A,可视为质点的物块B放在木板A的最左端,其质量m=1kg.已知A、B间动摩擦因数为μ1=0.2,A与水平地面间的动摩擦因数为μ2=0.4.开始时A、B均处于静止状态,当B获得水平向右的初速度v0=8m/s的同时,对A施加水平向右的恒力F,取g=10m/s2,求:
(1)为使物块B不从木板A的右端滑出,力F的最小值为多大?
(2)若F=22N,则物块B的最大速度为多大?
参考答案
1.B
【详解】
A.亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因,故A项不符合题意;
B.伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因,故B项符合题意;
C.笛卡尔在伽利略研究的基础上,强调了惯性运动的直线性,故C项不符合题意;
D.牛顿在伽利略等前人研究的基础上提出了牛顿第一定律,认为力是改变物体运动状态的原因,但不是第一个根据实验提出力不是维持物体运动原因的科学家,也不是第一个提出惯性的科学家,故D项不符合题意.
2.A
【详解】
从实验中小球的三种运动情况可以得到,斜面的阻力越小,小球上升的位置越高,根据三次实验结果的对比,可以得到的最直接的结论是:
如果不受阻力,就会升到与O点相等的高度,A项符合题意;而其他选项都不是由该实验直接得到的,需要进一步推理或其它实验验证,BCD三项不符合题意.
3.C
【解析】
剪断细线前,对ABC整体分析,弹簧1的弹力F1=3mg,对C分析,弹簧2的弹力F2=mg,
剪断细线的瞬间,弹簧的弹力不变,隔离对A分析,
,隔离对B分析,
,C所受的合力仍然为零,则aC=0,故C正确,ABD错误.故选C.
点睛:
本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题,知道剪断细线的瞬间,弹簧的弹力不变,结合牛顿第二定律进行求解,难度不大.
4.D
【解析】
0~t1时间内牵引力是恒定的,故合力也是恒定的,输出功率一直增大,当达到额定功率后,即t>t1时,功率保持不变,速度继续增大,牵引力开始减小,一直到等于摩擦力,故合力也一直减小直到等于零故选项D正确,ABC错误,故选D.
点睛:
解决本题的关键会通过受力判断物体的运动,知道加速度随着合力的变化而变化,当加速度方向与速度同向时,速度增大,反向时,速度减小.
5.A
【解析】
由v–t图象可知,0~5s内加速度a1="0.2"m/s2,沿斜面向下,根据牛顿第二定律有mgsinθ–f–F1=ma1,F1="mgsin"θ–f–0.2m;5~10s内加速度a2=0,根据牛顿第二定律有mgsinθ–f–F2=ma2,F2="mgsin"θ–f;10~15s内加速度a3="–0.2"m/s2,沿斜面向上,根据牛顿第二定律有mgsinθ–f–F3=ma3,F3="mgsin"θ–f+0.2m.故可得:
F3>F2>F1,选项A正确.
【学科网考点定位】
图像,牛顿第二定律
【名师点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用,知道加速度是联系力学和运动学的桥梁,基础题.
6.BC
【解析】
试题分析:
因为原来质点做匀速直线运动,合外力为0,现在施加一恒力,质点的合力就是这个恒力,所以质点可能做匀变速直线运动,也有可能做匀变速曲线运动,这个过程中加速度不变,速度的变化率不变.但若做匀变速曲线运动,单位时间内速率的变化量是变化的.故C正确,D错误.若做匀变速曲线运动,则质点速度的方向不会总是与该恒力的方向相同,故A错误;不管做匀变速直线运动,还是做匀变速曲线运动,质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直,故B正确.
考点:
牛顿运动定律
7.CD
【解析】
对于AM段,有几何关系得位移为x1=
R,有牛顿第二定律得加速度为;
根据x=
gt2得:
①
对于BM段,有几何关系得位移x2=2R,加速度
,根据x=
at2得:
②
对于CM段,位移x3=R,加速度a3=g,根据x=
gt2得
③
比较①②③式可得:
t2>t1>t3即C球最先到达M点,b球最后到达M点,故AB错误,CD正确;故选CD.
8.
(1)①81.7②0.0122
(2)如图所示(3)(1.67—1.83)×103/n、(3.31—3.62)/l0
【解析】
试题分析:
(1)①中
;
②
(2)图线如图:
(3)③由图线可知直线的斜率为
,故直线方程满足
,即
(N/m)(在
之间均可)
④由于60匝弹簧的总长度为11.88cm;则n匝弹簧的原长满足
,代入
可得:
.(在
之间均可)
考点:
测量弹簧的劲度系数实验;
9.应该记下两根细线的方向在纸上根据F1和F2的大小和方向使橡皮条与细线的结点仍然达到O点B
【解析】
试题分析:
(1)记录力的过程中要记录力的大小和方向,为了保证两个过程产生的拉力效果相同,应使两次拉到同一个位置
(2)与AO处于同一个直线上的应该为合力的真实值,有一点偏的为实验值,必定实验都是有误差的
考点:
考查验证力的平行四边形定则
点评:
本题难度较小,熟记该试验中的一些注意事项,能分清真实值和实验值的区别
10.
(1)如图所示;
(2)1.80(1.70~1.90均正确);(3)如图所示;(4)FOO′
【解析】
试题分析:
(1)根据表中数据利用描点法得出对应的数据,图象与横坐标的交点即为l0;
(2)橡皮筋两端拉力相等,根据题意求得总长度即可求得皮筋上的拉力;
(3)通过给出的标度确定力的长度,根据平行四边形得出图象如图所示;
(4)根据实验原理可明确应比较实验得出的拉力与通过平行四边形定则得出的合力
解:
(1)根据表格中数据利用描点法作出图象如图所示:
由图可知,图象与横坐标的交点即为l0,由图可知l0=10.0cm;
(2)AB的总长度为6.00+7.60cm=13.60cm;由图可知,此时两端拉力F=1.80N;
(3)根据给出的标度,作出合力如图所示;
(4)只要作出的合力与实验得出的合力F00′大小和方向在误差允许的范围内相等,即可说明平行四边形定则成立;
故答案为
(1)如图所示;10.0;
(2)1.80;(3)如图所示;(4)F00′
【点评】本题考查验证平行四边形定则的实验,要注意通过认真分析题意掌握实验原理,注意本题中橡皮筋挂在钩上时,两端的拉力大小相等;根据总长度即可求得拉力大小
11.
(1)
(2)
【解析】
(1)物块B在木板A上做匀减速直线运动,由牛顿第二定律可知:
μ1mg=ma1
解得:
a1=2m/s2
物块B滑到A的右端时A、B速度相等,则物块B刚好不从木板A的右端滑出,A、B相对位移为木板长L,木板A的加速度为a2,由速度公式和位移公式可知:
木板A的速度为:
v=a2t
物块B的速度为:
v=v0-a1t
木板A的位移为:
物块B的位移为:
A、B的相对位移为木板长L:
L=xB-xA
联立以上各式解得:
对木板A,由牛顿第二定律可知:
F+μ1mg-μ2(m+M)g=Ma2
解得:
F=18.8N
(2)物块B在木板A上先做匀减速直线运动,加速度为a1=2m/s2;木板A做匀加速直线运动.对木板A,由牛顿第二定律可得:
F+μ1mg-μ2(m+M)g=Ma3
解得:
a3=6m/s2
设经过时间t1,A、B两物体速度相同,大小都为v1
v1=v0-a1t1
v1=a3t1
联立解得:
t1=1s
v1=6m/s
在此过程中A、B的位移分别为xA1、xB1,则:
A、B间的相对位移为:
Δx1=xB1-xA1
A、B速度相同后,木板A以a4的加速度继续匀加速运动,由牛顿运动定律可知:
F-μ1mg-μ2(m+M)g=Ma4
解得:
a4=4m/s2
由于a4>a1,所以物块B也向右做匀加速运动,但相对木板A向左运动,经时间t2后物块B会从木板A的左端滑出,在这段时间内:
木板A的位移为:
物块B的位移为:
A、B间的相对位移Δx2=Δx1,则:
Δx1=xA2-xB2
联立解得:
t2=2s
物块B从木板A的左端滑出时的速度为:
v3=v1+a1t2
解得:
v3=10m/s
物块B从木板A的左端滑出后落到地面上做匀减速运动,所以整个过程中,物块B从木板A的左端滑出时的速度为最大速度:
10m/s
点睛:
本题考查了受力分析与牛顿第二定律的综合运用,关键理清放上木块后木板和木块的运动情况,抓住受力分析,结合牛顿第二定律结合解答.
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