人教版 遗传因子的发现单元测试6.docx
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人教版遗传因子的发现单元测试6
2017届人教版遗传因子的发现单元测试
一、选择题
1.孟德尔在探索遗传规律时,运用了“假说—演绎法”,下列相关叙述中不正确的是( )
A.“一对相对性状的遗传实验和结果”属于假说的内容
B.“测交实验”是对推理过程及结果的检测
C.“生物性状是由遗传因子决定的”“体细胞中遗传因子成对存在”“配子中遗传因子成单存在”“受精时雌雄配子随机结合”属于假说内容
D.“F1(Dd)能产生数量相等的两种配子(D∶d=1∶1)”属于推理内容
解析:
本题主要考查对假说—演绎法的理解。
孟德尔通过对豌豆一对相对性状的杂交实验,在观察和数学统计分析的基础上,发现了F2中高茎豌豆与矮茎豌豆的分离比为3∶1,而提出“该分离比出现的原因是什么?
”这一问题;通过推理和想象,提出“生物性状是由遗传因子决定的”“体细胞中遗传因子成对存在”“配子中遗传因子成单存在”“受精时雌雄配子随机结合”等假说;根据这些假说,推出F1(高茎)的遗传因子组成及其产生配子的类型,进一步推出F2中各种豌豆的遗传因子组成及其比例,最后通过巧妙地设计“测交实验”检验演绎推理的结论。
A项中,“一对相对性状的遗传实验和结果”属于发现问题,是事实不是假说。
答案:
A
2 已知果蝇的灰身和黑身是一对相对性状,基因位于常染色体上。
将纯种的灰身果蝇和黑身果蝇杂交,F1全为灰身。
让F1自由交配产生F2,将F2中的灰身果蝇取出,让其自由交配,后代中灰身和黑身果蝇的比例为( )
A.1∶1 B.2∶1
C.3∶1D.8∶1
[解析] 本题考查根据亲本基因型推测后代表现型比例。
假设灰身和黑身这一对相对性状受到一对等位基因B、b控制,F2中的灰身果蝇自由交配类型有BB×BB、BB×Bb、Bb×Bb,后代类型可以分类计算,也可以根据只有Bb×Bb的后代才能产生黑身性状来计算黑身概率,然后算出灰身概率。
由题干可知,灰身是显性性状,黑身是隐性性状,F1是杂合子,根据题意可写出如下图解:
P BB(灰身)×bb(黑身)
↓
F1 Bb(灰身)
↓,⊗
F2
1/4BB__2/4Bb 1/4bb
灰身 黑身
F2中灰身有两种基因型,BB占1/3,Bb占2/3,让它们自由交配,只有Bb的自交后代中会出现黑身个体,其概率为1/9[2/3Bb中基因b所占比例是(2/3)×(1/2)=1/3,所以bb概率为(1/3)×(1/3)=1/9],灰身个体在后代中所占的比例为1-1/9=8/9,所以后代中灰身个体和黑身个体的比例为8∶1。
[答案] D
3.(2014·高考海南卷)某二倍体植物中,抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制,要确定这对性状的显隐性关系,应该选用的杂交组合是( )
A.抗病株×感病株
B.抗病纯合体×感病纯合体
C.抗病株×抗病株,或感病株×感病株
D.抗病纯合体×抗病纯合体,或感病纯合体×感病纯合体
解析:
抗病株与感病株杂交,若子代有两种性状,则不能判断显隐性关系;抗病纯合体×感病纯合体,后代表现出来的性状即为显性性状,据此可以判断显隐性关系;抗病株×抗病株(或感病株×感病株),只有后代出现性状分离时才能判断显隐性;抗病纯合体×抗病纯合体(或感病纯合体×感病纯合体),后代肯定为抗病(或感病),据此不能判断显隐性关系。
答案:
B
4.(2016·武汉调研)关于孟德尔的一对相对性状杂交实验和摩尔根证实基因位于染色体上的果蝇杂交实验,下列叙述不正确的是( )
A.两实验都设计了F1自交实验来验证其假说
B.实验中涉及的性状均受一对等位基因控制
C.两实验都采用了统计学方法分析实验数据
D.两实验均采用了“假说—演绎”的研究方法
解析:
两实验都设计了F1测交实验来验证其假说,A错误。
答案:
A
5.(2016·兰州统考)将豌豆一对相对性状的纯合显性个体和纯合隐性个体间行种植,另将玉米一对相对性状的纯合显性个体与纯合隐性个体间行种植。
则下列结果不可能出现的是( )
A.隐性性状的玉米植株所结种子,有显性也有隐性
B.显性性状的豌豆植株所结种子,有显性也有隐性
C.隐性性状的豌豆植株所结种子全为隐性
D.显性性状的玉米植株所结种子全为显性
解析:
豌豆是严格的自花闭花受粉植物,在自然状态下,只能进行自交,纯合显性个体自交,所结种子全部为显性,纯合隐性个体自交,所结种子全部为隐性,B错误,C正确;玉米为异花传粉植物,既可以自交也可以杂交,所以纯合显性个体所结种子全为显性,纯合隐性个体所结种子既有显性也有隐性,A、D正确。
答案:
B
6.(2016·揭阳模拟)将基因型为Aa的豌豆连续自交,在后代中的纯合子和杂合子按所占的比例做得如图所示曲线图,据图分析,错误的说法是( )
A.a曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例
B.b曲线可代表自交n代后显性纯合子所占的比例
C.隐性纯合子的比例比b曲线所对应的比例要小
D.c曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化
解析:
杂合子Aa连续自交n代后,后代中杂合子所占比例为(1/2)n,纯合子AA和aa所占比例相同,为[1-(1/2)n]/2,可知图中a曲线表示纯合子所占比例,b曲线表示显性纯合子或隐性纯合子所占比例,c曲线表示杂合子所占比例。
答案:
C
7.将基因型为Aa的玉米自交一代的种子全部种下,待其长成幼苗,人工去掉隐性个体,并分成两组,一组全部让其自交,另一组让其自由传粉。
一、二组的植株上aa基因型的种子所占比例分别为( )
A.1/9、1/6B.3/8、1/9
C.1/6、5/12D.1/6、1/9
解析:
Aa自交后代去掉隐性个体后基因型及比例为:
1/3AA、2/3Aa,该群体产生配子A、a的概率分别为2/3、1/3,若让其自交后代中aa所占比例为2/3×1/4=1/6;若让其自由传粉,后代中aa所占比例为1/3×1/3=1/9。
答案:
D
8.基因的自由组合定律发生于下图中的哪个过程( )
AaBb
1AB∶1Ab∶1aB∶1ab
配子间16种结合方式
↓②
4种表现型(9∶3∶3∶1)
子代中有9种基因型
A.① B.②
C.③D.②③
解析:
①②可以分别表示减数分裂和受精作用,③可理解为性状的表达。
基因的自由组合是非同源染色体上的非等位基因在配子形成时发生的,在受精作用进行时不发生此现象,在基因的表达过程中也没有发生。
答案:
A
1/9 (5)4 9∶3∶3∶1
9.玉米籽粒的种皮颜色无色透明(可描述为白皮)和红色是一对相对性状,由两对等位基因控制。
如用纯种的红皮玉米与白皮玉米杂交,将会出现如下图所示的结果。
下列叙述正确的是( )
A.两个白皮玉米杂交,后代不可能出现性状分离
B.F1自交时,含双隐性基因的配子不能存活
C.如果对F1红皮玉米进行测交,后代的性状分离比为1∶1
D.F2白色种皮个体中纯合子的概率是3/7
解析:
假设玉米种皮的颜色受基因A、a和B、b两对等位基因共同控制。
由题图可推测出红皮的基因型为A_B_,白皮的基因型为A_bb、aaB_、aabb,两个白皮玉米杂交如Aabb×aaBb,后代可出现性状分离;F1基因型为AaBb,将其进行测交,后代的性状分离比为红皮(AaBb)∶白皮(Aabb、aaBb、aabb)=1∶3。
答案:
D
10.(2013·高考天津卷)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。
用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验,结果如图。
据图判断,下列叙述正确的是( )
P 黄色×黑色
↓
F1 灰色
↓F1雌雄交配
F2 灰色 黄色 黑色 米色
9∶3∶3∶1
A.黄色为显性性状,黑色为隐性性状
B.F1与黄色亲本杂交,后代有两种表现型
C.F1和F2中灰色大鼠均为杂合体
D.F2黑色大鼠与米色大鼠杂交,其后代中出现米色大鼠的概率为1/4
解析:
本题考查自由组合定律的应用。
根据遗传图谱分析可知,该性状的遗传受两对等位基因控制,若假设分别由A、a与B、b控制,则基因型与表现型之间的对应关系为:
A_B_(灰色)、A_bb(黄色或黑色)、aaB_(黑色或黄色)、aabb(米色);F1的基因型为AaBb,与黄色亲本AAbb(或aaBB)杂交,后代有A_Bb(或AaB_)(灰色)、A_bb(aaB_)(黄色)两种表现型;F1中灰色大鼠肯定为杂合子,而F2中灰色大鼠可能为纯合子,也可能为杂合子;F2中黑色大鼠(aaB_或A_bb)与米色大鼠aabb杂交有:
2/3aaBb(或Aabb)×aabb和1/3aaBB(或AAbb)×aabb,后代中出现米色大鼠的概率为2/3×1/2=1/3。
答案:
B
11.(2016·临沂模拟)在某植物体中,两对等位基因(A、a和B、b)分别位于两对同源染色体上,且各控制一对相对性状。
现将基因型为AABB和aabb的个体杂交得到F1,F1自交得到F2。
下列叙述错误的是( )
A.F2中纯合子占1/4
B.F2中与亲本基因型相同的个体占1/8
C.若F2中Aabb的个体有120株,则aabb的个体约为60株
D.在F2的双显性个体中有9种基因型
解析:
在F2的双显性个体中(A_B_)有4种基因型,D错误。
答案:
D
12.(2016·扬州质检)下列细胞为生物体的体细胞,所对应生物体自交后代性状分离比为9∶3∶3∶1的是(不考虑交叉互换)( )
解析:
只有两对等位基因位于两对同源染色体上的杂合子,其自交后代才可产生9∶3∶3∶1的性状分离比,C正确。
答案:
C
13.某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性,抗病(T)对染病(t)为显性,花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性,三对等位基因位于三对同源染色体上,非糯性花粉遇碘液变蓝,糯性花粉遇碘液变棕色。
现有四种纯合子基因型分别为:
①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd。
下列说法正确的是( )
A.若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律,应该用①和③杂交所得F1代的花粉
B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律,可以观察①和②杂交所得F1代的花粉
C.若培育糯性抗病优良品种,应选用①和④亲本杂交
D.将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上,加碘液染色后,均为蓝色
解析:
采用花粉鉴定法验证遗传的基本规律,必须是可以在显微镜下观察出来的性状,即非糯性(A)和糯性(a),花粉粒长形(D)和圆形(d)。
①和③杂交所得F1代的花粉只有抗病(T)和染病(t)不同,显微镜下观察不到,A错误;若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律,则应该选择②④组合,观察F1代的花粉,B错误;将②和④杂交后所得的F1(Aa)的花粉涂在载玻片上,加碘液染色后,一半花粉为蓝色,一半花粉为棕色,D错误。
答案:
C
14.(2016·滨州模拟)研究发现,豚鼠毛色由以下等位基因决定:
Cb—黑色、Cs—银色、Cc—乳白色、Cx—白化。
为确定这组基因间的关系,进行了部分杂交实验,结果如下,据此分析下列选项正确的是( )
交配
亲代表现型
子代表现型
黑
银
乳白
白化
1
黑×黑
22
0
0
7
2
黑×白化
10
9
0
0
3
乳白×乳白
0
0
30
11
4
银×乳白
0
23
11
12
A.两只白化的豚鼠杂交,后代不会出现银色个体
B.该豚鼠群体中与毛色有关的基因型共有6种
C.无法确定这组等位基因间的显性程度
D.两只豚鼠杂交的后代最多会出现4种毛色
解析:
亲代黑×黑→子代出现黑和白化,说明黑(Cb)对白化(Cx)为显性。
亲代乳白×乳白→子代出现乳白和白化,说明乳白(Cc)对白化(Cx)为显性。
亲代黑×白化→子代出现黑和银,说明银(Cs)对白化(Cx)为显性,故两只白化的豚鼠杂交,后代不会出现银色个体,A正确。
该豚鼠群体中与毛色有关的基因型有10种,B错误。
根据四组交配亲子代的表型关系可以确定Cb(黑色)、Cs(银色)、Cc(乳白色)、Cx(白化)这组等位基因间的显性程度,C错误。
由于四种等位基因间存在显隐性关系,两只豚鼠杂交的后代最多会出现三种毛色,D错误。
答案:
A
15.(2016·淄博模拟)在某严格自花传粉的二倍体植物中,发现甲、乙两类矮生突变体(如图所示),矮化植株无A基因,矮化程度与a基因的数量呈正相关。
丙为花粉不育突变体,含b基因的花粉败育。
请回答下列问题:
(1)甲类变异属于________,乙类变异是在甲类变异的基础上,染色体的结构发生了________。
(2)乙减数分裂产生________种花粉,在分裂前期,一个四分体中最多带有________个a基因。
(3)甲的自交后代只有一种表现型,乙的自交后代中(各类型配子和植株的成活率相同)F1有________种矮化类型,F2植株矮化程度由低到高,数量比为________。
(4)为鉴定丙的花粉败育基因b是否和a基因位于同源染色体上,进行如下杂交实验:
丙(♀)与甲(♂)杂交得F1。
再以F1做________(填“父本”或“母本”)与甲回交。
①若F2中,表现型及比例为________,则基因b、a位于同源染色体上。
②若F2中,表现型及比例为________,则基因b、a位于非同源染色体上。
解析:
(1)甲类变异属于基因突变,乙类变异是在甲类变异的基础上,染色体的结构发生了重复。
(2)乙减数分裂产生含2个a和不含a的2种花粉,在分裂前期,DNA复制已经完成,故一个四分体中最多带有4个a基因。
(3)甲的自交后代只有一种基因型(aa),一种表现型;乙的自交后代中00∶0aa∶aaaa=1∶2∶1,故F1有3种矮化类型,F1植株自花传粉,得到F2的基因型及比例00∶0aa∶aaaa=(1/4+1/2×1/4)∶(1/2×1/2)∶(1/2×1/4+1/4)=3∶2∶3,所以F2植株矮化程度由低到高数量比为3∶2∶3。
(4)丙(♀)与甲(♂)杂交得F1,丙的基因型为AAbb,甲的基因型为aaBB,F1的基因型为AaBb。
由于含b基因的花粉败育,故再以F1做父本与甲回交。
若基因b、a位于同源染色体上,F1基因型为AaBb(A、b连锁),含b基因的花粉败育,产可育雄配子的基因型是aB,与甲回交后子代的基因型为aaBB,全为矮化;若基因b、a位于非同源染色体上,F1基因型为AaBb,产可育雄配子的基因型是AB、aB,与甲回交后子代的基因型为AaBB、aaBB,正常∶矮化=1∶1。
答案:
(1)基因突变 重复
(2)2 4 (3)3 3∶2∶3
(4)父本 ①全为矮化 ②正常∶矮化=1∶1
16.已知豌豆种子中子叶的黄色与绿色由一对等位基因Y、y控制,现用豌豆进行下列遗传实验,请分析回答:
实验一
实验二
P 黄色子叶甲×绿色子叶乙
↓
F1黄色子叶丙绿色子叶
1 ∶ 1
P 黄色子叶丁
↓自交
F1黄色子叶戊 绿色子叶
3 ∶ 1
(1)用豌豆做遗传实验容易取得成功的原因之一是
(2)从实验________可判断这对相对性状中________是显性性状。
(3)实验一子代中出现黄色子叶与绿色子叶的比例为1∶1,其主要原因是黄色子叶甲产生的配子种类及其比例为________。
(4)实验二黄色子叶戊的基因型为________,其中能稳定遗传的占________,若黄色子叶戊植株之间随机交配,所获得的子代中绿色子叶占________。
(5)实验一中黄色子叶丙与实验二中黄色子叶戊杂交,所获得的子代黄色子叶个体中不能稳定遗传的占________。
解析:
(1)豌豆有许多稳定的易于区分的相对性状,由于是自花传粉、闭花受粉植物,且自然状态下都为纯合子,是良好的遗传杂交实验材料。
(2)根据实验二中后代的性状分离现象可判断子叶黄色对绿色为显性。
(3)根据题意知,黄色子叶甲的基因型为Yy。
(4)黄色子叶戊的基因型及比例为YY∶Yy=1∶2,黄色子叶戊随机交配,由于黄色子叶戊产生y配子的概率是2/3×1/2=1/3,所以子代中绿色子叶yy的比例为1/3×1/3=1/9。
(5)黄色子叶丙(Yy)与黄色子叶戊(1/3YY、2/3Yy)杂交,子代中YY所占的比例为1/3×1/2+2/3×1/4=1/3,Yy所占的比例为1/3×1/2+2/3×1/2=1/2,这两种黄色子叶YY∶Yy=2∶3,所以黄色子叶中不能稳定遗传的(Yy)占3/5。
答案:
(1)性状易于区分
(2)二 黄色 (3)Y∶y=1∶1 (4)YY或Yy 1/3 1/9 (5)3/5
17.(2015·高考北京卷)野生型果蝇的腹部和胸部都有短刚毛,而一只突变果蝇S的腹部却生出长刚毛。
研究者对果蝇S的突变进行了系列研究。
用这两种果蝇进行杂交实验的结果见图。
(1)根据实验结果分析,果蝇腹部的短刚毛和长刚毛是一对________性状,其中长刚毛是________性性状。
图中①②基因型(相关基因用A和a表示)依次为________。
(2)实验2结果显示:
与野生型不同的表现型有________种。
③基因型为________,在实验2后代中该基因型的比例是________。
(3)根据果蝇③和果蝇S基因型的差异,解释导致前者胸部无刚毛、后者胸部有刚毛的原因:
________
(4)检测发现突变基因转录的mRNA相对分子质量比野生型的小,推测相关基因发生的变化为______
(5)实验2中出现的胸部无刚毛的性状不是由F1新发生突变的基因控制的,作出这一判断的理由是:
虽然胸部无刚毛是一个新出现的性状,但_________
说明控制这个性状的基因不是一个新突变的基因。
解析:
(1)根据实验2可判断,长刚毛是显性性状。
实验1的杂交后代中显、隐性比例为1∶1,且与性别无关,结合实验1亲本表现型得出实验1亲本杂交组合为测交(Aa×aa)。
(2)实验2中,与野生型不同的表现型有2种,一种是腹部长刚毛、胸部短刚毛,基因型为Aa。
另一种是腹部长刚毛、胸部无刚毛,基因型为AA,占全部后代的1/4。
(3)果蝇③腹部长刚毛,胸部无刚毛的原因可能是A基因的纯合抑制胸部长出刚毛,只有一个A基因时无此效应。
(4)突变基因转录的mRNA相对分子质量比野生型的小,这说明基因突变类型为碱基对的缺失。
(5)果蝇③胸部无刚毛是一个新性状,但由于数量较多,占全部后代的1/4,说明该性状的出现不是基因突变的结果,而是A基因的纯合导致的。
答案:
(1)相对 显 Aa、aa
(2)两 AA 1/4
(3)两个A基因抑制胸部长出刚毛,只有一个A基因时无此效应
(4)核苷酸数量减少/缺失
(5)新的突变基因经过个体繁殖后传递到下一代中不可能出现比例高达25%的该基因纯合子
18.(2016·太原模拟)豌豆的圆粒(R)对皱粒(r)为显性,其控制性状的基因在常染色体上。
将纯种圆粒豌豆与纯种皱粒豌豆杂交,产生的F1全是圆粒;然后将F1自交,获得的F2中圆粒与皱粒之比约为3∶1(第一个实验)。
再进行测交实验(第二个实验)。
根据题意回答:
(1)观察上述实验,是由________及其________两个实验构成的;
(2)观察第一个实验,由此提出的问题是_________
(3)观察第一个实验,由此提出的假说是________
(4)第二个实验得出的结果是______________________________;
(5)分离定律的细胞学基础是________;研究分离定律的方法是________;分离定律的实质是杂合子在形成配子时,存在于一对同源染色体上的具有独立性的________________的分开而分离,独立地随配子遗传给后代。
(6)某生物小组种植的纯种高茎豌豆,在自然状态下却出现了矮茎后代。
为探究导致矮茎豌豆出现的原因,将矮茎种子在良好的环境条件下培养再自花传粉,若为______________,则其后代全为高茎;若为________________________,则其后代全为矮茎。
解析:
(1)题干中的实验包括杂交实验(两纯种亲本杂交及F1自交)和测交实验。
(2)(3)对杂交实验提出的问题是F2中为什么会出现3∶1的性状分离比,对这一问题所提出的假说是一对等位基因控制一对相对性状,并且生物体在产生配子时,成对的等位基因彼此分离分别进入不同的配子中,在配子受精时,雌、雄配子的结合是随机的。
(4)测交实验是让F1圆粒个体与皱粒个体杂交,由于F1圆粒个体基因型为Rr,则测交后代中圆粒∶皱粒=1∶1。
(5)分离定律的实质体现在减数分裂产生配子时,在减数第一次分裂的后期,等位基因随同源染色体分开而分离,减数分裂是分离定律的细胞学基础。
孟德尔研究分离定律运用了假说—演绎法。
(6)生物的变异可能是由环境条件引起的,也可能是遗传物质改变引起的。
如果该矮茎豌豆是由环境条件引起的,则该矮茎豌豆的基因型仍为DD,则在良好的环境条件下,让该矮茎豌豆自交,后代将全为高茎;但如果该矮茎豌豆是基因突变所形成的,则它的基因型为dd,自交后代将全为矮茎。
答案:
(1)杂交实验 测交实验
(2)为什么F2中出现性状分离和3∶1的比例(其他答案正确也可)
(3)一对等位基因控制一对相对性状(其他答案正确也可)
(4)圆粒∶皱粒=1∶1
(5)减数分裂 假说—演绎法 一对等位基因随同源染色体
(6)受环境影响 基因突变
19.“母性效应”是指子代某一性状的表现型由母体的染色体基因型决定,而不受本身基因型的支配。
椎实螺是一种雌雄同体的软体动物,一般通过异体受精繁殖,但若单独饲养,也可以进行自体受精,其螺壳的旋转方向有左旋和右旋的区分,旋转方向符合“母性效应”,遗传过程如图所示。
现有右旋和左旋椎实螺若干,回答下列问题:
(1)“母性效应”现象是否符合孟德尔遗传定律?
__________________
(2)螺壳表现为左旋的个体其基因型可能为__________________;螺壳表现为右旋的个体其基因型可能为________________。
(3)F2出现三种基因型的根本原因是______________________。
请写出F2自交的遗传图解,并注明自交子代的表现型及比例。
(4)欲判断某左旋椎实螺的基因型,可用任意的右旋椎实螺做父本进行交配,统计杂交后代F1的性状。
若子代表现情况是________,则该左旋椎实螺是纯合子;若子代的表现情况是________,则该左旋椎实螺是杂合子。
解析:
(1)由遗传图解知:
“母性效应”符合孟德尔遗传定律。
(2)螺壳表现为左旋,说明母本的基因型为dd,故表现为螺壳左旋的子代基因型为dd或Dd。
同理,螺壳右旋个体基因型为DD、Dd或dd。
(3)F2出现三种基因型的根本原因是F1产生配子过程中因等位基因分离而产生数量相等的不同种配子。
(4)左旋螺的基因型为Dd或dd,故可以用任意右旋螺做父本与该螺杂交,若左旋螺为Dd,则子代螺壳应为右旋,若左旋螺为dd,则子代螺壳应为左旋。
答案:
(1)符合
(2)dd或Dd dd或Dd或DD(少写不可) (3)F1形成配子时,等位基因发生分离
遗传图解:
F2 1/4DD 2/4Dd 1/4dd
右旋螺 右旋螺 右旋螺
↓自交 ↓自交 ↓自交
1/4DD 1/8DD 1/4Dd 1/8dd 1/4dd
子代表
现型右旋螺 右旋螺 右旋螺 右旋螺 左旋螺
3 ∶ 1
(4)左旋螺 右旋螺
20.(2016·成都模拟)甲、乙两图分别是具有一对和两对等位基因的个体杂交的遗传图解。
已知同一个体产生的各种配子类型数量相等。
请分析回答下列问题:
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