高三一轮复习必修二第一章孟德尔的豌豆杂交实验二经典习题.docx

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高三一轮复习必修二第一章孟德尔的豌豆杂交实验二经典习题

课时考点训练

题组、自由组合定律及应用

1．（2013年高考天津卷）大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。

用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。

据图判断，下列叙述正确的是（　　）

A．黄色为显性性状，黑色为隐性性状

B．F1与黄色亲本杂交，后代有两种表现型

C．F1和F2中灰色大鼠均为杂合体

D．F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1/4

解析：

本题考查自由组合定律的应用。

根据遗传图谱分析可知，该性状的遗传受两对等位基因控制，若假设分别由A、a与B、b控制，则基因型与表现型之间的对应关系为：

A_B_（灰色）、A_bb（黄色或黑色）、aaB_（黑色或黄色）、aabb（米色）；F1的基因型为AaBb，与黄色亲本AAbb（或aaBB）杂交，后代有A_Bb（或AaB_）（灰色）、A_bb（aaB_）（黄色）两种表现型；F1中灰色大鼠肯定为杂合子，而F2中灰色大鼠可能为纯合子，也可能为杂合子；F2中黑色大鼠（aaB_或A_bb）与米色大鼠aabb杂交有：

2/3aaBb（或Aabb）×aabb和1/3aaBB（或AAbb）×aabb，后代中出现米色大鼠的概率为2/3×1/2＝1/3。

答案：

B

2．（2012年高考山东卷）某遗传病的遗传涉及非同源染色体上的两对等位基因。

已知Ⅰ1基因型为AaBB，且Ⅱ2与Ⅱ3婚配的子代不会患病。

根据以下系谱图，正确的推断是（　　）

A．Ⅰ3的基因型一定为AABb

B．Ⅱ2的基因型一定为aaBB

C．Ⅲ1的基因型可能为AaBb或AABb

D．Ⅲ2与基因型为AaBb的女性婚配，子代患病的概率为3/16

解析：

本题主要考查了遗传规律的应用。

已知该遗传病是由两对等位基因控制的，Ⅱ2和Ⅱ3患病但子代不会患病，说明这两对等位基因中每对等位基因的隐性纯合子（即aa或bb）均可引起该遗传病，只有A_B_的个体才能表现正常。

进一步结合Ⅰ1的基因型（AaBB）可确定Ⅱ2和Ⅱ3的基因型分别为aaBB和AAbb，所以Ⅰ3的基因型是AaBb或AABb，Ⅲ1和Ⅲ2的基因型均为AaBb。

Ⅲ2（AaBb）与基因型为AaBb的女性婚配，子代正常（A_B_）的概率是9/16，患病的概率应为7/16。

答案：

B

3．（2013年高考福建卷）甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。

花色表现型与基因型之间的对应关系如表。

请回答：

（1）白花（AABBDD）×黄花（aaBBDD），F1基因型是________，F1测交后代的花色表现型及其比例是________。

（2）黄花（aaBBDD）×金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有________种，其中纯合个体占黄花的比例是________。

（3）甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为________的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是________。

解析：

本题主要考查基因自由组合定律的相关知识。

题干中说，三对等位基因分别位于三对同源染色体上，表明三对等位基因的遗传遵循自由组合定律。

（1）白花（AABBDD）×黄花（aaBBDD），F1基因型是AaBBDD，F1测交即AaBBDD×aabbdd，其后代基因型及比例为：

AaBbDd∶aaBbDd＝1∶1，结合图表信息推知其表现型及比例为：

乳白花∶黄花＝1∶1。

（2）黄花（aaBBDD）×金黄花（aabbdd），F1（aaBbDd）自交，F2有9种基因型，其中除基因型为aabbdd金黄花外，其他8种基因型的个体都表现为黄花，其纯合个体的基因型为aaBBDD、aaBBdd、aabbDD，占黄花个体的比例为3/15，即1/5。

（3）只有选择全杂合的个体（即基因型为AaBbDd）自交，后代才会出现所有基因型的个体，获得四种花色表现型的子一代。

理论上子一代中白花、乳白花、黄花和金黄花所占比例分别为1/4、1/2、15/64、1/64。

答案：

（1）AaBBDD　乳白花∶黄花＝1∶1

（2）8　1/5

（3）AaBbDd　乳白花

4．（2013年高考浙江卷）在玉米中，控制某种除草剂抗性（简称抗性，T）与除草剂敏感（简称非抗，t）、非糯性（G）与糯性（g）的基因分别位于两对同源染色体上。

有人以纯合的非抗非糯性玉米（甲）为材料，经过EMS诱变处理获得抗性非糯性个体（乙）；甲的花粉经EMS诱变处理并培养等，获得可育的非抗糯性个体（丙）。

请回答：

（1）获得丙的过程中，运用了诱变育种和________育种技术。

（2）若要培育抗性糯性的新品种，采用乙与丙杂交，F1只出现抗性非糯性和非抗非糯性的个体；从F1中选择表现型为________的个体自交，F2中有抗性糯性个体，其比例是________。

（3）采用自交法鉴定F2中抗性糯性个体是否为纯合子。

若自交后代中没有表现型为________的个体，则被鉴定个体为纯合子；反之则为杂合子。

请用遗传图解表示杂合子的鉴定过程。

（4）拟采用转基因技术改良上述抗性糯性玉米的抗虫性。

通常从其他物种获得________，将其和农杆菌的________用合适的限制性核酸内切酶分别切割，然后借助________连接，形成重组DNA分子，再转移到该玉米的培养细胞中，经筛选和培养等获得转基因抗虫植株。

解析：

本题主要考查生物育种相关问题，其中涉及诱变育种、杂交育种、单倍体育种以及基因工程育种的相关知识。

（1）个体丙是由二倍体花粉培育成的可育后代，花粉含一个染色体组，要想培育成可育二倍体，需经染色体加倍，由此推知获得丙的过程要运用单倍体育种技术。

（2）纯合的非抗非糯性玉米（甲）基因型为ttGG，经EMS诱变处理获得抗性非糯性个体（乙）基因型应为TtGG，非抗糯性个体（丙）的基因型为ttgg。

采用乙与丙杂交产生F1，即TtGG×ttgg―→F1：

TtGg、ttGg。

在F1的两种基因型个体中，只有基因型为TtGg个体自交，F2中才可出现抗性糯性个体，在16种组合中只有基因型为TTgg（1/16）和Ttgg（2/16）的个体为抗性糯性个体，故其比例为3/16。

（3）若F2中抗性糯性个体为杂合子Ttgg，其自交后代会出现另一性状非抗糯性，遗传图解见答案。

若F2中抗性糯性个体为纯合子TTgg，其自交后代就不会出现另一性状非抗糯性。

（4）由于上述玉米不含抗虫基因，故通常需从其他物种获取抗虫基因（目的基因），然后将抗虫基因与农杆菌的Ti质粒连接，该过程用到限制性核酸内切酶和DNA连接酶，最终形成重组DNA分子，再转移到该玉米的培养细胞中，经筛选和培养等获得转基因抗虫植株，从而达到运用转基因技术改良上述玉米的抗药性的目的。

答案：

（1）单倍体

（2）抗性非糯性　3/16

（3）非抗糯性

（4）抗虫基因（或目的基因）　Ti质粒　DNA连接酶

5．（2013年高考新课标全国卷Ⅰ）一对相对性状可受多对等位基因控制，如某种植物花的紫色（显性）和白色（隐性）这对相对性状就受多对等位基因控制。

科学家已从该种植物的一个紫花品系中选育出了5个基因型不同的白花品系，且这5个白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异。

某同学在大量种植该紫花品系时，偶然发现了1株白花植株，将其自交，后代均表现为白花。

回答下列问题：

（1）假设上述植物花的紫色（显性）和白色（隐性）这对相对性状受8对等位基因控制，显性基因分别用A、B、C、D、E、F、G、H表示，则紫花品系的基因型为________；上述5个白花品系之一的基因型可能为________（写出其中一种基因型即可）。

（2）假设该白花植株与紫花品系也只有一对等位基因存在差异，若要通过杂交实验来确定该白花植株是一个新等位基因突变造成的，还是属于上述5个白花品系中的一个，则：

①该实验的思路：

________________________________________________________________________

________________________________________________________________________。

②预期实验结果和结论：

________________________________________________________________________

________________________________________________________________________

________________________________________________________________________。

解析：

本题主要考查基因自由组合定律的原理和应用。

（1）植株的紫花和白花是由8对等位基因控制的，紫花为显性，且5种已知白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异，据此可推断该紫花品系为8对等位基因的显性纯合子。

上述5种白花品系都是只有一对基因为隐性纯合，另外7对等位基因为显性纯合，如aaBBCCDDEEFFGGHH、AAbbCCDDEEFFGGHH等。

（2）该紫花品系的后代中出现了1株能稳定遗传的白花植株，且与紫花品系也只有一对等位基因存在差异，若已知5种白花品系中隐性纯合的那对基因分别为aa、bb、cc、dd、ee，则该突变白花植株的基因型可能与上述5种白花品系之一相同，也可能出现隐性纯合基因是ff或gg或hh的新突变。

判断这两种情况的方法是让该白花植株的后代分别与5个白花品系杂交，预测子代花色遗传情况：

若为新等位基因突变，则5种杂交组合中的子代应全为紫花；若该白花植株为上述5个白花品系之一，则与之基因型相同的一组杂交子代全为白花，其余4组杂交子代均为紫花。

由此可判断该突变白花植株的类型。

答案：

（1）AABBCCDDEEFFGGHH　aaBBCCDDEEFFGGHH（或8对等位基因中任意1对等位基因为隐性纯合，且其他等位基因为显性纯合）

（2）①用该白花植株的后代分别与5个白花品系杂交，观察子代花色　②在5个杂交组合中，如果子代全部为紫花，说明该白花植株是新等位基因突变造成的；在5个杂交组合中，如果4个组合的子代为紫花，1个组合的子代全为白花，说明该白花植株属于这5个白花品系之一

6．（2011年高考北京卷）果蝇的2号染色体上存在朱砂眼（a）和褐色眼（b）基因，减数分裂时不发生交叉互换。

aa个体的褐色素合成受到抑制，bb个体的朱砂色素合成受到抑制。

正常果蝇复眼的暗红色是这两种色素叠加的结果。

（1）a和b是________性基因，就这两对基因而言，朱砂眼果蝇的基因型包括________。

（2）用双杂合体雄蝇（K）与双隐性纯合体雌蝇进行测交实验，母本果蝇复眼为________色。

子代表现型及比例为暗红眼∶白眼＝1∶1，说明父本的A、B基因与染色体的对应关系是________。

（3）在近千次的重复实验中，有6次实验的子代全部为暗红眼，但反交却无此现象。

从减数分裂的过程分析，出现上述例外的原因可能是：

________的一部分________细胞未能正常完成分裂，无法产生________。

（4）为检验上述推测，可用__________观察切片，统计________的比例，并比较________之间该比值的差异。

解析：

（1）a控制朱砂眼，而bb抑制朱砂色素合成，故朱砂眼果蝇基因型为aaBb、aaBB。

（2）因双隐性纯合雌果蝇（aabb）两种色素均不能合成，故为白色。

两果蝇杂交的后代有白眼果蝇（减数分裂时无交叉互换），说明雄蝇产生了ab精子，又因子代中暗红眼∶白眼＝1∶1，故父本的A、B基因在同一条2号染色体上。

（3）子代全部为暗红眼，说明无aabb个体，即无ab型精子，其原因可能是父本（AaBb）的部分次级精母细胞分裂不正常。

（4）若推测正确，则双杂合体雄蝇K中次级精母细胞和精细胞的比例与只产生一种眼色后代的雄蝇中次级精母细胞和精细胞的比例是不同的，所以可通过用显微镜分别观察其切片，统计次级精母细胞和精细胞的比例。

答案：

（1）隐　aaBb、aaBB

（2）白　A、B在同一条2号染色体上

（3）父本　次级精母　携带有a、b基因的精子

（4）显微镜　次级精母细胞与精细胞　K与只产生一种眼色后代的雄蝇

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一、选择题

1．关于下列图解的理解正确的是（　　）

A．基因自由组合定律的实质表现在图中的④⑤⑥

B．③⑥过程表示减数分裂过程

C．左图中③过程的随机性是子代Aa占1/2的原因之一

D．右图子代中aaBB的个体在aaB_中占的比例为1/16

解析：

非同源染色体上的非等位基因的自由组合发生在减数分裂过程中，即图中的④⑤，A错误；③⑥表示受精作用，B错误；左图中③过程的随机性是子代Aa占1/2的原因之一，C正确；右图子代中aaBB的个体占整个子代的比例为1/16，aaBb的个体占整个子代的比例为2/16，所以子代中aaBB的个体在aaB_中占的比例为1/3，D错误。

答案：

C

2．基因的自由组合定律发生于下图中的哪个过程（　　）

A．①　　　　　　　　　　　B．②

C．③D．④

解析：

①②可以分别表示减数分裂和受精作用，③可理解为性状的表达。

基因的自由组合是非同源染色体上的非等位基因在配子形成时发生的，在受精作用进行时不发生此现象，在基因的表达过程中也没有发生。

答案：

A

3．下列是豌豆五种杂交组合的实验统计数据：

据上表判断下列叙述不合理的是（　　）

A．通过第一、四组可以得出红花对白花为显性性状，通过第二、四组可以得出高茎对矮茎为显性性状

B．若以A和a分别表示株高的显、隐性基因，D和d分别表示花色的显、隐性基因，则第一组两个亲本植株的基因型为AaDd、aaDd

C．每一组杂交后代的纯合子的概率都相同

D．最容易获得双隐性个体的杂交组合是第五组

解析：

第一组：

红花×红花→3红∶1白；第三组：

红花×红花→3红∶1白；第四组：

红花×红花→3红∶1白，均可判断出红花对白花是显性性状；第二组：

高茎×高茎→3高∶1矮，第四组：

高茎×高茎→3高∶1矮，均可判断出高茎对矮茎是显性性状，故A项正确。

若用A表示高茎，D表示红花，因为第一组中高茎×矮茎→1高∶1矮，即亲本中的高茎为杂合子，矮茎为隐性纯合子；红花×红花→3红∶1白，则亲本中红花均为杂合子，则第一组亲本基因型为AaDd×aaDd，故B项正确。

同样的方法可以推测出其他各组的基因型，第二组：

AaDd×Aadd；第三组：

AADd×aaDd；第四组：

AaDd×AaDd；第五组：

Aadd×aaDd，由各组亲本基因型可以推出各组杂交后代的纯合子概率为第一组：

1/4，第二组：

1/4，第三组：

0，第四组：

1/4，第五组：

1/4，故C项错误。

每组获得隐性纯合子的概率为第一组：

1/8，第二组：

1/8，第三组：

0，第四组：

1/16，第五组：

1/4，故D项正确。

答案：

C

4．（2014年山东滨州模拟）研究发现，豚鼠毛色由以下等位基因决定：

Cb－黑色、Cs—银色、Cc—乳白色、Cx—白化。

为确定这组基因间的关系，进行了部分杂交实验，结果如下，据此分析下列选项正确的是（　　）

A.两只白化的豚鼠杂交，后代不会出现银色个体

B．该豚鼠群体中与毛色有关的基因型共有6种

C．无法确定这组等位基因间的显性程度

D．两只豚鼠杂交的后代最多会出现四种毛色

解析：

亲代黑×黑→子代出现黑和白化，说明黑（Cb）对白化（Cx）为显性。

亲代乳白×乳白→子代出现乳白和白化，说明乳白（Cc）对白化（Cx）为显性。

亲代黑×白化→子代出现黑和银，说明银（Cs）对白化（Cx）为显性，故两只白化的豚鼠杂交，后代不会出现银色个体，A正确。

该豚鼠群体中与毛色有关的基因型有10种，B错误。

根据四组交配亲子代的表型关系可以确定Cb（黑色）、Cs（银色）、Cc（乳白色）、Cx（白化）这组等位基因间的显性程度，C错误。

由于四种等位基因间存在显隐性关系，两只豚鼠杂交的后代最多会出现三种毛色，D错误。

答案：

A

5．豌豆种皮灰色对白色为显性，子叶黄色对绿色为显性。

豌豆甲自交后代全部为灰种皮黄子叶，豌豆乙自交后代全部为白种皮绿子叶。

现将甲花粉授到乙柱头上，受精后所得到的种子（　　）

A．种皮全呈白色，子叶全呈黄色

B．种皮全呈白色，子叶全呈绿色

C．种皮全呈灰色，子叶全呈绿色

D．种皮全呈灰色，子叶全呈黄色

解析：

种皮是由母本的珠被发育而来的，其基因型和母本相同，珠被属于母本的一部分，子叶是由受精卵发育成的胚的一部分。

答案：

A

6．（2014年烟台检测）现有①～④四个果蝇品系（都是纯种），其中品系①的性状均为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。

这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：

品系

①

②

③

④

隐性性状

无（均为显性）

残翅

黑身

紫红眼

相应染色体

Ⅱ、Ⅲ

Ⅱ

Ⅱ

Ⅲ

若需验证自由组合定律，可选择下列哪种交配类型（　　）

A．①×②B．②×④

C．②×③D．①×④

解析：

自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的基因的遗传规律，若要验证该定律，所取两个亲本具有两对不同相对性状即可，故选②×④或③×④。

答案：

B

7．（2014年安徽合肥摸底）在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因（Y）对绿皮基因（y）为显性，但在另一白皮基因（W）存在时，基因Y和y都不能正常表达（两对基因独立遗传）。

现有基因型为WwYy的个体自交，其后代表现型种类及比例是（　　）

A．4种；9∶3∶3∶1B．2种；13∶3

C．3种；12∶3∶1D．3种；10∶3∶3

解析：

由于白皮基因（W）存在时，基因Y和y都不能正常表达，即有W基因存在时，都表现为白皮。

遗传图解如下：

故基因型为WwYy的个体自交，其后代表现型种类及比例为白皮∶黄皮∶绿皮＝12∶3∶1。

答案：

C

8．某生物的三对等位基因（Aa、Bb、Ee）分别位于三对同源染色体上，且基因A、b、e分别控制①②③三种酶的合成，在三种酶的催化下可使一种无色物质经一系列转化变为黑色素。

假设该生物体内黑色素的合成必须由无色物质转化而来，如图所示：

无色物质

物质甲

物质乙

黑色素

现有基因型为AaBbEe的两个亲本杂交，出现黑色子代的概率为（　　）

A．1/64B．8/64

C．3/64D．27/64

解析：

假设该生物体内的黑色素的合成只能由无色物质转化而来，则黑色个体的基因型是A_bbee，则AaBbEe×AaBbEe产生A_bbee的比例为3/4×1/4×1/4＝3/64。

答案：

C

9．人类的皮肤含有黑色素，黑人含量最多，白人含量最少。

皮肤中黑色素的多少，由两对独立遗传的基因（A和a，B和b）所控制；显性基因A和B可以使黑色素量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。

若一纯种黑人与一纯种白人婚配，后代肤色为黑白中间色；如果该后代与同基因型的异性婚配，其子代可能出现的基因型种类和不同表现型的比例为（　　）

A．3种　3∶1　　　　　B．3种　1∶2∶1

C．9种　9∶3∶3∶1D．9种　1∶4∶6∶4∶1

解析：

根据题中条件可知，纯种黑人与纯种白人婚配后，后代的基因型为AaBb，那么与同基因型的人婚配后的基因型种类为9种：

AABB（1/16）、AaBB（2/16）、AaBb（4/16）、AAbb（1/16）、Aabb（2/16）、aaBB（1/16）、aaBb（2/16）、aabb（1/16）、AABb（2/16）。

根据题中显隐性关系，表现型相同的有AaBB（2/16）与AABb（2/16）；AAbb（1/16）、aaBB（1/16）与AaBb（4/16）；Aabb（2/16）与aaBb（2/16）；还有AABB（1/16）和aabb（1/16）两种表现型，因此应该有5种表现型，其比例为1∶4∶6∶4∶1。

答案：

D

10．（2014年温州统考）人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。

这两对基因分别位于两对常染色体上。

下列有关说法，不正确的是（　　）

A．夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子

B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子

C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的几率为7/16

D．耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子

解析：

听觉正常与否受两对等位基因的控制，符合孟德尔自由组合定律的条件，其基因型控制相应的表现型如下表：

性状

听觉正常

听觉不正常（耳聋）

基因型

D_E_

D_ee　ddE_　ddee

夫妇中一个听觉正常（D_E_）、一个耳聋（D_ee、ddE_、ddee）有可能生下听觉正常的孩子。

双方其中一方只有耳蜗管正常（D_ee），另一方只有听神经正常（ddE_）的夫妇也有可能生下听觉正常的孩子。

夫妇双方基因型均为DdEe，后代中听觉正常的占9/16，耳聋的占7/16。

基因型为D_ee和ddE_的耳聋夫妇，有可能生下基因型为D_E_听觉正常的孩子。

答案：

B

二、非选择题

11．（2014年广东六校联考）已知具有B基因的狗，皮毛可以呈黑色；具有bb基因的狗，皮毛可以呈褐色。

另有I（i）基因与狗的毛色形成有关。

甲图表示狗毛色的遗传实验，请回答下列问题：

（1）B与b基因的本质区别是________________________________________________________________________。

狗的毛色遗传说明基因与性状的对应关系是________。

（2）乙图为F1白毛狗的某组织切片显微图像，该图像来自于雌狗，依据是________________。

正常情况下，细胞③正常分裂结束后能产生________种基因型的细胞。

（3）细胞①与细胞②、③相比较，除细胞大小外，最明显的区别是________________________________________________________________________。

（4）F2中，黑毛狗的基因型是________；白毛狗的b基因频率是________。

如果让F2中褐毛狗与F1交配，理论上其后代的表现型及比例是________。

解析：

（1）B和b基因是通过基因突变形成的，二者的主要区别是碱基对的序列不同。

（2）细胞②的细胞质不均等分裂，由此判断该白毛狗为雌性。

（3）细胞①是减数第一次分裂中期，有同源染色体。

细胞②③为减数第二次分裂的后期和前期，细胞内无同源染色体。

（4）由题意可知，狗的毛色由B、b与I、i两对等位基因控制，褐毛狗与白毛狗杂交后代全为白毛狗，所以白毛为显性，受I基因控制，故亲代褐毛狗的基因型为bbii，白毛狗的基因型是BBII，所以F1的基因型为BbIi，F2中出现9种基因型，其中基因型只要有一个I基因就表现为白毛狗，则白毛狗的基因型有6种，即1/16BBII、2/16BBIi、2/16BbII、4/16BbIi、1/16bbII、2/16bbIi，在这些白毛狗中，b的基因频率为1/2；黑毛狗的基因型为BBii、Bbii；F2中褐毛狗的基因型为bbii，与BbIi交配，后代出现4种基因型，表现型及比例应为白毛狗∶黑毛狗∶褐毛狗＝2∶1∶1。

答案：

（1）碱基对的序列不同　两对基因决定一种性状　

（2）图中细胞②（细胞质）不均等分裂　1　（3）细胞①有同源染色体　（4）BBii、Bbii　1/2　白毛狗∶黑毛狗∶褐毛狗＝2∶1∶1。

12．玉米（2N＝20）是雌雄同株的植物，顶生雄花序，侧生雌花序，已知玉米的高秆（D）对矮秆（d）为显性，抗病（R）对易感病（r）为显性，控制上述两对性状的基因分别位于两