安徽省皖南八校届高三第一次联考化学试题Word版附详细解析.docx
- 文档编号:27347510
- 上传时间:2023-06-29
- 格式:DOCX
- 页数:20
- 大小:302.81KB
安徽省皖南八校届高三第一次联考化学试题Word版附详细解析.docx
《安徽省皖南八校届高三第一次联考化学试题Word版附详细解析.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《安徽省皖南八校届高三第一次联考化学试题Word版附详细解析.docx(20页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
安徽省皖南八校届高三第一次联考化学试题Word版附详细解析
安徽省皖南八校2018届高三第一次联考化学试题
可能用到的相对原子质量:
H-1C-12N-14O-16Al-27S-32Cl-35.5Fe-56
第Ⅰ卷(选择题共48分)
一、选择题(本大题共16小题,每小题3分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.下列生活用品中主要由塑料制造的是
A.保鲜膜B.羽绒服C.宣纸D.轮胎
【答案】A
【解析】A、保鲜膜的主要成分是聚乙烯,是用塑料制成的,故A正确;B.羊绒衫的主要成分是蛋白质,故B错误;C.宣纸的主要成分为天然纤维素,故C错误;D.轮胎的主要成分是橡胶,故D错误;故选A。
2.下列解决问题的方法错误的是
A.为防止海鲜腐烂,可将海鲜产品浸泡在硫酸铜溶液中
B.为加快漂白精的漂白速率,使用时可滴加几滴醋酸
C.为使水果保鲜,可在水果箱内放入高锰酸钾溶液浸泡过的硅藻土
D.为增强治疗缺铁性贫血效果,可在口服硫酸亚铁片时同服维生素C
【答案】A
【解析】A.硫酸铜可使蛋白质发生变性,但铜离子有毒,不能将海鲜产品浸泡在硫酸铜溶液中,故A错误;B.滴加几滴醋酸,发生强酸制取弱酸的反应,生成HClO,可加快漂白速率,故B正确;C.乙烯可催熟,高锰酸钾可氧化乙烯,可在水果箱内放入高锰酸钾溶液浸泡过的硅藻土,吸收乙烯,可起到保鲜的作用,故C正确;D.维生素C具有还原性,可防止亚铁离子被氧化,因此口服硫酸亚铁片时可以同服维生素C,故D正确;故选A。
3.下列仪器名称正确的是
A.AB.BC.CD.D
【答案】D
【解析】A.该仪器为泥三角,不是三脚架,故A错误;B.溶量瓶中“溶”错误,应该为容量瓶,故B错误;C.该仪器为坩埚钳,不是镊子,故C错误;D.该仪器为坩埚,灼烧固体常在坩埚中进行,其名称合理,故D正确;故选D。
点睛:
明确常见仪器的构造及使用方法是解题的关键。
要求平时学习时要注意基础知识的掌握和化学名称的正确书写。
4.下列分子中所含中子数为18的是
A.18O2B.1H217O2C.1H218O2D.14N18O
【答案】B
【解析】A.18O2所含的中子数为2×(18-8)=20,故A错误;B.1H217O2所含的中子数为0+2×(17-8)=18,故B正确;C.1H218O2所含的中子数为0+2×(18-8)=20,故C错误;D.14N18O所含的中子数为(14-7)+(18-8)=17,故D错误;故选B。
点睛:
掌握中子数的计算方法是解题的关键。
元素符号的左下角数字表示质子数,左上角数字表示质量数,中子数=质量数-质子数。
5.化合物
(甲)、
(乙)、
(丙)的分子式均为C8H8,下列说法正确的是
A.甲的同分异构体只有乙和丙两种B.甲、乙、丙均可与溴的四氯化碳溶液反应
C.甲、乙、丙的二氯化物种数最少的是丙D.甲中所有原子一定处于同一平面
【答案】C
【解析】A.甲的同分异构体除了乙和丙,分子中还可以是含有碳碳三键等结构的分子,如
等,故A错误;B.丙中不存在碳碳不饱和键,不能与溴的四氯化碳溶液反应,故B错误;C.甲的分子中含有5种氢原子,按照定一移二的方法,二氯化物有
(●为其中一个氯原子的位置)有5种,
有3种,
有4种,
有2种,共14种、乙中含有1种氢原子,二氯化物有4种、丙中含有1种氢原子,二氯化物有3种,二氯化物种数最少的是丙,故C正确;D.苯环和碳碳双键间是碳碳单键,可以旋转,所有原子不一定处于同一平面,故D错误;故选C。
6.阿伏伽德罗常数的值为NA,下列说法正确的是
A.1L1mol/LFeCl3溶液中,Fe3+的数目为NA
B.101g一氯甲烷中含有C-H键的数目为8NA
C.标准状况下,22.4L氨气含有电子数为10NA
D.1mol过氧化钠与足量水完全反应,转移的电子数为2NA
【答案】C
【解析】A.FeCl3是强酸弱碱盐,铁离子能够水解,1L1mol/LFeCl3溶液中,Fe3+的数目少于NA,故A错误;B.101g一氯甲烷的物质的量为
=2mol,其中含有C-H键的数目为6NA,故B错误;C.标准状况下,22.4L氨气的物质的量为
=1mol,每个氨气分子含有10个电子,电子数为10NA,故C正确;D.1mol过氧化钠与足量水完全反应生成氢氧化钠和氧气,过氧化钠中O元素的化合价由-1价变成-2价和0价,转移的电子数为NA,故D错误;故选C。
7.下列化学反应的离子方程式正确的是
A.将少量金属钠放入冷水中:
Na+2H2O=Na++2OH-+H2↑
B.向亚硫酸钡中加入足量稀硝酸:
3BaSO3+2H+=Ba2++SO2↑+H2O
C.向澄清石灰水中通入过量的二氧化碳:
Ca2++2OH-+CO₂=CaCO₃↓+H2O
D.将除去氧化膜的铝片加入烧碱溶液中:
2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑
【答案】D
【解析】A.将少量金属钠放入冷水中,反应生成氢氧化钠和氢气,正确的离子方程式为:
2Na+2H2O═2Na++2OH-+H2↑,故A错误;B.亚硫酸钡被硝酸氧化生成硫酸钡,不能放出二氧化硫,故B错误;C.向澄清石灰水中通入过量的二氧化碳,反应生成碳酸氢钙,正确的离子方程式为:
CO32-+H2O+CO2═2HCO3-,故C错误;D.将铝片加入烧碱溶液中,离子方程式:
2Al+2OH-+2H2O═2AlO2-+3H2↑,故D正确;故选D。
点睛:
本题考查了离子方程式的书写判断,注意掌握离子方程式正误判断常用方法:
检查反应物、生成物是否正确,检查各物质拆分是否正确,如难溶物、弱电解质等需要保留化学式等。
本题的易错点为B,注意硝酸具有强氧化性。
8.常温下,下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是
A.1mol/LKNO3溶液:
H+、Fe2+、Cl-、SO42-
B.甲基橙呈红色的溶液:
NH4+、Ba2+、AlO2-、Cl-
C.pH=12的溶液:
K+、Na+、CH3COO-、Br-
D.与铝反应产生大量氢气的溶液:
K+、Na+、CO32-、SO42-
【答案】C
【解析】A.H+、Fe2+、NO3-发生氧化还原反应,不能大量共存,故A错误;B.甲基橙呈红色的溶液,显酸性,不能大量存在AlO2-,故B错误;C.pH=12的溶液,显碱性,该组离子之间不反应,可大量共存,故C正确;D.与铝反应产生大量氢气的溶液,为非氧化性酸或强碱溶液,酸溶液中不能大量存在CO32-,故D错误;故选C。
9.已知:
Co2O3、Cl2、Fe3+、I2的氧化性依次减弱。
下列反应在水溶液中不可能发生的是
A.3Cl2+6FeI2(少量)=2FeCl3+4FeI3
B.Cl2(少量)+FeI2=FeCl2+I2
C.Co2O3+6HCl(浓)=2CoCl2+Cl2↑+3H2O
D.Co2O3+2Fe2++6H+=2Fe3++2Co2++3H2O
【答案】A
【解析】A、因为氧化性Cl2>FeCl3>I2,所以氯气能够先氧化碘离子后氧化亚铁离子,能够将FeI2完全氧化,故A错误;B、因为氧化性FeCl3>I2,所以氯气先氧化碘离子后氧化亚铁离子,故B正确;C、因为氧化性Co2O3>Cl2,所以Co2O3+6HCl=2CoCl2+Cl2↑+3H2O能发生,故C正确;D、因为氧化性Co2O3>FeCl3,所以Co2O3+2Fe2++6H+=2Fe3++2Co2++3H2O能发生,故D正确;故选A。
10.25℃时,将10mL质量分数为50%(密度为1.4g/cm3)的硫酸稀释成100mL。
下列说法正确的是
A.俯视容量瓶颈刻度线定容,所配溶液的浓度偏低
B.上述稀释过程所需要的蒸馏水为90mL
C.50%的硫酸溶液中溶质的物质的量浓度为7.14mol/L
D.上述100mL稀硫酸中含溶质14g,该稀硫酸不属于电解质
【答案】C
【解析】A、俯视容量瓶颈刻度线定容,导致溶液的体积偏小,所配溶液的浓度偏高,故A错误;B、上述稀释后溶液的密度不知,所以无法求所需要的蒸馏水的体积或质量,故B错误;C、根据c=
=
=7.14mol/L,所以质量分数为50%的硫酸物质的量浓度为7.14mol/L,故C正确;D、c=
=
=7.14mol/L,而稀释过程中溶质的质量不变,所以上述100mL稀硫酸中含溶质7.14mol/L×0.01L×98g/mol=6.99g,故D错误;故选C。
点睛:
掌握物质的量浓度的概念和溶质的质量分数与物质的量浓度的转化是正确解答本题的关键。
本题的易错点为B,物质的量浓度公式c=
中的V指的是溶液的体积,溶液的体积不等于浓硫酸的体积与水的体积的和,应该是溶液的质量与溶液密度的商。
11.实验室按如下装置测定纯碱(含少量NaCl)的纯度。
下列说法错误的是
A.实验前,应进行气密性检查,滴入盐酸前,应将装置中含有CO2的空气排尽
B.必须在装置②、③间添加吸收HCl气体的装置
C.装置④的作用是防止空气中的CO2进入装置③与Ba(OH)2溶液反应
D.反应结束时,应再通入空气将装置②中产生的气体完全转移到装置③中
【答案】B
.....................
点睛:
把握物质的性质以及实验的原理是解题的关键。
测定Na2CO3固体(含少量NaCl)的纯度,是根据盐酸和样品反应生成二氧化碳,氢氧化钡与二氧化碳反应生成碳酸钡沉淀,根据沉淀的质量来确定二氧化碳的质量,进而计算碳酸钠的质量,因此需要防止空气中的二氧化碳加入③。
12.如图所示,把试管放入盛有25℃的饱和石灰水的烧杯中,开始时,向试管中放入几小块镁条,再用滴管滴5mL盐酸于试管中。
下列说法错误的是
A.反应过程中烧杯内石灰水会出现浑浊
B.试管中反应的离子方程式为Mg+2H+=Mg2++H2↑
C.由实验推知,MgCl2和H2的总能量小于Mg和HCl的总能量
D.若把镁片换成铜片,则烧杯内石灰水会变浑浊,且小试管中的溶液还将变为蓝色
【答案】D
【解析】A.金属镁和盐酸反应产生大量的热,该热量能使氢氧化钙的溶解度降低,所以饱和石灰水溶液变浑浊,故A正确;B.金属镁和盐酸反应的实质是:
Mg+2H+═Mg2++H2↑,故B正确;C.金属镁和盐酸反应产生大量的热,反应物的能量高于生成物的能量,故C正确;D.铜片与盐酸不反应,则烧杯内石灰水无明显变化,故D错误;故选D。
13.将铁片和锌片用导线相连插入盛有海水(溶有氧气)的烧杯中(见右图)。
下列说法正确的是
A.锌片作正极,逐渐溶解
B.电子从铁片经过导线流向锌片
C.铁片上电极反应为O2+2H2O+4e-=4OH-
D.该装置能将电能转化为化学能
【答案】C
【解析】将铁片和锌片用导线相连插入盛有海水(溶有氧气)的烧杯中发生金属的吸氧腐蚀。
A.锌比铁活泼,锌片作负极,逐渐溶解,故A错误;B.原电池中电子从负极经导线流向正极,电子从锌片经过导线流向铁片,故B错误;C.铁是正极,溶解的氧气在正极上发生还原反应,电极反应为O2+2H2O+4e-=4OH-,故C正确;D.该装置是原电池,能将化学能转化为电能,故D错误;故选C。
14.由下列实验及现象不能推出相应结论的是
实验
现象
结论
A
向2mL0.1mol/L的Fe2(SO4)3溶液中加足量铜粉,振荡,加1滴KSCN溶液
溶液由黄色变为蓝色,加KSCN溶液颜色不变
还原性:
Cu>Fe2+
B
将相同大小的金属钠分别投入乙醇和水中
乙醇与钠反应缓慢,水与钠反应剧烈
乙醇羟基中的氢原子不如水分子中的氢原子活泼
C
将食醋滴入到大理石上
有气泡产生
碳酸的酸性比乙酸弱
D
将刚摘下的红色花朵放入盛满干燥氯气的集气瓶中,盖上玻璃片
花朵褪色
氯气分子具有漂白作用
A.AB.BC.CD.D
【答案】D
【解析】A.向2mL0.1FeCl3的溶液中加足量铜粉,发生2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+,反应中铜为还原剂,Fe2+为还原产物,还原性:
Cu>Fe2+,可观察到黄色逐渐消失,加KSCN溶液颜色不变,故A正确;B.水、乙醇都可与水反应生成氢气,可根据生成氢气的剧烈程度比较乙醇羟基中的氢原子与水中的氢原子的活泼性,故B正确;C.食醋的主要成分是乙酸,将食醋滴入到大理石上,有气泡产生,说明乙酸的酸性比碳酸强,故C正确;D.次氯酸具有漂白性,氯气没有漂白性,将干燥的氯气通入放有鲜花的瓶中,氯气和水反应生成的次氯酸导致鲜花褪色,而不是氯气使鲜花褪色,故D错误;故选D。
15.在一定温度下,将一定量的A和B放入容积为VL的某恒容密闭容器中,发生如下反应:
A(s)+2B(g)
3C(g)+2D(g),经5min后测得容器内C的平均反应速率为0.06mol·L-1·min-1。
C的物质的量为1.5mol,则V等于
A.2B.3C.4D.5
【答案】D
【解析】5min后测得容器内C的平均反应速率为0.06mol·L-1·min-1,根据v=
,则△c=vt=0.06mol·L-1·min-1×5min=0.3mol/L,又因为C的物质的量为1.5mol,因此容器的容积V=
=
=5L,故选D。
16.短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大,W原子的L电子层上有4个电子,X+和Y3+的电子层结构相同,Z-的电子数比X+的多8个。
下列说法正确的是
A.W在自然界只有一种核素
B.离子半径大小:
X+ C.Y与Z形成化合物的水溶液可使紫色石蕊试液变红 D.含有共价键的X的氧化物,其阴、阳离子个数比为1: 1 【答案】C 【解析】W、X、Y、Z为原子序数依次增大的短周期主族元素,W原子的L电子层上有4个电子,说明W的原子核外只有6个电子,W为C元素;X+和Y3+的电子层结构相同,X为Na,Y为Al元素;Z的电子数比Y3+多8个,Z的电子数为10+8-1=17,Z为Cl。 由上述分析可知,W为C,X为Na,Y为Al,Z为Cl。 A.W为C,存在12C、13C、14C等核素,故A错误;B.电子层越多,离子半径越大,具有相同电子排布的离子中原子序数大的离子半径小,则半径大小: Y3+<X+<Z-,故B错误;C.Y与Z形成的化合物为氯化铝,铝离子水解,其水溶液呈弱酸性,可使紫色石蕊试液变红,故C正确;D.含有共价键的X的氧化物为过氧化钠,其中阴离子为过氧根离子,阴、阳离子个数比为1: 2,故D错误;故选C。 第Ⅱ卷(非选择题共52分) 二、非选择题(本大题共5小题,共52分) 17.氯化亚铜(CuCl)是一种重要的催化剂。 实验室按如下装置和方案制备氯化亚铜(已知: Cu2++6Cl―+Cu=2CuCl32-) 实验步骤: ①加热至50℃,铜丝表面产生无色气泡,液面上方有红棕色气体产生; ②通入并调节氧气的量维持三颈瓶内压强不变。 停止加热,反应继续进行,越来越剧烈; ③反应停止后冷却至室温,待气囊变瘪。 瓶内红棕色气体消失时关闭K; ④将液体(含CuCl32-等)转移至烧杯中用蒸馏水稀释,产生白色沉淀,过滤得氯化亚铜粗品和滤液; ⑤氯化亚铜粗品经洗涤、烘干,得到氯化亚铜。 回答下列问题: (1)写出步骤①中铜丝表面产生无色气泡的化学方程式_________。 (2)步骤②中停止加热后,反应越来越剧烈的原因是_______。 (3)步骤③中瓶内红棕色气体消失的原因是_______。 (结合化学方程式回答) (4)步骤④中产生白色沉淀的离子方程式是_________。 (5)步骤④所得滤液经浓缩后可返回至三颈瓶继续使用,此时需向三颈瓶内补充的物质有____。 【答案】 (1).3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O (2).铜与硝酸反应放热,溶液温度升高,反应速率加快(3).发生反应4NO2+O2+2H2O=4HNO3,(或3NO2+H2O=2HNO3+NO,2NO+O2=2NO2),NO2完全转化为硝酸(4).CuCl32- CuCl↓+2Cl-(5).铜和盐酸 【解析】 (1)步骤①中铜丝表面产生无色气泡,是因为铜与稀硝酸反应的结果,化学方程式为3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O,故答案为: 3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O; (2)Cu与硝酸反应放热,溶液温度升高,反应速率加快,使得步骤②中停止加热后,反应越来越剧烈,故答案为: Cu与硝酸反应放热,溶液温度升高,反应速率加快; (3)瓶内红棕色气体消失的原因是发生反应4NO2+O2+2H2O=4HNO3(或3NO2+H2O=2HNO3+NO,2NO+O2=2NO2),NO2完全转化为硝酸,故答案为: 发生反应4NO2+O2+2H2O=4HNO3(或3NO2+H2O=2HNO3+NO,2NO+O2=2NO2),NO2完全转化为硝酸; (4)产生白色沉淀,过滤得氯化亚铜粗品,则沉淀为CuCl,则④中产生白色沉淀的离子方程式是CuCl32- CuCl↓+2Cl-,故答案为: CuCl32- CuCl↓+2Cl-; (5)滤液含氯化铵,结合初始物质可知步骤④所得滤液经浓缩后可返回至三颈瓶继续使用,此时需向三颈瓶内补充的物质有铜和盐酸,故答案为: 铜和盐酸。 18.镁铝合金在工业上有着广泛的用途,氧化铝是冶炼金属铝的主要原料。 从铝土矿(主要成分是Al2O3,含有SiO2、Fe2O3、MgO等杂质)中提取氧化铝的两种工艺流程如下: 回答下列问题: (1)Al2O3、SiO2、Fe2O3、MgO四种物质中,属于酸性氧化物的是______,属于碱性氧化物的是______。 (2)流程一中,沉淀③是_________(填化学式,下同),沉淀⑥是_________。 (3)流程二中,加入烧碱溶解SiO2的化学方程式为_________。 (4)滤液⑤中的可溶性盐是NaCl、______(填化学式),滤液⑨与过量氨水反应的离子方程式为_____。 (5)在电解氧化铝制取金属铝的反应中,氧化产物与还原产物的质量之比为______。 【答案】 (1).SiO2 (2).Fe2O3、MgO(3).Fe(OH)3、Mg(OH)2(4).Al(OH)3(5).SiO2+2NaOH=Na2SiO3+H2O(6).NaHCO3(7).H++NH3·H2O=NH4++H2O、Al3++3NH3·H2O=Al(OH)3↓+3NH4+(8).8: 9 【解析】 (1)Al2O3、SiO2、Fe2O3、MgO四种物质中,属于酸性氧化物的有SiO2,属于碱性氧化物的有Fe2O3、MgO,Al2O3是两性氧化物,故答案为: SiO2;Fe2O3、MgO; (2)流程一中,加入盐酸后,铝土矿中的Al2O3、Fe2O3、MgO能和盐酸反应而溶解,滤液②中含有Al3+、Fe3+和Mg2+,加入过量氢氧化钠溶液,分别转化为偏铝酸钠、氢氧化铁沉淀和氢氧化镁沉淀,因此沉淀③中含有氢氧化铁和氢氧化镁,滤液④中通入过量二氧化碳,与偏铝酸钠反应生成氢氧化铝沉淀,故沉淀⑥为氢氧化铝,故答案为: Fe(OH)3、Mg(OH)2;Al(OH)3; (3)流程二中,加入烧碱溶解SiO2的化学方程式为SiO2+2NaOH=Na2SiO3+H2O,故答案为: SiO2+2NaOH=Na2SiO3+H2O; (4)根据 (2)的分析,滤液⑤中的可溶性盐是NaCl和NaHCO3,流程二中,加入烧碱溶解SiO2和氧化铝得到硅酸钠和偏铝酸钠的溶液,即滤液⑧含有硅酸钠、偏铝酸钠和过量的氢氧化钠,向其中加入过量盐酸,反应生成硅酸沉淀和氯化铝溶液,滤液⑨中主要含有氯化钠、氯化铝和过量的盐酸,盐酸和氯化铝都能够与氨水反应,反应的离子方程式为H++NH3·H2O=NH4++H2O、Al3++3NH3·H2O=Al(OH)3↓+3NH4+,故答案为: H++NH3·H2O=NH4++H2O、Al3++3NH3·H2O=Al(OH)3↓+3NH4+; (5)电解氧化铝制取金属铝的反应方程式为2Al2O3 4Al+3O2↑,其中氧化产物为氧气,还原产物为铝,质量之比为 = ,故答案为: 。 点睛: 解答本题的关键是理解流程图中各阶段的反应。 需要注意的是氧化铝属于两性氧化物,既能与盐酸反应,又能与氢氧化钠反应,要熟悉铝及其化合物的相互转化的反应方程式。 19.卤素元素的单质及其化合物的用途广泛。 (1)氯原子的原子结构示意图为_________,氯气分子的电子式为_________。 (2)铜丝能在氯气中燃烧,铁丝能否? ___(填“能”或“不能”),判断依据是______。 (3)将如图装置放置在光亮的地方。 ①随后能观察到的实验现象是_______(填标号)。 A.试管内壁上有油状液滴生成 B.饱和食盐水中有少量固体析出 C.黄绿色气体颜色变浅 D.试管内液面上升 ②油状液滴的化学成分是(写化学式)__________。 ③水槽中盛放饱和食盐水而不是蒸馏水是为了抑制_________(写化学式)与水的反应。 ④试管内液面上升的原因是_______(写化学式)极易溶于水。 (4)目前海水提溴(Br2)大致有以下步骤: ①向浓缩的海水中通入某种气体,将海水中的Br-氧化为Br2,该气体是______(写名称)。 ②用热空气将Br2从上述溶液中吹出,并由浓Na2CO3溶液吸收,转变为NaBr、NaBrO3。 每吸收lmolBr2,需消耗Na2CO3_____mol。 ③再将所得混合溶液用稀硫酸酸化,得到浓度较高的溴水,写出生成溴单质的离子方程式___。 【答案】 (1). (2). (3).能(4).铁的金属活动性比铜强(或铁比铜活泼)(5).ABCD(6).CH2Cl2、CHCl3、CCl4(7).Cl2(8).HCl(9).氯气(10).【答题空10】1(11).5Br-+BrO3-+6H+=3Br2+3H2O 【解析】 (1)氯为17号元素,原子结构示意图为 ,氯气分子的电子式为 ,故答案为: ; ; (2)氯气是一种黄绿色气体,具有强氧化性,铜丝在氯气中燃烧生成棕色的烟,在金属活动顺序表中,铁排在铜的前面,铁的还原性比铜强,铁比铜更活泼,铁丝能与氯气反应,铁丝在氯气中燃烧生成棕红色的烟,故答案为: 能,铁比铜更活泼; ②根据上述分析,油状液滴的化学成分有CH2Cl2、CHCl3、CCl4,故答案为: CH2Cl2、CHCl3、CCl4; ③氯气与水的反应是可逆反应,氯气在饱和食盐水中的溶解度很小,是因为饱和食盐水能够抑制氯气与水的反应,故答案为: Cl2; ④根据上述分析,试管内液面上升的原因是氯化氢极易溶于水,故答案为: HCl; (4)①氯气的氧化性比溴强,向浓缩的海水中通入氯气,能够将海水中的Br-氧化为Br2,故答案为: 氯气; ②用热空气将Br2从上述溶液中吹出,并由浓Na2CO3溶液吸收,溴歧化为Br-和BrO3-,反应的离子方程式为3Br2+3CO32-═5Br-+BrO3-+3CO2,1moLBr2需消耗Na2CO3物质的量为1mol,故答案为: 1; ③Br-、BrO3-在酸性条件下发生反应生成Br2,溴元素化合价-1价和+5价变化为0价,电子转移总数5,得到离子方程式为: 5Br-+BrO
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 安徽省 皖南 八校届高三 第一次 联考 化学试题 Word 详细 解析
![提示](https://static.bdocx.com/images/bang_tan.gif)