湖南省郴州市中考物理试题含答案解析.docx
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湖南省郴州市中考物理试题含答案解析
2019年湖南省郴州市中考物理试卷
一、选择题(本大题共18小题,每小题2分,共36分.每小题给出的选项中,只有一项符合题目要求.)
1.(2分)自然界有些能源一旦消耗就很难再生,因此我们要节约能源。
下列能源属于不可再生能源的是( )
A.石油B.风能C.水能D.太阳能
2.(2分)关于重心,下列说法正确的是( )
A.空心的足球没有重心
B.物体的重心不一定在物体上
C.将质地均匀的木球的中心挖去后,木球的重心就消失了
D.物体受到的力全部都作用在重心上
3.(2分)电池作为一种可移动电源,生活中应用十分广泛。
常见的电池有干电池、锂电池、太阳能电池等。
目前,硅是制作太阳能电池的主要材料之一,硅是一种( )
A.导体B.绝缘体C.半导体D.超导体
4.(2分)周末,小明与同学相约,一起徒步郊游。
一路上的所见所闻用所学物理知识来解释,正确的是( )
A.树枝上鸟儿鸣叫﹣﹣固体传声
B.太阳下人影相随﹣﹣光的反射
C.树林中花香四溢﹣﹣分子扩散
D.鞋底都刻有花纹﹣﹣增大压强
5.(2分)下列关于声音的说法中,正确的是( )
A.蝴蝶翅膀振动的声音我们听不到,是因为它的翅膀振动幅度太小
B.“不敢高声语,恐惊天上人”中的“高声”指的是声音的音调高
C.宇航员在月球上无需借助其他设备可以直接对话交流信息
D.用收音机听歌,能分辨歌曲的演唱者,是根据声音的音色来判断的
6.(2分)一架飞机在高空中水平匀速飞行,向灾区投放救灾物资。
该飞机在此过程中( )
A.动能不变B.动能减小
C.重力势能不变D.重力势能增大
7.(2分)为防止食物腐败变质,可利用冰块或干冰使食物降温。
这是因为( )
A.冰块和干冰熔化吸热
B.冰块和干冰升华吸热
C.冰块升华吸热、干冰熔化吸热
D.冰块熔化吸热、干冰升华吸热
8.(2分)如图所示是海波熔化时温度随时间变化的图象。
由此可判断( )
A.海波是非晶体
B.海波的熔化时间是5min
C.海波的熔点是50℃
D.海波在熔化过程中吸收热量,温度升高
9.(2分)2019年被称为5G元年,6月6日我国开始发放5G商用牌照。
5G技术也是依靠电磁波传递信息的,下列有关电磁波的说法正确的是( )
A.太空中是真空,电磁波不能传播
B.电磁波在空气中的传播速度是340m/s
C.光是一种电磁波
D.中央电视台和郴州电视台发射的电磁波传播速度不同
10.(2分)如图所示,一根支在支架上的塑料吸管,能在水平面内自由转动。
用餐巾纸摩擦吸管使其带电,将丝绸摩擦过的玻璃棒靠近带电吸管的一端,吸管被吸引,说明吸管在与餐巾纸摩擦的过程中( )
A.失去电子带正电B.失去电子带负电
C.得到电子带正电D.得到电子带负电
11.(2分)现在流行一款鞋,穿上它走路时,鞋会发光,站着不动就不会发光。
则这款鞋发光的原理,从能量转化的角度分析正确的是( )
A.机械能转化为电能,再转化为光能
B.电能转化为机械能,再转化为光能
C.机械能转化为光能,再转化为电能
D.光能转化为机械能,再转化为电能
12.(2分)将少量热水倒入一空矿泉水瓶中(矿泉水瓶未变形),轻轻摇晃后将热水倒出,立即拧紧瓶盖,然后浇上冷水,可以看到矿泉水瓶变瘪。
产生这一现象的主要原因是( )
A.在所浇冷水的压力作用下,矿泉水瓶被压瘪
B.矿泉水瓶热胀冷缩的结果
C.矿泉水瓶内热气将它吸进去了
D.在大气压的作用下,矿泉水瓶被压瘪
13.(2分)如图所示,将一根玻璃管制成粗细不同的两段,管的下方与一个装有部分水的连通器相通。
当从管的一端吹气时,连通器两端A、B液面高度变化情况正确的是( )
A.A液面上升B.A液面下降
C.B液面下降D.A、B液面高度均不变
14.(2分)利用如图所示的滑轮组匀速提升200N的重物,动滑轮重为10N(不计绳重与摩擦),则拉力F的大小为( )
A.70NB.100NC.105ND.110N
15.(2分)A、B是两个不溶于水的物块,用一根细线连接在一起,先后以两种不同方式放入同一个装有水的烧杯中,处于如图甲、乙所示的静止状态。
试判断两种情况下,烧杯中水面的高度h甲、h乙的大小关系为( )
A.h甲<h乙B.h甲>h乙C.h甲=h乙D.无法判断
16.(2分)如图所示,电源电压不变,闭合开关S后,滑动变阻器的滑片P自中点向b端移动的过程中,下列关于电表示数变化情况判断正确的是( )
A.电流表A1变小,A2变小,电压表V不变
B.电流表A1变小,A2不变,电压表V不变
C.电流表A1变小,A2变小,电压表V变大
D.电流表A1不变,A2变大,电压表V变小
17.(2分)如图所示,闭合开关S后,灯泡L没有发光,电流表和电压表的示数均为0.若电路中只有一处故障,则可能的故障是( )
A.灯泡L断路B.电阻R断路C.灯泡L短路D.电阻R短路
18.(2分)材料相同的甲、乙两个物体分别挂在杠杆A、B两端,O为支点(OA<OB),如图所示,杠杆处于平衡状态。
如果将甲、乙物体(不溶于水)浸没于水中,杠杆将会( )
A.A端下沉B.B端下沉C.仍保持平衡D.无法确定
二、填空题(本大题共5小题,每空2分,共20分.)
19.(4分)小明身高1.65m,站在竖直放置的平面镜前2m处,他在镜中的像到镜面的距离为 m,镜中像的高度为 m。
20.(4分)用液化气灶烧水,把1.5kg初温为20℃的水加热到100℃,需要吸收的热量为 J.若上述过程中完全燃烧了0.021kg液化气,且只有60%的热量被水吸收,则液化气的热值为 J/kg。
[c水=4.2×103J/(kg•℃)]
21.(4分)如图所示,电源电压恒为6V,定值电阻R1=20Ω.闭合开关S,电流表A2的示数为0.9A,则电流表A1的示数为 A,定值电阻R2的阻值为 Ω。
22.(4分)为了制作一座高度为H的立方体实心塑像基座,先用同样的材料制作一个高度为h,重为G的实心样品。
那么这座实心塑像基座的密度为 ,重为 。
23.(4分)如图所示,电源电压恒为12V,定值电阻R1=10Ω,R2=15Ω,滑动变阻器R3的最大阻值为18Ω,则R1上每秒钟发热的最小值为 J,R3的电功率的最大值为 W。
三、作图、实验与探究题(本大题共5小题,24、25题3分,26题8分,27题10分,28题10分,共34分.)
24.(3分)如图所示,用细线拉住的小球静止在水中,请画出小球所受重力的示意图(重
心已画出)。
25.(3分)请用笔画线表示导线,将图中的电灯和开关正确接入家庭电路。
26.(8分)如图所示,小明和实验小组同学利用透镜、光屏、蜡烛等实验器材探究凸透镜成像的规律。
实验数据记录如下:
物距u/cm
像距v/cm
像的性质
缩放
正倒
虚实
35
14
缩小
倒立
实像
25
17
缩小
倒立
实像
20
20
等大
倒立
实像
16
25
放大
倒立
实像
5
﹣
放大
正立
虚像
根据以上实验回答下列问题:
(1)在实验过程中,要使透镜中心、烛焰和光屏中心大致在 ;
(2)由实验数据可判断,该透镜的焦距约为 cm;
(3)分析实验数据可知,凸透镜成实像时,随着物距的减小,像逐渐 (选填“变大”或“变小”或“不变”),像距逐渐增大;
(4)如果用该实验中的透镜来矫正视力,可以制成 (选填“近视”或“远视”)眼镜。
27.(10分)为了测量电源电压和定值电阻,某物理小组设计了如图甲所示的电路。
(1)根据图甲所示电路,用笔画线表示导线,将实物电路补充完整;
(2)闭合开关前,滑动变阻器的滑片应放在 (选填“a”或“b”)端;
(3)假设电源电压恒为U0,定值电阻的阻值为R1.如果电压表示数用U表示,电流表示数用I表示,则U与I的关系式为U= (用U0、I、R1表示);
(4)检查电路无误后,闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P,进行多次实验,记录电流表和电压表的读数,并画出了U﹣I图象,如图丙所示。
图象是一条直线,与U、I坐标轴分别交于3V和0.6A处。
由此可知,电源电压U0= V,定值电阻R1= Ω。
28.(10分)我市风能资源丰富,现各地陆续安装了风力发电机。
风力发电机的原理是利用自然风吹动发电机风叶转动,带动内部发电机组发电。
某兴趣小组提出了一个问题:
风力发电机的发电功率大小可能与哪些因素有关?
他们针对这个问题提出如下猜想:
猜想一:
风力发电机的发电功率大小可能与风速大小有关
猜想二:
风力发电机的发电功率大小可能与风叶长度有关
猜想三:
风力发电机的发电功率大小可能与风叶个数有关
猜想四:
……
针对以上猜想一和猜想二,该兴趣小组设计了实验方案,准备了以下主要实验器材:
小型风力发电机(含形状相同长度分别为10cm、15cm、20cm的风叶共三组)、电吹风、电压表、导线若干。
实验过程中,先将电压表连接在小型发电机输出电路两端,电压表示数可反映发电机的发电情况。
用电吹风吹出的风模拟自然风,正对发电机风叶吹风,进行多次实验,实验数据记录如下:
实验序号
风叶长度/cm
电吹风档位
风叶个数
电压表示数/v
1
10
弱
3
0.5
2
10
中
3
0.8
3
10
强
3
1.2
4
15
中
3
1.3
5
20
中
3
1.8
根据以上实验回答下列问题:
(1)本实验是通过 来反映发电机发电功率大小的;
(2)比较实验序号为 (填上表中实验序号)三次实验所得数据,可验证猜想 (选填“一”或“二”),结论是:
其他条件都相同时,风速越大,风力发电机的发电功率越大。
(3)比较实验序号为2、4、5三次实验所得数据,可验证猜想 (选填“一”或“二”),结论是:
。
四、计算题:
(本大题共2小题,29题10分,30题10分,共20分.要求写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不计分.)
29.(10分)一辆重为2×104N的电动汽车,以恒定功率50kW在平直的公路上匀速行驶3km,用时3min。
已知汽车在行驶中所受阻力为车重的0.1倍,汽车轮胎与地面接触的总面积为0.5m2.求:
(1)汽车对地面的压强;
(2)汽车的牵引力所做的功;
(3)汽车发动机的机械效率(计算结果保留一位小数)。
30.(10分)甲、乙两地相距60km,在甲、乙两地之间沿直线铺设了两条地下电缆。
已知每条地下电缆每千米的电阻为0.2Ω.现地下电缆在某处由于绝缘层老化而发生了漏电,设漏电电阻为Rx.为了确定漏电位置,检修员在甲、乙两地用电压表、电流表和电源各进行了一次检测。
在甲地进行第一次检测时,如图所示连接电路,闭合开关S,电压表示数为6.0V,电流表示数为0.5A.用同样的方法在乙地进行第二次检测时,电压表示数为6.0V,电流表示数为0.3A.求:
(1)第一次与第二次检测的电源输出功率之比;
(2)漏电电阻Rx的阻值;
(3)漏电位置到甲地的距离。
2019年湖南省郴州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共18小题,每小题2分,共36分.每小题给出的选项中,只有一项符合题目要求.)
1.【解答】解:
太阳能、水能、风能等在短时间内可以再次产生,是可再生能源,化石能源是短时间内不能再次产生的,是不可再生能源,故A符合题意。
故选:
A。
2.【解答】解:
A、任何物体都有重心,故A错误;
B、重心不一定在物体上,也可以物体之外,比如均匀的圆环,重心在环外。
故B正确;
C、物体重心的位置可以在物体上,也可以在物体外,如圆环、空心球它们的重心在中间的空心部位上,所以质地均匀的木球的中心挖去后,重心仍在其球心处,故C错误;
D、重心是物体各部分所受重力的集中点,而物体受到的力并非都作用在重心上,故D错误。
故选:
B。
3.【解答】解:
硅是重要的半导体材料,可做成太阳能电池,各种集成电路,用于制造计算机芯片等。
故选:
C。
4.【解答】解:
A、我们能听能到树枝上鸟儿鸣叫声,声音是通过空气传播的,故A错误;
B、太阳下人影相随是光的直线传播形成的,不是光的反射,故B错误;
C、花香四溢,是扩散现象,是分子运动的结果,故C正确;
D、鞋底都刻有花纹,是在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦,故D错误。
故选:
C。
5.【解答】解:
A、我们听不到蝴蝶翅膀振动的声音是因为这一声音的频率小于20Hz,属于次声波,不在人耳的听觉频率范围,故A错误;
B、声音的响度指的是声音的大小,“不敢高声语,恐惊天上人”这里的“高”指的是声音的响度高,故B错误;
C、当宇航员在太空中时,由于没有声音传播需要的介质,所以不能直接对话,需要借助于可以在真空中传播的电磁波来传递信息,故C错误;
D、能分辨歌曲的演唱者,是根据声音的音色不同,故D正确。
故选:
D。
6.【解答】解:
一架飞机在高空中水平匀速飞行,高度不变、速度不变,向灾区投放救灾物资时,飞机的质量减小,所以飞机的动能和重力势能都减小。
故选:
B。
7.【解答】解:
干冰(固态二氧化碳)常温下易升华,由固态直接变为气态,在升华过程中需要从外界吸收大量的热,会使食品温度降低,起到防止腐烂变质的作用;
冰块熔化时,由固态变为液态,在熔化过程中需要从外界吸收大量的热,会使食品温度降低,起到保鲜的作用。
故选:
D。
8.【解答】解:
(1)由图象可知,海波从第5分钟开始温度保持50℃不变,所以海波是晶体,其熔点为50℃,约到第8min时熔化完成,则熔化过程持续了约8min﹣5min=3min,故AB错误,C正确;
(2)海波是晶体,在熔化过程中吸收热量,温度保持不变,故D错误。
故选:
C。
9.【解答】解:
A、电磁波可以在真空中传播,故A错误;
B、声音在空气中传播速度约为340m/s,电磁波在空气中的传播速度约为3×108m/s,故B错误;
C、光是一种电磁波,故C正确;
D、中央电视台和郴州电视台发射的电磁波频率不同,但不同频率的电磁波在真空中传播速度相同,故D错误。
故选:
C。
10.【解答】解:
丝绸摩擦过的玻璃棒带正电,将丝绸摩擦过的玻璃棒靠近带电吸管的一端,吸管被吸引,说明吸管带的是负电。
因为摩擦起电的实质是电子的转移,得到电子的带负电,失去电子的带正电,所以,吸管在与餐巾纸摩擦过程中,吸管得到电子而带负电。
综上所述,只有选项D说法正确。
故选:
D。
11.【解答】解:
穿上鞋走路时,具有机械能,鞋会发光,具有光能;根据题意可知,该鞋(发电鞋)的工作原理是电磁感应现象,先是机械能转化为电能,电能又转化为光能;
故选:
A。
12.【解答】解:
因为瓶子注入热水并振荡后,瓶中气体受热膨胀跑出了一些,倒出热水的矿泉水瓶密封后,再浇上冷水,瓶内气体温度降低,气压减小,内部压强小于外界大气压强,在大气压强的作用下,矿泉水瓶被压扁了,故D正确。
故选:
D。
13.【解答】解:
气体在流速小的地方压强大,在流速大的地方压强小,
从管的一端吹气时,粗细两管中的空气流量是相同的,粗管中的空气流速小、压强大,细管中的空气流速大、压强小,则A液面上方的气体压强大,B液面上方的气体压强小,所以会造成A液面下降,B液面上升。
故选:
B。
14.【解答】解:
由图知,n=2,不计绳重和摩擦,则绳子自由端的拉力:
F=
(G+G动)=
(200N+10N)=105N,故C正确;
故选:
C。
15.【解答】解:
把AB当做一个物体进行受力分析:
因为漂浮,所以,甲图物体受到的浮力:
F甲=GA+GB;
因为漂浮,所以,乙图物体受到的浮力:
F乙=GA+GB;
故两种情况下,F甲=F乙;根据F浮=ρ水V排g可知,排开液体的体积也相同,h=
,所以h甲=h乙;
故选:
C。
16.【解答】解:
由电路图可知,R1与R2并联,电压表V测电源的电压,电流表A1测R2支路的电流,电流表A2测R1支路的电流。
因电源电压保持不变,
所以,滑片移动时,电压表V的示数不变,故CD错误;
因并联电路中各支路独立工作、互不影响,
所以,滑片移动时,通过R1的电流不变,即电流表A2的示数不变,
当滑动变阻器滑片P向右移动的过程中,接入电路中的电阻变大,
由I=
可知,该支路的电流变小,即电流表A1的示数变小,故B正确,A错误。
故选:
B。
17.【解答】解:
电路连接正确无误,闭合开关S,发现灯不发光,且电压表示数、电流表示数均为零。
电路中一定有断路,故CD错误,可能是电流表断路;小灯泡断路;开关断路;若电阻R断路电压表有示数,故B错误,A正确;
故选:
A。
18.【解答】解:
由题知,甲、乙两物体的密度相同,OA<OB,即甲的力臂要小于乙的力臂;
根据杠杆的平衡条件可知,G甲×L甲=G甲×L乙,
即:
ρgV甲L甲=ρgV乙L乙,
所以:
V甲L甲=V乙L乙﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①,
如果将甲、乙物体(不溶于水)浸没于水中,此时甲乙都要受到浮力的作用,根据阿基米德原理可知,甲乙受到的浮力分别为:
F浮甲=ρ水gV甲,F浮乙=ρ水gV乙,
此时左边拉力与力臂的乘积为:
(G甲﹣ρ水gV甲)×L甲=G甲×L甲﹣ρ水gV甲×L甲﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
此时右边拉力与力臂的乘积为:
(G乙﹣ρ水gV乙)×L乙=G乙×L乙﹣ρ水gV乙×L乙﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
由于V甲L甲=V乙L乙,
所以:
ρ水gV甲×L甲=ρ水gV乙×L乙,
则由②③两式可知,此时左右两边拉力与力臂的乘积相同,故杠杆仍然会保持平衡。
故选:
C。
二、填空题(本大题共5小题,每空2分,共20分.)
19.【解答】解:
小明同学距离竖直平面镜2m,根据平面镜成像时,物像到平面镜的距离相等,所以小明的像到平面镜的距离也是2m;小明身高1.65m,根据物像大小相等,所以小明的像高1.65m。
故答案为:
2;1.65。
20.【解答】解:
(1)水吸收的热量:
Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg•℃)×1.5kg×(100℃﹣20℃)=5.04×105J;
(2)由题知,Q吸=Q放×60%=m液化气q×60%,
需要液化气的体积:
q液化气=
=
=4×107J/kg。
故答案为:
5.04×105;4×107。
21.【解答】解:
由电路图可知,R1与R2并联,电流表A1测R1支路的电流,电流表A2测干路电流,
因并联电路中各支路两端的电压相等,
所以,通过R1即电流表A1的示数:
I1=
=
=0.3A,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,通过定值电阻R2的电流:
I2=I﹣I1=0.9A﹣0.3A=0.6A,
则定值电阻R2的阻值:
R2=
=
=10Ω。
故答案为:
0.3;10。
22.【解答】解:
样品质量m=
,样品体积为V=h3,
实心塑像基座的密度=样品密度=
=
=
;
实心塑像基座体积为V'=H3,
实心塑像基座质量m'=ρV'=
,
实心塑像基座重力G'=m'g=
g=
。
故该题答案为:
,
。
23.【解答】解:
(1)由图知,R1与R2并联后与变阻器R3串联,根据串联电路的分压原理知,当变阻器连入阻值最大时,并联部分两电阻分得电压最小,此时R1上每秒钟发热最少,
并联部分的总电阻:
R=
=
=6Ω,
由串联电路特点和欧姆定律有:
=
,
则:
=
=
=
,
又因为:
U并+U滑=U=12V,
所以U1=U并=
U=
×12V=3V,
则R1上每秒钟发热的最小值:
Q1最小=W1最小=
t=
=0.9J;
(2)由串联电路特点和欧姆定律可得,电路中的电流:
I=
,
滑动变阻器消耗的电功率:
P3=I2R3=(
)2R3=
•R3,
所以,当R3=R并=6Ω时,滑动变阻器消耗的电功率最大,最大为:
P3最大=
•R3=
=
=6W。
故答案为:
0.9;6。
三、作图、实验与探究题(本大题共5小题,24、25题3分,26题8分,27题10分,28题10分,共34分.)
24.【解答】解:
小球的重心已画出,过重心沿竖直向下的方向画一条线段并标出箭头和符号G,即为重力的示意图,如图所示:
25.【解答】解:
根据安全用电的要求,火线首先进入开关,然后进入灯泡顶端的金属点,零线直接接在灯泡的螺旋套上。
如图所示:
26.【解答】解:
(1)使光具座上的蜡焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度,可使像成在光屏中央;
(2)由实验数据可判断,u=v=2f=20cm,成倒立、等大的实像,所以凸透镜的焦距是:
f=10cm;
(3)分析实验数据可知,凸透镜成实像时,物距减小,像距增大,像变大,随着物距的减小,像逐渐变大,像距逐渐增大;
(4)物距减小,像距增大,像变大,用该实验中的透镜来矫正视力,说明对光线起了会聚作用,则为凸透镜,可以制成远视眼镜。
故答案为:
(1)同一高度;
(2)10;(3)变大;(4)远视。
27.【解答】解:
(1)变阻器与电流表串联后与电压表并联,如下所示:
(2)闭合开关前,滑动变阻器的滑片应放在阻值最大处的b端;
(3)假设电源电压恒为U0,定值电阻的阻值为R1,如果电压表示数用U表示,电流表示数用I表示,根据串联电路的规律及欧姆定律有:
U+IR1=U0﹣﹣﹣﹣﹣﹣①,则U与I的关系式为:
U=U0﹣IR1;
(4)图象是一条直线,与U、I坐标轴分别交于3V和0.6A处,将(0,3V)代入①得:
电源电压U0=3V;
将(0.6A,0)代入①得:
0+0.6A×R1=3V,故R1=5Ω。
故答案为:
(1)如上所示;
(2)b;(3)U=U0﹣IR1(4)3;5。
28.【解答】解:
(1)由“将电压表连接在小型发电机输出电路两端,电压表示数可反映发电机的发电情况”知,本实验是通过电压表示数的变化来反映发电机发电功率大小的:
示数越大,发电功率越大;
(2)从实验结论可以看出,实验探究的是发电功率大小与风速的关系,所以要保持风叶长度和风叶个数相同,改变风速,因此选择的是实验序号的1、2、3;
(3)在2、4、5三次实验过程中,电吹风档位相同,也就是风速相同,风叶个数相同,但风叶长度不同,并且发现:
风叶长度越大,电压表示数越大,说明发电功率与风叶长度有关。
所以结论为:
其他条件都相同时,风叶长度越大,风力发电机的发电功率越大。
故答案为:
(1)电压表示数;
(2)1、2、3;一;
(3)二;其他条件都相同时,风叶长度越大,风力发电机的发电功率越大。
四、计算题:
(本大题共2小题,29题10分,30题10分,共20分.要求写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不计分.)
29.【解答】解:
(1)因水平面上物体的压力和自身的重力相等,
所以,汽车对地面的压强:
p=
=
=
=4×104Pa;
(2)因电动汽车匀速行驶时处于平衡状态,受到的牵引力和阻力是一对平衡力,
所以,汽车的牵引力:
F′=F阻=0.1G=0.1×2×104N=2×103N,
则汽车的牵引力所做的功:
W机械=F′s=2×103N×3×103m=6×106J;
(3)由P=
可得,电动汽车消耗的电能:
W电=Pt=50×103W×3×60s=9×
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