山东省济钢高级中学学年高三质量检测物理试题 Word版含答案.docx
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山东省济钢高级中学学年高三质量检测物理试题 Word版含答案.docx
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山东省济钢高级中学学年高三质量检测物理试题Word版含答案
济钢高中2017-2018学年第一学期高三质量检测
物理试题第
卷(选择题,共48分)
一、选择题(本题包括12小题,每小题4分,共48分。
其中1-7小题给出的四个选项中,只有一个选项正确;8-12小题给出的四个选项中,有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。
)
1、如图所示为一物体沿南北方向(规定向北为正方向)做直线运动的速度﹣时间图象,由图可知( )
A.0﹣6s内物体的运动方向不变
B.3s末物体的加速度方向发生变化
C.物体所受合外力的方向一直向南
D.物体所受合外力的方向一直向北
2、一人从雪坡上匀加速下滑,他依次通过a、b、c三个标志旗,已知ab=6m,bc=10m,这人通过ab和bc所用时间都等于2s,则这人过a、b、c三个标志旗的速度分别是( )
A.va=1m/s,vb=4m/s,vc=7m/sB.va=2m/s,vb=4m/s,vc=6m/s
C.va=3m/s,vb=4m/s,vc=5m/sD.va=3m/s,vb=5m/s,vc=7m/s
3、如图所示是一种汽车安全带控制装置的示意图.当汽车处于静止或匀速直线运动时,摆锤竖直悬挂,锁棒水平,棘轮可以自由转动,安全带能被拉动.当汽车突然刹车时,摆锤由于惯性绕轴摆动,使得锁棒锁定棘轮的转动,安全带不能被拉动.若摆锤从图中实线位置摆到虚线位置,汽车的可能运动方向和运动状态是( )
A.向右行驶、突然刹车
B.向左行驶、突然刹车
C.向左行驶、匀速直线运动
D.向右行驶、匀速直线运动
4、如图所示,A、B两物体的质量分别为mA、mB,且mA>mB,整个系统处于静止状态.滑轮的质量和一切摩擦均不计,如果绳一端由Q点缓慢地向左移到P点,整个系统重新平衡后,物体A的高度和两滑轮间绳与水平方向的夹角θ变化情况是( )
A.物体A的高度升高,θ角变大
B.物体A的高度降低,θ角变小
C.物体A的高度升高,θ角不变
D.物体A的高度不变,θ角变小
5、用一根轻质弹簧竖直悬挂一小球,小球和弹簧的受力如图所示,下列说法正确的是()
A.F1的施力物体是弹簧
B.F2的反作用力是F3
C.F3的施力物体是地球
D.F4的反作用力是F1
6、如图所示,一夹子夹住木块,在力F作用下向上提升。
夹子和木块的质量分别为m、M,夹子与木块两侧间的最大静摩擦力均为f。
若木块不滑动,力F的最大值是( )
A.
B.
C.
-(m+M)gD.
+(m+M)g
7、如图所示,A、B、C三球质量均为m,轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连,A、B间固定一个轻杆,B、C间由一轻质细线连接.倾角为θ的光滑斜面固定在地面上,弹簧、轻杆与细线均平行于斜面,开始系统处于静止状态.在细线被烧断的瞬间,下列说法正确的是( )
A.A球的受力情况未变,加速度为零
B.C球的加速度沿斜面向下,大小为g
C.A、B之间杆的拉力大小为2mgsinθ
D.A、B两个小球的加速度均沿斜面向上,大小均为
gsinθ
8、科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用。
下列说法符合历史事实的是()
A.亚里士多德认为,必须有力作用在物体上,物体才会运动
B.笛卡儿通过“理
想实验”得出结论:
运动必具有一定速度,如果它不受力,它将以这一速度永远运动下去
C.伽利略指出:
如果运动中的物体没有受到力的作用,它将继续以同一速度沿同一直线运动,既不停下来也不偏离原来的方向
D.牛顿认为,物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质
9、重150N的光滑球A悬空靠在墙和木块B之间,木块B的重力为1500N,且静止在水平地板上,如图所示,则( )
A.墙所受压力的大小为
N
B.木块A对木块B压力的大小为150N
C.木块B所受摩擦力大小为
N
D.水平地板所受的压力为1500N
10、如图所示,在水平力F作用下,A、B保持静止.若A与B的接触面是水平的,且F≠0,则关于A、B两物体的受力说法正确的是( )
A.B物体一定受5个力的作用
B.A物体一定受4个力的作用
C.B物体可能受沿斜面向上的摩擦力
D.B物体不可能受沿斜面向下的摩擦力
11、如图所示,用轻绳吊一个重为G的小球,欲施一力F使小球在图示位置平衡(θ<30°),下列说法正确的是( )
A.力F最小值为Gsinθ
B.若力F与绳拉力大小相等,力F方向与竖直方向必成θ角
C.若力F与G大小相等,力F方向与竖直方向可能成θ角
D.若力F与G大小相等,力F方向与竖直方向可能成2θ角
12、如图甲所示,绷紧的水平传送带始终以恒定速率vl运行.初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带.若从小物块滑上传送带开始计时,小物块在传送带上运动的
v-t图象(以地面为参考系)如图乙所示.已知v2>v1,则()
A.t2时刻,小物块离A处的距离达到最大
B.t2时刻,小物块
相对传送带滑动的距离达
到最大
C.0~t2时间内,小物块受到的摩擦力方向一直向右
D.0~t3时间内,小物块始终受到大小不变的摩擦力作用
第Ⅱ卷(非选择题,共52分)
二、实验题(每空2分,共16分)
13.某同学利用如图1所示的实验装置做研究匀变速直线运动实验.
(1)请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当:
①;
②.
(2)图2是研究匀变速直线运动实验中得到的一条纸带,A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点,相邻的两个计数点之间还有四个点未画出.量出相邻的计数点之间的距离分别为SAB=4.22cm、SBC=4.65cm、SCD=5.08cm、SDE=5.49cm、SEF=5.91cm、SFG=6.34cm.已知打点计时器的工作频率为50Hz,则打点计时器打C点时小车的速度为 vc=______m/s,小车的加速度a=______m/s2(结果保留2
位有效数字).
14、某同学利用如图甲所示装置做“
探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。
(1)在安装刻度尺时,必须使刻度尺保持状态
(2)他通过实验得到如图乙所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图象。
由此图象可得该弹簧的劲度系数为N/m。
(3)他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧测力计,某次规范测量中弹簧测力计上的示数如图丙所示,则该物体的重力大小为N,该弹簧此时的长度cm
三.计算题(3小题,共36分)
15.(10分)一辆客车在平直公路上以30m/s的速
度行驶,突然发现正前方46m处有一货车正以20m/s的速度沿同一方向匀速行驶,于是客车司机刹车,以2m/s2的加速度做匀减速直线运动,又知客车司机的反应时间为0.6s(司机从发现货车到采取制动措施经历的时间).问此后的过程中客车能否会撞到货车上?
16、(12分)如图甲所示为学校操场上一质量不计的竖直滑杆,滑杆上端固定,下端悬空,为了研究学生沿杆的下滑情况,在竿的顶部装有一拉力传感器,可显示竿顶端所受拉力的大小,现有一学生(可视为质点)从上端由静止开始滑下,5s末滑到竿底时速度恰好为零,从学生开始下滑的时刻计时,传感器显示拉力随时间变化情况如图乙所示,g取10m/s2,求
(1)该学生下滑过程中的最大速率;
(2)图中F1的大小;
(3)滑杆的长.
17.(14分)倾角为θ的光滑斜面上,一劲度系数为k的轻弹簧连接质量分别为m1、m2的甲、乙两小物块.开始时,两物块在光滑挡板作用下静止在斜面上.现作用在乙物块一平行于斜面向上的力,使乙物块以加速度a匀加速运动.问
(1)经多长时间物块甲离开挡板?
(2)从开始到物块甲恰好离开挡板的过程中,作用在乙物块上的力的最大值和最小值分别是多大?
济钢高中2016—2017学年第一学期高三质量检测
物理参考答案20161008
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
D
B
A
C
B
B
D
AD
AC
BC
ABD
BC
13、
(1)①打点计时器应接交流电源②重物释放时应紧靠打点计时器
(2)0.490.4214、
(1)竖直
(2)50(3)4.61
3.2
15、【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系.
【分析】在客车与货车速度相等时,是它们的距离最小的时候,如果此时没有相撞,那就不可能在相撞了,分析这时它们的距离来判断是否会相撞.
【解答】解:
v1
=30m/sv2=20m/s
客车开始减速时两车相距
△x=46﹣△t(v1﹣v2)=40m…①
客车匀减速至与货车速度相同,经历时间t,有
v2=v1﹣at…②
客车位移x1=v1t﹣
at2=1
25m…③
货车位移x2=v2t=100m…④
因x1<x2+△x,故不会撞上.
答:
此后的过程中客车不会撞到货车上.
16、【考点】牛顿运动定律的综合应用;匀变速直线运动的速度与时间的关系.
【分析】
(1)滑杆处于静止状态,重力不计,竿顶端所受拉力的大小等于该学生对它的摩擦力大小.由F﹣t图读出人的重力,求出人的质量,分析人的运动情况.根据牛顿第二定律求出0﹣1s内人的加速度,再由速度公式求出最大速度;
(2)根据牛
顿第二定律列方程求解;
(3)由位移速度公式求出人匀加速运动和匀减速运动的位移,滑竿的长度等于两段位移大小之和.
【解答】解:
(1)由图读出人的重力G=500N,人的质量为m=
.在0﹣1s内,人的重力大于摩擦力,人做匀加速运动,1﹣5s内,人的重力小于摩擦力,人做匀减速运动,则在t=1s末人的速度最大.设在0﹣1s内人的加速度大小分别为a1,根据牛顿第二定律
G﹣F1=ma1
得到:
a1=
=
=2.4m/s2
V1=a1t1=2.4m/s
(2)1﹣5s减速a2t2=a1t1得:
a2=0.6m/s2
根据牛顿第二定律:
F1﹣mg=ma2
解得:
F1=530N
(3)人在0﹣1s内位移为X1=
a1t12=1.2m
人在1﹣5s时间内的位移为:
X2=
a2t22=4.8m
所以滑杆的长度为L=x1+x2=6m
答:
(1)该学生下滑过程中的最大速度为2.4m/s;
(2)图中F1的大小为530N.
(3)滑竿的长度为6m.
17、【考点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.
【分析】
(1)根据共点力平衡以及胡克定律求出未施加力F时弹簧的压缩量以及甲刚要离开挡板时弹簧的伸长量,得到乙的位移.通过牛顿第二定律求出乙的加速度大小,通过位移时间公式求出从F开始作用到物块甲刚要离开挡板的时间.
(2)乙刚开始运动时作用在乙上的力最小,甲刚要离开挡板时作用在乙上的力最大,根据牛顿第二定律求解.
【解答】解:
(1)令x1表示未加作用力F时弹簧的压缩量,x2表示B刚要离开C时弹簧的伸长量,由胡克定律和平衡条件得:
m2gsinθ=kx1.
m1gsinθ=kx2,
甲刚好离开挡板时乙车发生的位移为x=x1+x2
又x=
联立以上各式得:
t=
(2)乙刚开始运动时作用在乙上的力最小,对乙,根据牛顿第二定律得:
Fmin=m2a.
甲刚要离开挡板时作用在乙上的力最大,对乙,根据牛顿第二定律得:
F
max﹣m2gsinθ﹣kx2=m2a
解得,Fmax=(m1+m2)gsinθ+m2a
答:
(1)经时间
物块甲离开挡板.
(2)从开始到物块甲恰好离开挡板的过程中,作用在乙物块上的力的最大值和最小值分别是m2a和(m1+m2)gsinθ+m2a.
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