届高三一轮复习人教版原创18第一章 遗传因子的发现章总结1.docx
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届高三一轮复习人教版原创18第一章遗传因子的发现章总结1
第一章遗传因子的发现(第一课时)
一、考点解读
本专题的主要复习孟德尔的豌豆杂交实验一------分离定律和豌豆的杂交实验二----自由组合定律。
该部分内容,在仅今年的高考中,考查的的比较多,一直是各地高考命题的重中之重。
遗传规律是高中生物的主干知识,是高考考查的重点内容之一。
他是后面遗传育种的理论依据,在实际生产生活中被广泛的应用。
从今几年的高考来看,高考试题往往会以孟德尔遗传实验过程、分子水平的解释、遗传图解、遗传图谱的判定等内容上做文章,特别是将减数分裂与不同基因的传递过程联系在一起,可以出一些大型的综合题目的素材,成为每年各地高考考查的必考内容之一。
该部分在高考站的比重比较大。
从选择题型来看,单科考试一般有两个左右的分选择题,占的分值约为20%到30%之间;综合考试一般会有一个非选择题,所占的比重约30%到40%之间。
所以在一轮复习的过程中,该部分内容应该作为复习的中心来复习,要结合减数分裂来复习,结合人们的生产生活实践来复习。
切记脱离生产,打高题海战术。
二、知识网络
三.归纳提升
基因分离定律中的解题思路
分离定律的习题主要有两类:
一类是正推类型,即已知双亲的基因型或表现型,推后代的基因型或表现型及比例,此类型比较简单。
二是逆推类型,即根据后代的表现型或基因型推双亲的基因型,这类题最多见也较复杂,下面结合实例谈谈推导思路和方法。
(1)方法一:
隐性纯合突破法
例如:
绵羊的白色由显性基因(B)控制,黑色由隐性基因(b)控制。
现有一只白色公羊与一只白色母羊,生了一只黑色小羊。
试问:
公羊和母羊的基因型分别是什么?
它们生的那只小羊又是什么基因型?
①根据题意列出遗传图式:
因为白色(B)为显性,黑色(b)为隐性。
双亲为白羊,生下一只黑色小羊,有:
②从遗传图式中出现的隐性纯合子突破:
因为子代为黑色小羊,基因型必为bb,它是由精子和卵细胞受精后发育形成的,所以双亲中都有一个b基因,因此双亲基因型均为Bb。
(2)方法二:
根据后代分离比解题
①若后代性状分离比为显性∶隐性=3∶1,则双亲一定都是杂合子。
即Bb×Bb→3B∶1bb。
②若后代性状分离比为显性∶隐性=1∶1,则双亲一定是测交类型。
即Bb×bb→1Bb∶1bb。
③若后代性状只有显性性状,则双亲至少有一方为显性纯合子。
即BB×BB→BB、BB×Bb→1BB∶1Bb或BB×bb→1Bb。
用分离定律解决自由组合定律问题
自由组合定律是以分离规律为基础的,因而可用分离定理的知识解决自由组合定律的问题,且用分离定律解决自由组合定律的问题显得简单易行。
其基本策略是:
(1)首先将自由组合问题转化为若干个分离定律问题。
在独立遗传的情况下,有几对基因就可以分解为几个分离定律问题。
如AaBb×Aabb可分解为:
Aa×Aa、Bb×bb。
(2)用分离定律解决自由组合的不同类型的问题。
①配子类型的问题
例:
某生物雄性个体的基因型为AaBbcc,这三对基因为独立遗传,则它产生的精子的种类有:
AaBbcc
↓↓↓
2×2×1=4种
②基因型类型的问题
例:
AaBbCc与AaBBCc杂交,其后代有多少种基因型?
先将问题分解为分离定律问题:
Aa×Aa→后代有3种基因型(1AA∶2Aa∶1aa);
Bb×BB→后代有2种基因型(1BB∶1Bb);
Cc×Cc→后代有3种基因型(1CC∶2Cc∶1cc)。
因而AaBbCc与AaBBCc杂交,其后代有3×2×3=18种基因型。
③表现型类型的问题
例:
AaBbCc与AabbCc杂交,其后代有多少种表现型?
先将问题分解为分离定律问题:
Aa×Aa→后代有2种表现型;
Bb×BB→后代有2种表现型;
Cc×Cc→后代有2种表现型。
因而AaBbCc与AabbCc杂交,其后代有2×2×2=8种表现型。
遗传系谱图中遗传病的确定
(1)首先先确定系谱图中的遗传病是显性遗传还是隐性遗传:
①“无中生有”为隐性遗传病。
即双亲都正常,其子代有患者,则一定是隐性遗传病。
②“有中生无”为显性遗传病。
即双亲都表现患病,其子代有表现正常者,则一定是显性遗传病。
(2)其次确定是常染色体遗传还是伴性遗传:
①在已确定隐性遗传病的系谱中:
a.父亲正常,女儿患病,一定是常染色体隐性遗传;
b.母亲患病,儿子正常,一定不是伴x染色体隐性遗传,必定是常染色体隐性遗传。
②在已确定显性遗传病的系谱中:
a.父亲患病,女儿正常,一定是常染色体显性遗传;
b.母亲正常,儿子患病,一定不是伴x染色体显性遗传,必定是常染色体显性遗传。
(3)人类遗传病判定口诀:
无中生有为隐性,有中生无为显性;
隐性遗传看女病,女病父正非伴性;
显性遗传看男病,男病母正非伴性。
交配类:
自交、杂交、测交、正交、反交、自花/异花传粉
基因类:
等位基因、相同基因、显性基因、隐性基因
记住几组概念性状类:
相对性状、显性性状、隐性性状、性状分离
个体类:
基因型、表现型、杂合子、纯合子(能稳定遗传)
n对等位基因(位于n对同源染色体上)
F1配子种类2n
F1配子组合数4n
记准底数F2基因型3n
F2表现型2n
Fn杂合子(1/2)nn代表杂合子做亲本时的自交次数
Fn纯合子1─(1/2)n(纯合子中显性和隐性各占一半)
DD×DD
DD×Dd1:
0全显性至少一个DD
DD×dd
一对基因Dd×Dd3:
1
(牢记)Dd×dd1:
1(测交)
比例dd×dd0:
1全隐性
YyRr×yyrr1:
1:
1:
1(测交)两组1:
1
Yyrr×yyRr1:
1:
1:
1
两对基因YyRr×yyRr3:
3:
1:
1一组1:
1一组3:
1
Yyrr×YyRr3:
3:
1:
1
YyRr×YyRr9:
3:
3:
1两组3:
1(记住)
由后代比例能推亲代(逆推法)
P:
YYRR×yyrr
↓
F1YyRr
记熟会用↓
F1配子2nYRYryRyr
9Y-R-双显性1/16YYRR2/16YyRR2/16YYRr4/16YyRr
F23Y-rr单显性1/16YYrr2/16Yyrr
3yyR-单显性1/16yyRR2/16yyRr
1yyrr双隐性1/16yyrr
熟练应用孟德尔棋盘法:
(以及配子交叉线法、分支法、分别分析法)
1RR
2Rr
1rr
1YY
1YYRR2YYRr
2YyRR4YyRr
1YYrr
2Yyrr
2Yy
1yy
1yyRR2yyRr
1yyrr
典例详解
(2013新课标卷II)已知果蝇长翅和小翅、红眼和棕眼各为一对相对性状,分别受一对等位基因控制,且两对等位基因位于不同的染色体上。
为了确定这两对相对性状的显隐性关系,以及控制它们的等位基因是位于常染色体上,还是位于X染色体上(表现为伴性遗传),某同学让一只雌性长翅红眼果蝇与一雄性长翅棕眼果蝇杂交,发现子一代中表现型及其分离比为长趐红眼:
长翅棕眼:
小趐红眼:
小趐棕眼=3:
3:
1:
1。
回答下列问题:
(1)在确定性状显隐性关系及相应基因位于何种染色体上时,该同学先分别分析翅长和眼色这两对性状的杂交结果,再综合得出结论。
这种做法所依据的遗传学定律是。
(2)通过上述分析,可对两对相对性状的显隐性关系及其等位基因是位于常染色体上,还是位于X染色体上做出多种合理的假设,其中的两种假设分别是:
翅长基因位于常染色体上,眼色基因位于X染色体上,棕眼对红眼为显性:
翅长基因和眼色基因都位于常染色体上,棕眼对红眼为显性。
那么,除了这两种假设外,这样的假设还有种。
(3)如果“翅长基因位于常染色体上,眼色基因位于x染色体上,棕眼对红眼为显性”的假设成立,则理论上,子一代长翅红眼果蝇中雌性个体所占比例为,子一代小翅红眼果蝇中雄性个体所占比例为。
【答案】:
(1)基因的分离定律和自由组合定律(或自由组合定律)
(2)4(3)01(100%)
【解析】:
本题考查遗传基本规律的应用。
(1)由于控制果蝇长翅和小翅、红眼和棕眼各为一对相对性状,分别受一对等位基因控制,且两对等位基因位于不同的染色体上,故两对性状的遗传遵循自由组合定律。
(2)根据雌性长翅红眼果蝇与雄性长翅棕眼果蝇杂交,后代出现长翅和小翅,说明长翅是显性性状,但无法判断眼色的显隐性。
所以假设还有:
翅长基因位于常染色体上,眼色基因位于X染色体上,红眼对棕眼为显性;翅长基因和眼色基因都位于常染色体上,红眼对棕眼为显性;翅长基因位于X染色体上,眼色基因位于常染色体上,棕眼对红眼为显性;翅长基因位于X染色体上,眼色基因位于常染色体上,红眼对棕眼为显性,即4种。
(3)由于棕眼是显性,亲本雌性是红颜,棕眼是雄性,故子代中长翅红眼果蝇中雌性个体所占比例为0,子代雄性都表现为红眼。
(09四川卷)大豆是两性花植物。
下面是大豆某些性状的遗传实验:
(1)大豆子叶颜色(BB表现深绿;Bb表现浅绿;bb呈黄色,幼苗阶段死亡)和花叶病的抗性(由R、r基因控制)遗传的实验结果如下表:
组合
母本
父本
F1的表现型及植株数
一
子叶深绿不抗病
子叶浅绿抗病
子叶深绿抗病220株;子叶浅绿抗病217株
二
子叶深绿不抗病
子叶浅绿抗病
子叶深绿抗病110株;子叶深绿不抗病109株;
子叶浅绿抗病108株;子叶浅绿不抗病113株
①组合一中父本的基因型是_____________,组合二中父本的基因型是_______________。
②用表中F1的子叶浅绿抗病植株自交,在F2的成熟植株中,表现型的种类有_____________
__________________________________________________,其比例为_____________。
③用子叶深绿与子叶浅绿植株杂交得F1,F1随机交配得到的F2成熟群体中,B基因的基因频率为________________。
④将表中F1的子叶浅绿抗病植株的花粉培养成单倍体植株,再将这些植株的叶肉细胞制成不同的原生质体。
如要得到子叶深绿抗病植株,需要用_________________基因型的原生质体进行融合。
⑤请选用表中植物材料设计一个杂交育种方案,要求在最短的时间内选育出纯合的子叶深绿抗病大豆材料。
(2)有人试图利用细菌的抗病毒基因对不抗病大豆进行遗传改良,以获得抗病大豆品种。
①构建含外源抗病毒基因的重组DNA分子时,使用的酶有______________________。
②判断转基因大豆遗传改良成功的标准是__________________________________,具体的检测方法_______________________________________________________________。
(3)有人发现了一种受细胞质基因控制的大豆芽黄突变体(其幼苗叶片明显黄化,长大后与正常绿色植株无差异)。
请你以该芽黄突变体和正常绿色植株为材料,用杂交实验的方法,验证芽黄性状属于细胞质遗传。
(要求:
用遗传图解表示)
答案:
(1)①BbRRBbRr
②子叶深绿抗病∶子叶深绿不抗病∶子叶浅绿抗病∶子叶浅绿不抗病3∶1∶6∶2
③80%
④BR与BR、BR与Br
⑤用组合一的父本植株自交,在子代中选出子叶深绿类型即为纯合的子叶深绿抗病大豆材料。
(2)①限制性内切酶和DNA连接酶
②培育的植株具有病毒抗体用病毒分别感染转基因大豆植株和不抗病植株,观察比较植株的抗病性
(3)
解析:
本题考查的知识点如下:
1.亲子代基因的判断及比例概率的计算
2.育种方案的设计
3.基因工程的相关问题
4.实验设计验证问题
1.亲子代基因的判断及比例概率的计算
第①题中有表格中提供的杂交的结果以及题目中关于性状基因的描述,不难推断出组合一中父本的基因型是BbRR,组合二中父本的基因型是BbRr;第②题,表中F1的子叶浅绿抗病(BbRr)植株自交
结果如下:
B_R_——其中有3/16BBR_(深绿抗病)和3/8BbR_(浅绿抗病)
B_rr——其中有1/16BBrr(深绿不抗病)和1/8Bbrr(浅绿不抗病)
bbR_(死)
bbrr(死)
所以出现了子叶深绿抗病:
子叶深绿不抗病:
子叶浅绿抗病:
子叶浅绿不抗病3:
1:
6:
2的性状分离比;第③题中BB×Bb
1/2BB1/2Bb
随机交配的结果如下:
1/2BB×1/2BB1/4BB
1/2Bb×1/2Bb1/16BB1/8Bb1/16bb(死)
1/2BB(♀)×1/2Bb(♂)1/8BB1/8Bb
1/2BB(♂)×1/2Bb(♀)1/8BB1/8Bb
所以后代中F2成熟群体中有9/16BB6/16Bb(1/16bb死),即二者的比值为3:
2
所以在成活的个体中有3/5BB、2/5Bb,计算B基因频率=3/5+2/5×1/2=4/5=80%;
2.育种方案的设计
第④题中欲获得子叶深绿抗病(BBR_)植株,则需要BR与BR、BR与Br的单倍体植株的原生质体融合;第⑤题考察了杂交育种方案的设计,要求选用表中植物材料设计获得BBRR的植株,最短的时间内可用组合一的父本植株自交,在子代中选出子叶深绿类型即为纯合的子叶深绿抗病大豆材料。
3.基因工程的相关问题
第
(2)题中考察了基因工程用到的工具酶,以及目的基因是否表达的检测问题。
在基因工程中用到的酶有限制性内切酶和DNA连接酶。
欲检测目的基因是否表达可用病毒分别感染转基因大豆植株和不抗病植株,观察比较植株的抗病性。
课后作业
(11年四川卷)回答下列Ⅰ、Ⅱ两小题。
II.(14分)小麦的染色体数为42条。
下图表示小麦的三个纯种品系的部分染色体及基因组成:
I、II表示染色体,A为矮杆基因,B为抗矮黄病基因,E为抗条斑病基因,均为显性。
乙品系和丙品系由普通小麦与近缘种偃麦草杂交后,经多代选育而来(图中黑色部分是来自偃麦草的染色体片段)
(1)乙、丙系在培育过程中发生了染色体的变异。
该现象如在自然条件下发生,可为提供原材料。
(2)甲和乙杂交所得到的F
自交,所有染色体正常联会,则基因A与a可随的分开而分离。
F
自交所得F
中有种基因型,其中仅表现抗矮黄病的基因型有种。
(3)甲和丙杂交所得到的F
自交,减数分裂中Ⅰ甲与Ⅰ丙因差异较大不能正常配对,而其它染色体正常配对,可观察到个四分体;该减数分裂正常完成,可生产种基因型的配子,配子中最多含有条染色体。
(4)让
(2)中F
与(3)中F
杂交,若各种配子的形成机会和可育性相等,产生的种子均发育正常,则后代植株同时表现三种性状的几率为。
Ⅱ.(14分)
(1)结构(1分)生物进化(1分)
(2)同源染色体(1分)9(2分)2(2分)(3)20(1分)4(2分)22(2分)(4)3/16(2分)
解析:
(1)观察图可知乙丙品系发生了染色休结构变异,变异能为生物进化提供原材料。
(2)基因A、a是位于同源染色体上的等位基因,因此随同源染色体的分开而分离。
甲植株无Bb基因,基因型可表示为:
AA00,乙植株基因型为aaBB,杂交所得F1基因型为AaB0,可看作AaBb思考,因此所F2基因型有9种,仅表现抗矮黄病的基因型有2种:
aaBBaaB。
(3)小麦含有42条染色体,除去不能配对的两条,还有40条能两两配对,因此可观察到20个四分体。
由于I甲与I丙不能配对,因此在减数第一次分裂时,I甲与I丙可能分开,可能不分开,最后的配子中:
可能含I甲、可能含I丙、可能都含、可能都不含,因此能产生四种基因型的配子。
最多含有22条染色体。
(4)
(2)中F1的基因型:
AaB,(3)中F1基因型可看成:
AaE,考虑B基因后代出现抗矮黄病性状的几率为1/2,考虑A和E,后代出现矮杆、抗条斑病性状的概率为3/8,因此同时出现三种性状的概率为3/16。
(11年重庆卷)拟南芥是遗传学研究的模式植物,某突变体可用于验证相关的基因的功能。
野生型拟南芥的种皮为深褐色(TT),某突变体的种皮为黄色(tt),下图是利用该突变体验证油菜种皮颜色基因(Tn)功能的流程示意图。
(1)与拟南芥t基因的mRNA相比,若油菜Tn基因的mRNA中UGA变为AGA,其末端序列成为“-AGCGCGACCAGAACUCUAA”,则Tn比t多编码 个氨基酸(起始密码子位置相同,UGA、UAA为终止密码子)。
(2)图中①应为 。
若②不能在含抗生素Kan的培养基上生长,则原因是.若③的种皮颜色为,则说明油菜
基因与拟南芥T基因的功能相同。
(3)假设该油菜
基因连接到拟南芥染色体并替换其中一个t基因,则③中进行减数分裂的细胞在联会时的基因为;同时,③的叶片卷曲(叶片正常对叶片卷曲为显性,且与种皮性状独立遗传),用它与种皮深褐色、叶片正常的双杂合体拟南芥杂交,其后代中所占比列最小的个体表现为;取③的茎尖培养成16颗植珠,其性状通常(填不变或改变)。
(4)所得的转基因拟南芥与野生型拟南芥(填是或者不是)同一个物种。
答案:
31.(16分)
(1)2
(2)重组质粒(重组DNA分子)重组质粒未导入深褐色(3)TnTntt;黄色正常、黄色卷曲;不变(4)是
解析:
通过对基因工程和遗传知识相结合来考查学生对该部分知识的掌握,属中档题,较难。
油菜Tn基因的mRNA中UGA变为AGA,而末端序列为“——AGCGCGACCAGACUCUAA——”,在拟南芥中的UGA本是终止密码子不编码氨基酸,而在油菜中变为AGA可编码一个氨基酸,而CUC还可编码一个氨基酸,直到UAA终止密码子不编码氨基酸。
假设油菜Tn基因连接到拟南芥染色体并替换其是一个t基因,注意拟南芥是指实验有的突变体tt,所以③转基因拟南芥基因型为Tnt,减数分裂联会时形成四分体是由于染色体进行了复制,基因也进行了复制,因而基因型为TnTntt。
设③转基因拟南芥的叶片卷曲与正常叶是由B、b基因控制,正常叶为显性,而该对性状与种皮性状为独立遗传,则这两对性状遵循基因的分离与自由组合定律。
则:
③转基因拟南芥╳双杂合拟南芥
TntbbTtBb
进行逐对分析:
Tnt╳Tt1/4TnT、1/4Tnt、1/4Tt、1/4tt
由于Tn和T的功能相同,所以表示为3/4T--(深褐色)、1/4tt(黄色)
bb╳Bb1/2Bb(正常叶)、1/2bb(卷曲叶)
所以后代中有四种表现型;
3/8种皮深褐色正常叶;3/8种皮深褐色卷曲叶
1/8种皮黄色正常叶;1/8种皮黄色卷曲叶
取③转基因拟南芥的茎尖培养为植物组织培养为无性生殖,所以后代性一般不变。
(排除基因突变)
由上可知所得③转基因拟南芥Tnt和野生型拟南芥TT两个品种相当于发生基因突变,没有隔离,能杂交产生可育后代,因此是同一个种。
此套题难度不大,考查识记的偏多,理解推理分析较少,而填空题中类似判断题型的填空又多,降低了难度,而不能很好考查学生能力,区分度不明显。
(2011江苏卷)32.(8分)玉米非糯性基因(W)对糯性基因(w)是显性,黄胚乳基因(Y)对白胚乳基因(y)是显性,这两对等位基因分别位于第9号和第6号染色体上。
W一和w一表示该基因所在染色体发生部分缺失(缺失区段不包括W和w基因),缺失不影响减数分裂过程。
染色体缺失的花粉不育,而染色体缺失的雌配子可育。
请回答下列问题:
(1)现有基因型分别为WW、Ww、ww、WW一、W一w、ww一6种玉米植株,通过测交可验证“染色体缺失的花粉不育,而染色体缺失的雌配子可育”的结论,写出测交亲本组合的基因型:
▲。
(2)以基因型为Ww一个体作母本,基因型为W—w个体作父本,子代的表现型及其比例为▲。
(3)基因型为Ww一Yy的个体产生可育雄配子的类型及其比例为▲。
(4)现进行正、反交实验,正交:
WwYy(♀)×W一wYy(♂),反交:
W一wYy(♀)×WwYy(♂),则正交、反交后代的表现型及其比例分别为▲、▲。
(5)以wwYY和WWyy为亲本杂交得到F1,F1自交产生F2。
选取F2中的非糯性白胚乳植株,植株间相互传粉,则后代的表现型及其比例为▲。
【解析】:
这是一道不错的遗传规律题。
两对基因,遵循自由组合定律,本是一道难度不大的常规题。
而题中再加上染色体缺失导致花粉不育这一新情景,情况就变得稍许复杂了。
但如果能平心静气作梳理,全拿8分不是不可能的事儿。
(1)此题得从“测交”这一定义入手。
双亲中必有一隐性亲本ww,另在研究染色体缺失的影响,故另一亲本得是存在染色体缺失的杂合子W—w。
另外,根据实验目标,需让这一杂合子作父本,以研究染色体缺失的花粉是否不育;也应让其作母本,以研究染色体缺失的雌配子,所以要进行正交与反交两个级别:
ww(♀)×W—w(♂);W—w(♀)×ww(♂)。
可以想像,很多考生都不会意识到要这样处理,因而失分。
(2)该交配组别中,作父本的W—w个体只能产生可育的w花粉,而母本产生可育的W和w一两种雌配子,雌雄配子随机结合,后代的基因型及比例为Ww:
ww一=1:
1,所以,子代表现型糯性:
糯性=1:
1。
(3)Ww一Yy的个体为雄性,其中存在着染色体缺失问题,相应花粉不育,因此能产生的可育配子为WY:
Wy=1:
1
(4)这一题,仍然把“染色体缺失的花粉不育”这一信息整合到分析过程中云,正交组合中的父本存在花粉不育问题,它只能产生两种可育花粉,即第(3)题中的两种,分析得出,其后表现型为非糯性黄胚乳:
非糯性白胚乳:
糯性黄胚乳:
糯性白胚乳=3:
1:
3:
1;而反交组合中,存在染色体缺失的是母本,其雌配子均可育,因此后代表现型为非糯性黄胚乳:
非糯性白胚乳:
糯性黄胚乳:
糯性白胚乳=9:
3:
3:
1。
(5)题中所得F1基因型为WwYy,自交所得F2中非糯性白胚乳植株的基因型及比例为:
1/3WWyy、2/3Wwyy,它们相互授粉,即为随机自由交配,这其中存在自交,也存在杂交,交配组合为:
1/3WWyy×1/3WWyy、2/3Wwyy×2/3Wwyy、1/3WWyy×2/3Wwyy×2,分析各组子代表现及比例,并作汇总,得出:
非糯性白胚乳:
糯性白胚乳=8:
1。
【备考】:
复习备考中,首先要能熟悉把握两大遗传规律常规题的解题基本思路;同时,要注意交配方式中的“自交”与“自由交配”的区别以及相关计算方法;最后,要知道“万变不离其中”的道理,题中增设新情景(如本题中的染色体缺失),没什么,只要按其指向作相应处理就行了。
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