初中物理暑期训练一.docx
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初中物理暑期训练一.docx
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初中物理暑期训练一
翱翔班物理暑期训练
(一)
一、单项选择题(每小题只有一个正确答案,选对得5分)
1.下列说法正确的是( )
A.质点就是体积很小的物体B.位移的大小就是路程
C.瞬时速度的大小就是速率D.有正负值的量都是矢量
2.物体沿一条直线运动,其速度﹣时间图象如图所示,由图象可知( )
A.0~ta段的加速度大于ta~tb段的加速度
B.在0~tb段与tb~tc段速度方向相反
C.ta~tb段的平均速度大于tb~tc段平均速度
D.0﹣tc总个过程速度、加速度方向没有变
3.关于胡克定律F=kx中的x,下述说法正确的是( )
A.x是弹簧的伸长或压缩后的长度
B.k与弹簧所受的外力成正比
C.F是弹簧任意一端上的弹力大小
D.x可以是任意大小的值
4.某同学在井口释放一石块.经过2s听到石块落水的声音,由此可估算出井口到水面的距离约为( )
A.20mB.40mC.45mD.60m
5.质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+2t2(各物理量均采用国际单位制单位),则该质点( )
A.初速度为0
B.前2s内的平均速度是6m/s
C.任意相邻的1s内位移差都是4m
D.任意1s内的速度增量都是2m/s
6.下列说法中,正确的是( )
A.跳远运动员起跳之前以尽可能大的加速度起跑,是为了增加自己的惯性
B.只要作用在物体上的某个力增大了,物体的加速度就一定会增大
C.加速度﹣3m/s2比1m/s2小
D.加速度方向就是速度变化的方向
7.如图所示,质量为m的物体放在水平桌面上,在与水平方向成θ的拉力F作用下加速往前运动,已知物体与桌面间的动摩擦因数为μ,则下列判断正确的是( )
A.物体受到的摩擦力为F•cosθ
B.物体受到的摩擦力为μmg
C.物体对地面的压力为mg
D.物体受到地面的支持力为mg﹣F•sinθ
二、多选择题(每小题有多个正确选项,每题全选对得5分,少选得3分)
8.如图所示是一辆汽车做直线运动的x﹣t图象,对相应的线段所表示的运动,下列说法正确的是( )
A.AB段表示静止
B.BC段的加速度小于CD段的加速度
C.CD段运动方向和BC段运动方向相反
D.CD段运动速度大小大于BC段运动速度大小
9.如图所示,放在水平面上的物体A用轻绳通过光滑定滑轮,连接另一个物体,并处于静止.这时A受到地面的弹力为N,摩擦力为f,若把A向右移动一些,并仍静止,则( )
A.N将增大B.f将增大
C.轻绳拉力将减小D.物体受到的合力不变
10.如图所示,把光滑斜面上物体的重力mg分解为F1、F2两个力,下列说法正确的是( )
A.F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力,F2是物体对斜面的压力
B.物体受到mg、FN、F1、F2四个力作用
C.FN是因为斜面微小形变引起的
D.力FN、F1、F2三个力的作用效果和mg与FN两个力的作用效果相同
三、实验题(每空3分,共18分)
11.做《验证力的平行四边形定则》实验时,
(1)下列叙述正确的是
A.同一次实验过程,结点的位置必须都拉到同一位置O点,不能随意变动;
B.用两只弹簧秤拉橡皮条时,应使两细绳之间的夹角总为90°,以便于算出合力的大小;
C.力的值适当大些好;
D.实验时仅需要记录力的大小和方向
(2)如果实验中只有一个弹簧秤,当用两根线拉橡皮条时,线中的力需要分两次分别测量,第一次将弹簧秤接在B绳子上,(第二次把弹簧秤接在C绳子上时忘了记下上次C绳子的方向位置,下列说法正确的是
A、必须重新做上一步,测B绳上拉力时除记下B绳的位置外还记下C绳子的位置.
B、不需要重做上一步,只须用秤拉C绳时把橡皮条的位置保持在上次完全一样的位置状态,B绳在原方向直线上即可.
C、用一根弹簧秤不可能完成这个实验.
12.某实验小组利用图1示的装置探究加速度与力、质量的关系.
(1)下列做法正确的是 (填字母代号).
A.调节滑轮的高度,使牵引木块的细绳与长木板保持平行
B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时,将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上
C.实验时,先放开木块再接通打点计时器的电源
D.通过增减木块上的砝码改变质量时,不需要重新调节木板倾斜度
(2)为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力,应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量 (选填“远大于”“远小于”或“近似等于”)木块和木块上砝码的总质量.
(3)图2中是某次实验的纸带,舍去前面比较密的点,从0点开始,每5个连续计时点中取1个计数点,各计数点与0计数点之间的距离依次为x1=3.0cm、x2=7.5cm、x3=13.5cm,则物体通过1计数点的速度v1= m/s,木块运动的加速度为 m/s2.
三、计算题(10+10+12=32分)
13.如图所示,在倾角θ=30°的斜面上有一块竖直放置的挡板,在挡板和斜面间放一重为G的光滑的圆球.试求:
(1)圆球对斜面的压力;
(2)圆球对挡板的作用力.
14.在铁轨上有甲、乙两列车,甲车在前,乙车在后,分别以15m/s、40m/s的速度做同向匀速运动,当甲、乙距离为1500m时,乙车开始刹车做匀减速运动,加速度大小为0.2m/s2.判断乙车能否追上甲车?
若不能求出最小距离,若能追上求出所需时间.
15.在水平地面上有一个质量为4.0kg的物体,物体在水平拉力F的作用下由静止开始运动.10s后拉力大小减小为
F,并保持恒定.该物体的速度图象如图所示.求:
(1)物体所受到的水平拉力F的大小;
(2)该物体与地面间的动摩擦因数.(取g=10m/s2)
2017-2018学年湖南省长沙市高一(上)期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题(每小题只有一个正确答案,选对得3分,30分)
1.下列说法正确的是( )
A.质点就是体积很小的物体B.位移的大小就是路程
C.瞬时速度的大小就是速率D.有正负值的量都是矢量
【考点】瞬时速度;质点的认识.
【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时,我们就可以把它看成质点;
路程是指物体经过的路径的长度,位移是指从初位置到末位置的有向线段.
矢量有大小和方向而标量只有大小没有方向;并且矢量在运算中遵循平行四边形定则.
【解答】解:
A、体积很小的物体也不一定能看成质点,这要看分析的是什么问题,比如在研究原子的运动情况时,此时的原子就不能看成质点,所以A错误;
B、位移是初末两点间的直线距离,而路程是指物体经过轨迹的长度,一般情况下路程都要大于或等于位移的大小;故不能说位移的大小是路程;故B错误;
C、瞬时速度的大小称为速率;故C正确;
D、位移是矢量,路程是标量;有大小又有方向的物理量不一定是矢量,矢量在运算时还要遵守平行四边形定则,比如电流,有大小也有方向,但电流是标量,所以D错误.
故选:
C.
2.以下说法正确的是( )
A.大小分别为6N、8N、10N的三个力的最小合力是4N
B.第一节晚自习:
18:
15﹣20:
15中的数字是指时间
C.后人为了纪念牛顿,把“牛顿”作为力学中的基本单位
D.由赤道越往北极,重力加速度值越大
【考点】合力的大小与分力间夹角的关系;时间与时刻;重力加速度.
【分析】A、根据第三个力是否在前两个力合力范围内,从而判定最小合力能否为零;
B、时刻是点,而时间间隔是一段;
C、牛顿不是力学中的基本单位;
D、由赤道越往北极,重力加速度值越大.
【解答】解:
A、6N、8N的合力范围在2N到14N之间,而10N正好在其之间,那么三个力的最小合力是0N,故A错误;
B、第一节晚自习:
18:
15﹣20:
15中的数字是指时刻,而这段对应是时间间隔,故B错误;
C、力学中的基本单位只有kg,m,s,牛顿单位是导出单位,故C错误;
D、由赤道越往北极,重力加速度值越大,故D正确;
故选:
D.
3.物体沿一条直线运动,其速度﹣时间图象如图所示,由图象可知( )
A.0~ta段的加速度大于ta~tb段的加速度
B.在0~tb段与tb~tc段速度方向相反
C.ta~tb段的平均速度大于tb~tc段平均速度
D.0﹣tc总个过程速度、加速度方向没有变
【考点】匀变速直线运动的图像;匀变速直线运动的速度与时间的关系.
【分析】根据v﹣t图象的物理意义:
其斜率表示加速度的大小,和横坐标围成的面积表示位移分析即可.
【解答】解:
A、由图象可知0~ta斜率小于ta~tb斜率,因此0~ta的加速度小于ta~tb的加速度,故A错误,
B、从图象可知整个过程,速度一直为正,方向始终相同,故B错误;
C、匀变速直线运动平均速度
,根据图象可知,ta~tb段的平均速度大于tb~tc段平均速度,故C正确;
D、整个过程中,0~tb斜率为正,加速度为正,tb~tc斜率为负,加速度为负,方向改变,故D错误.
故选:
C
4.关于胡克定律F=kx中的x,下述说法正确的是( )
A.x是弹簧的伸长或压缩后的长度
B.k与弹簧所受的外力成正比
C.F是弹簧任意一端上的弹力大小
D.x可以是任意大小的值
【考点】胡克定律.
【分析】A、公式中的x是弹簧的形变量,而不是伸长或缩短后的长度,可判断A选项;
B、式中的k为弹簧的劲度系数,与弹簧的本身有关,与所受外力的大小无关,可判断B选项;
C、弹簧上任意点的弹力都相同,即为F,可判断C选项;
D、在弹性限度内,弹簧所受到的拉力与弹簧的伸长成正比,其中x不可以取任意值,可判断D选项.
【解答】解:
A、公式中的x是弹簧的形变量,而不是伸长或缩短后的长度,故A错误;
B、式中的k为弹簧的劲度系数,与弹簧的本身有关,与所受外力的大小无关,故B错误;
C、弹簧上任意点的弹力都相同,即为F,故C正确;
D、在弹性限度内,弹簧所受到的拉力与弹簧的伸长成正比,其中x不可以取任意值,故D错误.
故选:
C.
5.我国长征火箭把载人神舟飞船送上太空时,宇航员在火箭发射与飞船回收的过程均要经受超重与失重的考验,下列说法正确的是( )
A.火箭减速上升时,宇航员处于超重状态
B.飞船减速下落时,宇航员处于超重状态
C.飞船落地前减速阶段,宇航员对座椅的压力就会小于其重力
D.火箭加速上升的加速度逐渐减小时,宇航员对座椅的压力小于其重力
【考点】牛顿运动定律的应用﹣超重和失重.
【分析】超重时,物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于重力,根据牛顿第二定律,物体受到向上的合力,加速度方向向上;失重时,物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于重力,根据牛顿第二定律,物体受到向下的合力,加速度方向向下.
【解答】解:
A、火箭减速上升时,加速度方向向下,宇航员处于失重状态.故A错误.
B、火箭减速下落时,加速度方向向上,宇航员处于超重状态,故B正确;
C、火箭在落地前减速,加速度方向向上,宇航员处于超重状态,宇航员对座椅的压力大于其重力,故C错误;
D、火箭上升的加速度逐渐减小时,加速度方向向上,宇航员对座椅的压力大于其重力,故D错误.
故选:
B
6.某同学在井口释放一石块.经过2s听到石块落水的声音,由此可估算出井口到水面的距离约为( )
A.20mB.40mC.45mD.60m
【考点】自由落体运动.
【分析】在井口释放一石块.经过2s听到石块落水的声音,由于井口到水面的距离较小,忽略声音传播的时间,则近似认为石块下落到水面的时间为2s,由h=
估算出井口到水面的距离.
【解答】解:
由于井口到水面的距离较小,声速度较大,忽略声音传播的时间,近似认为石块下落到水面的时间为2s,则井口到水面的距离h=
=20m.
故选A.
7.质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+2t2(各物理量均采用国际单位制单位),则该质点( )
A.初速度为0
B.前2s内的平均速度是6m/s
C.任意相邻的1s内位移差都是4m
D.任意1s内的速度增量都是2m/s
【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系;匀变速直线运动规律的综合运用.
【分析】对照匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+
,即可求得质点的初速度和加速度,求出前2s内的位移之后,与时间相比即可求得平均速度.任意相邻的1s内位移差根据推论:
△x=aT2求解.速度增量根据△v=at求解.
【解答】解:
A、根据匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+
,可得质点的初速度v0=5m/s,加速度a=4m/s2.A错误;
B、由x=5t+2t2可得前2s内的平均速度为
,B错误;
C、任意相邻的1s内位移差:
△x=aT2=4×12m=4m,C正确;
D、任意1s内的速度增量:
△v=at=4×1m/s=4m/s,D错误;
故选:
C
8.下列说法中,正确的是( )
A.跳远运动员起跳之前以尽可能大的加速度起跑,是为了增加自己的惯性
B.只要作用在物体上的某个力增大了,物体的加速度就一定会增大
C.加速度﹣3m/s2比1m/s2小
D.加速度方向就是速度变化的方向
【考点】惯性;加速度.
【分析】质量是惯性的唯一量度,根据牛顿第二定律可知,加速度与合外力成正比,加速度是矢量,方向与速度变化量的方向相同.
【解答】解:
A、惯性只与质量有关,与速度无关,故A错误;
B、根据牛顿第二定律可知,合外力增大,加速度才增大,某个力增大,合外力不一定增大,故B错误;
C、加速度是矢量,方向与速度变化量的方向相同,则﹣3m/s2比1m/s2大,故C错误,D正确.
故选:
D
9.如图所示,质量为m的物体放在水平桌面上,在与水平方向成θ的拉力F作用下加速往前运动,已知物体与桌面间的动摩擦因数为μ,则下列判断正确的是( )
A.物体受到的摩擦力为F•cosθ
B.物体受到的摩擦力为μmg
C.物体对地面的压力为mg
D.物体受到地面的支持力为mg﹣F•sinθ
【考点】滑动摩擦力.
【分析】在与水平方向成θ的拉力F作用下加速往前运动,对此受力分析,运用力的合成,分别列出竖直方向平衡方程;水平方向由牛顿第二定律列出方程.
【解答】解:
对物体受力分析,如图所示,则有
A、物体受到的摩擦力为f=μN=μ(mg﹣Fsinθ),故A错误;
B、物体受到的摩擦力为f=μN=μ(mg﹣Fsinθ),故B错误;
C、物体对地面的压力与地面对物体的支持力是作用力与反作用力,
而支持力等于mg﹣F•sinθ,故C错误;
D、物体受到地面的支持力mg﹣F•sinθ,故D正确;
故选:
D
10.一质量为m=0.5kg的环穿在足够长的水平杆上,在沿杆方向大小F1=5N的恒力作用下从静止开始向右运动,与此同时再加一与环速度V成正比的竖直向上的力F2=5V于环上,已知环与杆的动摩擦系数为0.5,g=10m/s2,则( )
A.环的最大加速度为10m/s2,此时物体的速度最大为1m/s
B.环的最大加速度为5m/s2,此时物体的速度为零
C.环的最小加速度是零,此时物体的速度也是最大3m/s
D.以上说法都不对
【考点】牛顿第二定律;物体的弹性和弹力.
【分析】对小球受力分析,根据牛顿第二定律表示出加速度,分析加速度的变化情况,进而分析运动情况,当加速度为0时,速度最大;当摩擦力为0时,加速度最大
【解答】解:
当环的速度较小时,
,此时杆对环的弹力向上,
当
时,摩擦力f=0,此时环的速度v=1m/s,加速度最大
之后速度继续增大,弹力方向由竖直向上变为竖直向下,
摩擦力
当
时,加速度最小为0,此时速度最大,mg=0.5×(5v﹣5),解得
,故C正确,ABD错误;
故选:
C
二、多选择题(每小题有多个正确选项,每题全选对得5分,少选得2分,选错不得分,共20分)
11.如图所示是一辆汽车做直线运动的x﹣t图象,对相应的线段所表示的运动,下列说法正确的是( )
A.AB段表示静止
B.BC段的加速度小于CD段的加速度
C.CD段运动方向和BC段运动方向相反
D.CD段运动速度大小大于BC段运动速度大小
【考点】匀变速直线运动的图像;匀变速直线运动的速度与时间的关系.
【分析】位移时间图象的“斜率”等于速度.倾斜的直线运动表示匀速直线运动,平行于t轴的图线表示静止.位移等于纵坐标的变化量.
【解答】解:
A、AB段汽车的位移不随时间变化,速度为零,处于静止状态.故A正确.
B、BC段汽车做匀速运动,加速度为零,CD段汽车做匀速运动,加速度也为零,加速度相等,故B错误;
C、CD段斜率为负值,速度为负值,表示汽车的运动方向与正方向相反,BC段斜率为正值,速度为正,方向与正方向相同.所以CD段运动方向和BC段运动方向相反.故C正确.
D、由图得知:
CD段斜率最大,速度最大,汽车运动最快.故D正确.
故选:
ACD
12.人在沙地上行走时容易下陷,人在加速下陷时( )
A.人对沙地地面的压力就是他受的重力
B.人对沙地地面的压力大于沙地地面对他的支持力
C.人对沙地地面的压力大小等于沙地地面对他的支持力大小
D.人对沙地地面的压力小于他受到的重力
【考点】作用力和反作用力;物体的弹性和弹力.
【分析】人受重力和支持力,重力大于支持力,故人会向下加速运动;沙地对人的支持力和人对沙地的压力是相互作用力,二者大小相等.
【解答】解:
A、人对沙地地面的压力性质是弹力,重力的性质是重力,二者的性质不同,不是同一个力,故A错误;
B、人对沙地的压力和沙地对人的支持力是作用力与反作用力,故二力一定相等,故B错误,C正确;
D、人在加速下陷时,有向下的加速度,则重力大于沙地地面的支持力,而人对沙地的压力和沙地对人的支持力相等,则人对沙地地面的压力小于他受到的重力,故D正确.
故选:
CD
13.将一物体以10m/s的初速度竖直上抛,g=10m/s2,下列说法正确的是( )
A.物体上升的时间为1s
B.物体回到原出发点的时间是2s
C.物体上升的最大高度是5m
D.物体回到原处的位移大小是10m
【考点】竖直上抛运动.
【分析】物体做竖直上抛运动,取竖直向上为正方向,加速度为﹣g,可以看成一种匀减速直线运动.由运动学规律和对称性可以解得各个量.
【解答】解:
A、物体上升的时间为t上=
=
s=1s,故A正确.
B、由对称性可知,物体回到原出发点的时间是t=2t上=2s.故B正确.
C、物体上升的最大高度是h=
=
m=5m.故C正确.
D、物体回到原处的位移大小是0m,故D错误.
故选:
ABC
14.如图所示,把光滑斜面上物体的重力mg分解为F1、F2两个力,下列说法正确的是( )
A.F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力,F2是物体对斜面的压力
B.物体受到mg、FN、F1、F2四个力作用
C.FN是因为斜面微小形变引起的
D.力FN、F1、F2三个力的作用效果和mg与FN两个力的作用效果相同
【考点】物体的弹性和弹力.
【分析】光滑斜面上的物体的重力mg按作用效果分解为沿斜面向下和垂直于斜面两个方向的分力,注意两个分力不是物体所受到的力,分析受力时,分析物体受到的实际受到的力.两分力共同作用效果与重力作用效果相同.
【解答】解:
A、F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力,F2不是物体对斜面的压力,因为物体对斜面的压力受力物体是斜面,不是物体,而F2作用在物体上.故A错误.
B、物体只受重力和支持力两个力.故B错误;
C、根据弹力产生的原理,FN是因为斜面微小形变引起的,故C正确.
D、力FN、F1和F2的三个力的作用效果跟mg、FN两个力的效果相同.故D正确.
故选:
CD.
三、实验题(每空3分,共18分)
15.做《验证力的平行四边形定则》实验时,
(1)下列叙述正确的是 AC
A.同一次实验过程,结点的位置必须都拉到同一位置O点,不能随意变动;
B.用两只弹簧秤拉橡皮条时,应使两细绳之间的夹角总为90°,以便于算出合力的大小;
C.力的值适当大些好;
D.实验时仅需要记录力的大小和方向
(2)如果实验中只有一个弹簧秤,当用两根线拉橡皮条时,线中的力需要分两次分别测量,第一次将弹簧秤接在B绳子上,(第二次把弹簧秤接在C绳子上时忘了记下上次C绳子的方向位置,下列说法正确的是 A
A、必须重新做上一步,测B绳上拉力时除记下B绳的位置外还记下C绳子的位置.
B、不需要重做上一步,只须用秤拉C绳时把橡皮条的位置保持在上次完全一样的位置状态,B绳在原方向直线上即可.
C、用一根弹簧秤不可能完成这个实验.
【考点】验证力的平行四边形定则.
【分析】理解“等效法”的具体应用;进行该实验的具体操作和注意事项;弹簧的示数以及夹角要大小适中,便于记录和作图即可.
【解答】解:
(1)A、同一次实验过程,结点的位置必须都拉到同一位置O点,不能随意变,故A正确;
B、合力是我们根据平行四边形画出来的,不是计算出来的,夹角大小也不一定为90°,故B错误;
C、在实验中两个分力的夹角大小适当大些,在作图时有利于减小误差,故C正确;
D、实验时需要记录力的大小和方向,还需要记录O点位置,故D错误;
故选:
AC
(2)同一次实验过程,结点的位置必须都拉到同一位置O点,所以只有一个弹簧秤,当用两根线拉橡皮条时,线中的力需要分两次分别测量,第一次将弹簧秤接在B绳子上,要记录B点的位置以及力的大小,还必须记录此时C绳子的位置,然后把弹簧秤接在C绳子上,把弹簧拉到C位置,记录大小,故A正确.
故选:
A
故答案为:
(1)AC;
(2)A
16.某实验小组利用图1示的装置探究加速度与力、质量的关系.
(1)下列做法正确的是 AD (填字母代号).
A.调节滑轮的高度,使牵引木块的细绳与长木板保持平行
B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时,将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上
C.实验时,先放开木块再接通打点计时器的电源
D.通过增减木块上的砝码改变质量时,不需要重新调节木板倾斜度
(2)为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力,应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量 远小于 (选填“远大于”“远小于”或“近似等于”)木块和木块上砝码的总质量.
(3)图2中是某次实验的纸带,舍去前面比较密的点,从0点开始,每5个连续计时点中取1个计数点,各计数点与0计数点之间的距离依次为x1=3.0cm、x2=7.5cm、x3=13.5cm,则物体通过1计数点的速度v1= 0.375 m/s,木块运动的加速度为 1.5 m/s2.
【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系.
【分析】
(1)实验要保证拉力等于小车受力的合力,要平衡摩擦力,细线与长木板平行,平衡摩擦力只需要平衡一次即可,平衡摩擦力时不应悬挂“重物”;
(2)砝码桶及桶内砝码加速下降,失重,拉力小于重力,加速度越大相差越大,故需减小加速度,即减小砝码桶及桶内砝码的总质量;
(3)根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点1的瞬时速度,根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出运动的加速度.
【解答】解:
(1)A、调节滑轮的高度,使牵引木块的细绳与长木板保持平行,否则拉力不会等于合力,故A正确;
B、在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时,不应悬挂“重物”,故B错误;
C、打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块,而当实验结束时
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- 初中 物理 暑期 训练