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昆明二模理综物理
年高三第二次复习统一检测云南省昆明市2017
理科综合(物理部分)
本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
满分110分。
第Ⅰ卷(选择题共48分)
一、选择题:
本题共8小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,第14~17题只有一项符合题目要求,第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不选的得0分。
14.物理学家通过对实验深入观察和研究获得正确的科学认知,推动物理学的发展,下列说法符合物理史实的是()
A.爱因斯坦在历史上首次提出了能量子的概念,成功地解释了光电效应
B.汤姆孙通过研究阴极射线发现了电子,并提出了原子的核式结构模型
C.查德威克用α粒子轰击铍核时发现了质子,由此认识到原子核由质子和中子组成
D.伽利略认为自由落体运动可看作物体在倾角为90°的斜面上的运动,从而根据小球在斜面上的运动规律,推论得出了自由落体运动是匀加速直线运动
答案D
解析能量子的概念是普朗克提出的,A错;提出核式结构模型的是卢瑟福,B错;卢瑟福用镭放射出的α粒子轰击氮原子核打出了质子,C错;D说法正确。
选D。
15.北斗卫星导航系统计划由35颗卫星组成,包括5颗地球同步卫星(离地44km)、103颗倾27、颗中地球轨道卫星(离地高度约2.15×km)10高度约3.6×斜同步轨道卫星(其轨道平面与赤道平面有一定的夹角,周期与地球自转周期相同),所有北斗卫星将于2020年前后全部发射完成。
关于北斗卫星,下列说法正确的是()
A.地球同步卫星能定点在北京上空
B.倾斜同步轨道卫星能定点在北京上空
C.中地球轨道卫星的运行周期小于地球同步卫星的运行周期
倾斜同步轨道卫星的轨道半径大于地球同步卫星的轨道半径.D.
C答案倾斜同步轨道卫星只能每错;解析地球同步卫星只能定点在赤道面上,A错;两种同步轨道卫星周B个周期定时出现在北京上空,不能定点在北京上空,2πGMm?
?
2R知,由于中地球轨道卫星半径?
?
m期相同,轨道半径相同,D错;由=2TR?
?
小,所以周期小,C对。
选C。
16.一细圆环上均匀分布着负电荷,M、N是圆环轴线上的两个点,它们到、E和E两点电场强度的大小和电势分别用,M、NNO圆心O的距离MO>NMφ、φ表示,则()NMA.E
解析由等量同种点电荷电场分布情况可知,两电荷连线中垂线上的场强由连线中点向外是由0到最大再到0,由于M、N两点与场强最大点的位置关系不知,所以不能判断M、N两点场强大小的关系,A、B错;由等量同种点电荷电场的电势分布关系知,两负电荷连线中垂线上的电势由连线中点向外由最低逐渐>φ,C错,D对。
选D。
φ,所以>NOMO升高,又由于NM
17.如图所示,圆形磁场区域内有垂直纸面向外的匀强磁场,三个带电粒子A、B、C先后从P点以相同的速度沿PO方向射入磁场,分别从a、b、c三点射、t、t三个粒子的比荷,表示t三个粒子在磁场中运动的时间分别用,出磁场CBA.
表TT、、k、k表示,三个粒子在该磁场中运动的周期分别用T、k分别用CCBAAB)示,下列说法正确的是( 带负电,B解析结合粒子的偏转情况,用左手定则判断知A、C带正电,的cA错;粒子在磁场中的飞行时间等于弧长比速度,三者速度相同,由题图知对;结合题图,由几何知识知三粒>t>t,Bt弧长最长,a的弧长最短,所以有ACBvm,kk>=>>r>r,由rkr与比荷成反比,所以v子半径关系为r知、B一定,CCABABqBm2π错;由周期T= 选T成反比,所以有知,周期T与比荷kCBAqBB。 18.如图甲所示的电路中,理想变压器输入电压u随时间t按正弦规律变化和L为两个相同的小灯泡,小灯泡都标有“12V,6W”L如图乙所示。 图甲中21字样,电容器C的击穿电压为13V,电压表和电流表均为理想交流电表。 开关S和S都断开时,小灯泡L正常发光。 下列说法正确的是()121 A.理想变压器的原、副线圈的匝数比为4∶1 B.输入电压u随时间t变化的规律为u=482sin100πt(V) C.闭合开关S、断开开关S时,电压表的示数为48V,电流表的示数为210.25A D.闭合开关S后,电容器C不会被击穿2答案AC =48V,灯泡L正常发光电U输入电压如题图乙,所以原线圈电压解析11. 4nU11,由理想变压器变压比等于匝数比知=12V对;交流电周期A=压U=,21Un222π=由ωT=0.04s,,(V)u=482sin50πt得ω=50πrad/s,所以输入电压的解析式为T错;电流表、电压表示数都是有效值,理想变压器输入功率等于输出功率,闭B12WP==UI? I,据、断开S,输出功率为6W×2=12WP,=0.25A合S=2148VU,所以电容器会被,电容器上所加电压的最大值为V>13V122SC对;闭合2。 错。 选A、C击穿,D 的左边BB静止在光滑的水平面上,物体19.如图所示,质量为2m的物体,Bv向物体运动并与弹簧发生作用固定有轻质弹簧,质量为m的物体A以速度。 B始终沿同一直线运动物体A,从物体A接触弹簧开始到离开弹簧的过程中、)则(以初速度v方向为正,B的冲量大小大于弹簧对物体A的冲量大小A.此过程中弹簧对物体12vmB.弹簧的最大弹性势能为32vB的冲量为mC.此过程弹簧对物体31v离开弹簧后的速度为-物体AD.3BD答案 B、的冲量始终大小相等,方向相反,A错;A解析此过程中弹簧对A、B,由能量守恒v2m)+速度相等时弹簧的弹性势能最大,由动量守恒有mv=(m共111222? E=mvm+2m)vmv(,B到分开整个过程动量守恒,B对;=A+有E撞pp共322111222v、v为分开后A、B的+,mv+2m,能量守恒有vmvv2mm=v=×v有myxxxyy22212v,v动量的B的冲量等于B对;此过程弹簧对物体D,v==-v速度,解得yx33. 24? ? 0v-=D。 ,C错。 选B、mv? ? ×mv2mΔ=2变化量33? ? 与斜面之间的动摩物块B、B两物块叠放在一起放到固定斜面上,20.将A设最大静摩擦力等于滑动摩擦μ,A、B之间的动摩擦因数为,物块μ擦因数为21)下列说法正确的是,(力一定不会发生相对滑动则物体A、BA.若μ=0,1一定会发生相对滑动则物体A、BB.若μ=0,1一定会发生相对滑动A、B.若μ=μ,则物体C21一定不会发生相对滑动A、B若μ=μ,则物体D.21答案AD物体只在重力θ的加速度下滑,此时AA、B整体将以gsin=0,μ若解析1相对静止,不会发生相对滑0,故与B分力的作用下下滑,A、B间摩擦力也为θgsinm+m)整体有=μ,假设二者相对静止,则对A、B(μA动,对,B错;若B1A2f,解得=ma为研究对象有mgsinθ-fa=+(mm)gcosθ(m+m),再以Aμ-AB1AAAB可以保持相对、Bcosmgθ,此时恰好达到最大静摩擦力,故Acosmgθ=μμ=A1A2D。 D对。 选A、C静止,不发生相对滑动,错, 的mR的光滑半圆轨道放置于竖直平面内,质量均为21.如图所示,半径为以,小球b,两小球都从轨道最高点P开始运动小球a从静止开始沿轨道下滑重,,某一初速度水平抛出,不计空气阻力一段时间后落到半圆轨道的最低点Q),下列说法正确的是(力加速度为g5gRA.小球b刚落到Q点时的速度大小为2gR2mg点时重力的瞬时功率为Q刚落到b小球.B. P到Q,小球a所需时间小于小球b所需时间C.从2mggR3Q,小球a重力做功的最大功率为D.从P到 3BD答案 gR12gt能Q,由解析小球b平抛,有R=Pv,R=t,联立解得v到= 22gR15122=? mvmvv点时竖直方向的速Q,量守恒有A错;=+mgR小球b到xx 222R2对;小,B=mg==gtg2·gRv度vgR=2,此时重力的瞬时功率P=mgyyg竖直方向加速下落时受重力与弹力作用,而弹力在竖直向上方向有分力,a球a的加速竖直方向上位移相同,初速度都为零,但ag,a与b度小于重力加速度,其θP=mgvcosC度小,a运动时间长,错;从P到Q,小球a重力做功的功率12vm,两式联立得θ=中θ是速度方向与竖直方向的夹角,由能量守恒有mgRsin 2232mg3gR,Dsinθ? ,当θ对。 Pmg=·=? 2gRsinθ1-sin有最大值为时,P33选B、D。 第Ⅱ卷(非选择题共62分) 二、非选择题: 包括必考题和选考题两部分。 第22~25题为必考题,每个试题考生都必须作答。 第33、34题为选考题,考生根据要求作答。 (一)必考题: 共47分。 22.(6分)某学生实验小组设计了一个“验证力的平行四边形定则”的实验,装置如图甲。 在竖直放置的木板上部附近两侧,固定两个力传感器,同一高度放置两个可以移动的定滑轮,两根细绳跨过定滑轮分别与两力传感器连接,在两细,F,调节两F的示数分别为2,绳连接的结点O处下方悬挂钩码力传感器1、21个定滑轮的位置可以改变两细绳间的夹角。 实验中使用若干相同的钩码,每个钩29.8m/s=取克码质量均为100,g。 . (1)关于实验,下列说法正确的是________; A.实验开始前,需要调节木板使其位于竖直平面内 B.每次实验都必须保证结点位于O点 C.实验时需要记录钩码数量、两力传感器的示数和三细绳的方向 D.实验时还需要用一个力传感器单独测量悬挂于O点钩码的总重力 (2)根据某次实验得到的数据,该同学已经按照力的图示的要求画出了F、1F,如图乙,请你作图得到F、F的合力F(只作图,不求大小),并写出该合力212不完全竖直的一种可能原因: ________________________________________________________________________。 答案 (1)AC(2分) (2)如右图所示(2分)定滑轮有摩擦、木板未竖直放置等(2分) 解析 (1)因为每个钩码的重力已知,所以不需要用力传感器测钩码总重力,D错;因为钩码重力、两力传感器的示数和三绳的方向都已知,所以不必保证结点每次都在同一位置,B错;A、C说法正确。 选A、C。 滑轮有摩擦合力不完全竖直的原因有木板不竖直、按标度严格尺规作图, (2). 等。 同时测量待测某同学利用如下器材测定电源的电动势和内电阻,.(9分)23。 R电阻x两节干电池A.V.电压表V、B21RC.待测电阻xAD.电流表0阻值范围~10ΩE.滑动变阻器,F.开关G.导线若干 该同学记录了两组电压表的示数和相应电流表示数如下表所示 U/V0.300.620.901.201.48A2.162.322.492.632.80U/VB0.500.10I/A0.200.300.40 U (1)由得到的数据可以判断出的示数;”)或”“V选填应为表________(“V21A在图乙中图象描出了点如图甲所示I-U该同学已在 (2),,请在图甲中作图A-I图象;U描点并作出B ,________Ω,总内阻r=E(3)由图象可得两节干电池总电动势=________V)(计算结果均保留3位有效数字=________Ω。 R待测电阻x)(1分 (1)V答案2分如下图所示 (2) (2) 分))3.01(2.98~3.04)(21.66)(2(3)2.96(2.94~2.98)(2分)1.60(1.56~分示V示数接近3V应为路端电压,为U,解析 (1)两节干电池电动势3V1B两端电压。 V示数测R为U数,x2A (2)让各点均匀分布在直线两侧,把各点连接得图象见答案。 1.2V=由图甲得R(3)=3Ω,由图乙图象得纵截距为E=2.96V,直线斜率x0.4A1.60Ω。 =为r 24.(12分)低空跳伞是一种危险性很高的极限运动,通常从高楼、悬崖、高某跳伞。 才能保证着地安全,在极短时间内必须打开降落伞,塔等固定物上起跳. 运动员从高H=100m的楼顶起跳,自由下落一段时间后打开降落伞,最终以安全速度匀速落地。 若降落伞视为瞬间打开,得到运动员起跳后的速度v随时间t变化的图象如图所示,已知运动员及降落伞装备的总质量m=60kg,打开伞后210m/sg=v,取所受阻力大小与速率成正比,即f=k,求: (1)打开降落伞瞬间运动员的加速度; (2)打开降落伞后阻力所做的功。 ,有: v内运动员做自由落体运动,2s末速度设为解析 (1)0~2s1v=gt①(1分)1刚打开降落伞时: mg-f=ma②(1分) f=kv③(1分)12④(1分)解得a=-30m/s 2,方向竖直向上。 (1分)故加速度大小为30m/s (2)运动员匀速运动时,设速度为v,2mg-kv=0⑤(1分)2=5m/s⑥(1分)v据图象知2运动员下降的全过程,据动能定理可得: 12⑦(3分)=mgH+Wmv 2f24J⑧(2分5.925=-×10)W解得f25.(20分)如图所示,平行光滑金属导轨AA和CC与水平地面之间的夹角11均为θ,两导轨间距为L,A、C两点间连接有阻值为R的电阻,一根质量为m、电阻为r的直导体棒EF跨在导轨上,两端与导轨接触良好。 在边界ab和cd之间存在垂直导轨平面的匀强磁场,磁场的磁感应强度为B,ab和cd与导轨垂直。 将导体棒EF从图示位置由静止释放,EF进入磁场就开始匀速运动,穿过磁场与导轨始终垂直且EF导体棒,整个运动过程中。 Q产生的热量为R过程中电阻 取重力加速度为g。 接触良好。 除R和r之外,其余电阻不计, EF刚进入磁场时的速率; (1)求导体棒s; (2)求磁场区域的宽度B将磁感应强度变为(3)若导体棒从图示位置由静止释放,,仍让导体棒EF2求导体棒通过磁场的时间。 离开磁场前后瞬间的加速度大小之比为1∶2,导体棒进入磁场中匀速运动时: 解析 (1))sinθ-BIL=0①(2分mgE=I)②(1分r+RBLE=v③(1分)1θ? R+r? sinmg=分)④(1解得: v122LB (2)导体棒匀速穿过磁场的过程,据功能关系可得: )⑤(2分mgssinθ=Q0R)(2Q=分Q⑥0rR+Qr? ? R+)解得: s=(1⑦分θmgRsinB磁场变为(3),导体棒刚要出磁场时,据牛顿第二定律可得: 2B? ? 22vL? ? 22? ? )分⑧(1-sinmgθma=1r+R. 导体棒刚出磁场时 mgsinθ=ma⑨(1分)2=2a⑩(1分)a据题意: 122mg? R+r? sinθ=? (1分)解得: v2 22LB导体棒在磁场中运动速度为v时,据牛顿第二定律可得: B? ? 22vL? ? 2? ? mgsinθ-=ma? (1分) rR+B? ? 22vL? ? 2Δv? ? mgsinθ-=m tΔrR+22LBt? ? vΔgΔtsinθ-=Δv? (1分) ? r? R+4m导体棒穿过磁场的过程 22LsB-v? (2分)gtsinθ-v= 12? r4m? R+m? R+r? 22QLB解之得: t=+? (2分) 22222θmBRLgsin4 (二)选考题: 共15分。 请考生从33和34两道题中任选一题作答。 33.[物理——选修3-3](15分) (1)(5分)下列说法中正确的是________。 (填正确答案标号。 选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。 每选错1个扣3分,最低得分为0分) A.布朗运动是悬浮在气体或液体中固体颗粒分子的无规则运动 B.分子间距离增大时,分子间的引力和斥力都减小 C.温度相同的不同物体,它们分子的平均动能一定相同 D.在潮湿的天气里,空气的相对湿度小,有利于蒸发 E.一定质量的理想气体分别经等容过程和等压过程温度均由T升高到T,21等压过程比等容过程吸收的热量多 (2)(10分)内径相同、导热良好的“⊥”型细管竖直放置,管的水平部分左、右两端封闭,竖直管足够长并且上端开口与大气相通。 管中有水银将管分成三部分,A、B两部分封有理想气体,各部分长度如图中所示。 将水银缓慢注入竖直=76cmHg,设外界温度不变。 p,取大气压中气柱长度变为8cm管中直到B0求: ①此时A、B两管中气柱长度之比; ②注入管中水银柱的长度。 答案 (1)BCE(5分) (2)见解析 解析 (1)布朗运动是指固体颗粒的运动,不是颗粒分子的运动,A错;由分子力的特点知随分子间距的增大,引力斥力都减小,B对;温度是分子平均动能的标志,温度相同,分子平均动能相同,C对;相对湿度越大,越有利于蒸发,D错;等压过程中气体膨胀对外界做功,W<0,等容过程不做功,W=0,由热力学第一定律W+Q=ΔU知,温度改变量相同,ΔU相同时,等压比等容吸收的热量更多,E对。 选B、C、E。 (2)①对A气体: pLS=pLS①(1分)2AA1AA12LS=pLS②(1分)p气体: 对B2BB2B11B=p,p=p③(1分)p且212BA1AB据题意可得: L∶L=2∶1④(1分)2B2A=96cmHg,L=10cm,L)分(1⑤8cm=p②据题意: 2B1B1B. =120cmHg⑥(2分)p可得: 2B由几何关系可得注入水银柱的长度: L=120-76-20+(L-L)+(L-L)⑦(2分)2A11BA2B解得: L=30cm⑧(1分) 34.[物理——选修3-4](15分) (1)(5分)如图所示,一玻璃三棱镜置于空气中,一束光经折射后分为两束单色光a、b,则________。 (填正确答案标号。 选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。 每选错1个扣3分,最低得分为0分) A.a光的频率大于b光的频率 B.玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率 C.a光在玻璃中的传播速度大于b光在玻璃中的传播速度 D.当a、b两束光从玻璃射入真空时,a光发生全反射的临界角小于b光发生全反射的临界角 E.a、b两束光分别通过同一双缝干涉装置形成的干涉条纹,相邻暗条纹间距b光的较大 (2)(10分)一列简谐横波在介质中沿x轴正向传播,已知波长λ满足: 15 cm<λ<30cm,O和A是介质中平衡位置分别位于x=0和x=35cm处的两个质点。 t=0时开始观测,此刻简谐波已经传播过了A质点,质点O位于波峰,位移为y=5cm;t=0.3s时,质点O第二次回到平衡位置,此刻质点A恰好到波峰处。 求: ①简谐波的周期、波长和波速; ②质点A的位移随时间变化的关系式。 答案 (1)ADE(5分) (2)见解析 a光偏折的更厉害,a对;A,b的频率大于a由光的折射情况知 (1)解析. c1光的折射率更大,B错;由n=知a光在玻璃中的速度小,C错;由sinC=知 vnla光的临界角小,D对;a光频率大波长短,由Δx=λ知a光条纹间距小,E对。 d选A、D、E。 (2)①由题意可知: 3T=0.3s①(1分) 4解得: T=0.4s②(1分) 3λ+nλ=0.35m(n=0,1,2…)③(1分) 4由题给条件得: λ=0.20m④(1分) λ因v=⑤(1分) T可得: v=0.50m/s⑥(1分) ②质点A振动的圆频率: 2πω==5π(rad/s)⑦(1分) T振幅: A=0.05m⑧(1分) 初相: φ=π⑨(1分) 质点A的位移随时间变化的关系式为: y=0.05sin(5πt+π)(m)或 1? ? 105πt+π(m)○=y)(1分0.05cos? ? 2? ? .
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