中考数学复习专题讲座五数学思想方法含详细参考答案.docx
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中考数学复习专题讲座五数学思想方法含详细参考答案
20XX年中考数学复习专题讲座五:
数学思想方法
(一)(含详细参考答案)
20XX年中考数学复习专题讲座五:
数学思想方法
(一)
一、中考专题诠释
数学思想方法是指对数学知识和方法形成的规律性的理性认识,是解决数学问题的根本策略。
数学思想方法揭示概念、原理、规律的本质,是沟通基础知识与能力的桥梁,是数学知识的重要组成部分。
数学思想方法是数学知识在更高层次上的抽象和概括,它蕴含于数学知识的发生、发展和应用的过程中。
抓住数学思想方法,善于迅速调用数学思想方法,更是提高解题能力根本之所在.因此,在复习时要注意体会教材例题、习题以及中考试题中所体现的数学思想和方法,培养用数学思想方法解决问题的意识.
二、解题策略和解法精讲
数学思想方法是数学的精髓,是读书由厚到薄的升华,在复习中一定要注重培养在解题中提炼数学思想的习惯,中考常用到的数学思想方法有:
整体思想、转化思想、函数与方程思想、数形结合思想、分类讨论思想等.在中考复习备考阶段,教师应指导学生系统总结这些数学思想与方法,掌握了它的实质,就可以把所学的知识融会贯通,解题时可以举一反三。
三、中考考点精讲
考点一:
整体思想
整体思想是指把研究对象的某一部分(或全部)看成一个整体,通过观察与分析,找出整体与局部的联系,从而在客观上寻求解决问题的新途径。
整体是与局部对应的,按常规不容易求某一个(或多个)未知量时,可打破常规,根据题目的结构特征,把一组数或一个代数式看作一个整体,从而使问题得到解决。
例110.(2012•德州)已知
A.3B.,则a+b等于()C.2D.1
考点:
解二元一次方程组。
810360
专题:
计算题。
分析:
①+②得出4a+4b=12,方程的两边都除以4即可得出答案.
解答:
解:
,
∵①+②得:
4a+4b=12,
∴a+b=3.
故选A.
点评:
本题考查了解二元一次方程组的应用,关键是检查学生能否运用整体思想求出答案,题目比较典型,是一道比较好的题目.
运用整体思想方法解题,要有强烈的整体意识,要认真分析问题的条件或结论的表达形式、内部结构特征,不拘泥于常规,不着眼于问题的各个组成部分,从整体上观察,从整体上分析。
运用整体思想方法,往往能起到化繁为简,化难为易的效果。
考点二:
转化思想
转化思想是解决数学问题的一种最基本的数学思想。
在研究数学问题时,我们通常是将未知问题转化为已知的问题,将复杂的问题转化为简单的问题,将抽象的问题转化为具体的问题,将实际问题转化为数学问题。
转化的内涵非常丰富,已知与未知、数量与图形、图形与图形之间都可以通过转化来获得解决问题的转机。
-1-
例2(2012•.
考点:
一次函数综合题;三角形三边关系;关于x轴、y轴对称的点的坐标。
810360分析:
作点B关于x轴的对称点B′,连接AB′并延长与x轴的交点,即为所求的M点.利用待定系数法求出直线AB′的解析式,然后求出其与x轴交点的坐标,即M点的坐标.解答:
解:
如图,作点B关于x轴的对称点B′,连接AB′并延长与x轴的交点,即为所求的M点.此时AM﹣BM=AM﹣B′M=AB′.
不妨在x轴上任取一个另一点M′,连接M′A、M′B、M′B.
则M′A﹣M′B=M′A﹣M′B′<AB′(三角形两边之差小于第三边).
∴M′A﹣M′B<AM﹣BM,即此时AM﹣BM最大.
∵B′是B(3,﹣1)关于x轴的对称点,∴B′(3,1).
设直线AB′解析式为y=kx+b,把A(1,5)和B′(3,1)代入得:
,解得,
∴直线AB′解析式为y=﹣2x+7.
令y=0,解得x=,
∴M点坐标为(,0).
故答案为:
(,0).
点评:
本题可能感觉无从下手,主要原因是平时习惯了线段之和最小的问题,突然碰到线段之差最大的问题感觉一筹莫展.其实两类问题本质上是相通的,前者是通过对称转化为“两点之间线段最短”问题,而后者(本题)是通过对称转化为“三角形两边之差小于第三边”问题.可见学习知识要活学活用,灵活变通.
考点三:
分类讨论思想
在解答某些数学问题时,有时会遇到多种情况,需要对各种情况加以分类,并逐类求解,然后综合得解,这就是分类讨论法。
分类讨论是一种逻辑方法,是一种重要的数学思想,同时也是一种重要的解题策略,它体现了化整为零、积零为整的思想与归类整理的方法。
分类的原则:
(1)分类中的每一部分是相互独立的;
(2)一次分类按一个标准;(3)分类讨论应逐级进行.正确的分类必须是周全的,既不重复、也不遗漏.
例3(2012•黔东南州)我州某教育行政部门计划今年暑假组织部分教师到外地进行学习,预订宾馆住宿时,有住宿条件一样的甲、乙两家宾馆供选择,其收费标准均为每人每天120
-2-
元,并且各自推出不同的优惠方案.甲家是35人(含35人)以(2012•丽水)在△ABC中,∠ABC=45°,tan∠ACB=.如图,把△ABC的一边BC放置在x轴上,有OB=14,OC=,AC与y轴交于点E.
(1)求AC所在直线的函数解析式;
(2)过点O作OG⊥AC,垂足为G,求△OEG的面积;
(3)已知点F(10,0),在△ABC的边上取两点P,Q,是否存在以O,P,Q为顶点的三角形与△OFP全等,且这两个三角形在OP的异侧?
若存在,请求出所有符合条件的点P的坐标;若不存在,请说明理由.
考点:
一次函数综合题。
810360
分析:
(1)根据三角函数求E点坐标,运用待定系数法求解;
(2)在Rt△OGE中,运用三角函数和勾股定理求EG,OG的长度,再计算面积;
(3)分两种情况讨论求解:
①点Q在AC上;②点Q在AB上.求直线OP与直线AC的交点坐标即可.
-3-
解答:
解:
(1)在Rt△OCE中,OE=OCtan∠OCE=设直线AC的函数解析式为y=kx+∴直线AC的函数解析式为y=,有.
=,=,∴点E(0,2.).,解得:
k=
(2)在Rt△OGE中,tan∠EOG=tan∠OCE=设EG=3t,OG=5t,OE=
故EG=6,OG=10,
∴S△OEG=.=t,∴,得t=2,
(3)存在.
①当点Q在AC上时,点Q即为点G,
如图1,作∠FOQ的角平分线交CE于点P1,
由△OP1F≌△OP1Q,则有P1F⊥x轴,由于点P1在直线AC上,当x=10时,y=
﹣=,
∴点P1(10,).
②当点Q在AB上时,
如图2,有OQ=OF,作∠FOQ的角平分线交CE于点P2,
过点Q作QH⊥OB于点H,设OH=a,
则BH=QH=14﹣a,
在Rt△OQH中,a2+(14﹣a)2=100,
-4-
解得:
a1=6,a2=8,
∴Q(﹣6,8)或Q(﹣8,6).
连接QF交OP2于点M.
当Q(﹣6,8)时,则点M(2,4).
当Q(﹣8,6)时,则点M(1,3).
设直线OP2的解析式为y=kx,则
2k=4,k=2.
∴y=2x.解方程组,得.
∴P2();
当Q(﹣8,6)时,则点M(1,3),
同理可求P2′(),P3();
如图,有QP4∥OF,QP4=OF=10,点P4在E点,
设P4的横坐标为x,则点Q的横坐标为x﹣10,
∵yQ=yP,直线AB的函数解析式为y=x+14,
∴(x﹣10)+14=﹣x+2
解得:
x=
∴点P4(,,),
,可得:
y=,
当Q在BC边上时,如图,OQ=OF=10,点P5在E点,
∴P5(0,2),
综上所述,满足条件的P点坐标为(10,()或(,)或()或(0,2).)或点评:
此题考查一次函数的综合应用,运用了分类讨论的数学思想方法,综合性强,难度大.
四、中考真题演练
-5-
一、选择题
﹣1.(2012•东营)若3x=4,9y=7,则3x2y的值为()
A.B.C.﹣3D.
考点:
同底数幂的除法;幂的乘方与积的乘方。
810360
﹣分析:
由3x=4,9y=7与3x2y=3x÷32y=3x÷(32)y,代入即可求得答案.
解答:
解:
∵3x=4,9y=7,
∴3x﹣2y=3x÷32y=3x÷(32)y=4÷7=4÷7=.
故选A.
﹣点评:
此题考查了同底数幂的除法与幂的乘方的应用.此题难度适中,注意将3x2y变形
为3x÷(32)y是解此题的关键.
2.(2012•南京)计算(a2)3÷(a2)2的结果是()
A.aB.a2C.a3D.a4
考点:
整式的除法。
810360
分析:
根据幂的乘方首先进行化简,再利用同底数幂的除法的运算法则计算后直接选取答案.
解答:
解:
(a2)3÷(a2)2
=a6÷a4
=a2.
故选:
B.
点评:
本题考查了幂的乘方和同底数幂的除法,熟练掌握运算性质是解题的关键.
3.(2012•南昌)已知(m﹣n)2=8,(m+n)2=2,则m2+n2=()
A.10B.6C.5D.3
考点:
完全平方公式。
810360
专题:
计算题。
分析:
根据完全平方公式由(m﹣n)2=8得到m2﹣2mn+n2=8①,由(m+n)2=2得到m2+2mn+n2=2②,然后①+②得,2m2+2n2=10,变形即可得到m2+n2的值.
解答:
解:
∵(m﹣n)2=8,
∴m2﹣2mn+n2=8①,
∵(m+n)2=2,
∴m2+2mn+n2=2②,
①+②得,2m2+2n2=10,
∴m2+n2=5.
故选C.
点评:
本题考查了完全平方公式:
(a±b)2=a2±2ab+b2.
4.(2012•本溪)已知一元二次方程x2﹣8x+15=0的两个解恰好分别是等腰△ABC的底边长和腰长,则△ABC的周长为()
A.13B.11或13C.11D.12
考点:
解一元二次方程-因式分解法;三角形三边关系;等腰三角形的性质。
810360
-6-
分析:
由一元二次方程x2﹣8x+15=0的两个解恰好分别是等腰△ABC的底边长和腰长,利用因式分解法求解即可求得等腰△ABC的底边长和腰长,然后分别从当底边长和腰长分别为3和5时与当底边长和腰长分别为5和3时去分析,即可求得答案.
解答:
解:
∵x2﹣8x+15=0,
∴(x﹣3)(x﹣5)=0,
∴x﹣3=0或x﹣5=0,
即x1=3,x2=5,
∵一元二次方程x2﹣8x+15=0的两个解恰好分别是等腰△ABC的底边长和腰长,∴当底边长和腰长分别为3和5时,3+3>5,
∴△ABC的周长为:
3+3+5=11;
∴当底边长和腰长分别为5和3时,3+5>5,
∴△ABC的周长为:
3+5+5=13;
∴△ABC的周长为:
11或13.
故选B.
点评:
此题考查了因式分解法解一元二次方程、等腰三角形的性质以及三角形三边关系.此题难度不大,注意分类讨论思想的应用.
5.(2012•莱芜)已知m、n是方程x2+2x+1=0的两根,则代数式的值为()
A.9B.±3C.3D.5
考点:
根与系数的关系;二次根式的化简求值。
810360
专题:
整体思想。
分析:
根据一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与系数的关系得到m+n=﹣2
再变形得,然后把m+n=﹣2
x+1=0的两根,
===3.,mn=1,,mn=1整体代入计算即可.解答:
解:
∵m、n是方程x2+2∴m+n=﹣2,mn=1,∴=故选C.
点评:
本题考查了一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与系数的关系:
若方程两根分别为x1,x2,则x1+x2=﹣,x1•x2=.也考查了二次根式的化简求值.
6.(2012•广元)如图,点A的坐标为(﹣1,0),点B在直线y=x上运动,当线段AB最短时,点B的坐标为()
A.(0,0)B.
-7-
C.D.
考点:
一次函数的性质;正数和负数;垂线段最短。
810360
专题:
计算题。
分析:
先过点A作AB′⊥OB,垂足为点B′,由于点B在直线y=x上运动,所以△AOB′是等腰直角三角形,由勾股定理求出OB′的长即可得出点B′的坐标.
解答:
解:
先过点A作AB′⊥OB,垂足为点B′,由垂线段最短可知,当B′与点B重合时AB最短,
∵点B在直线y=x上运动,
∴△AOB′是等腰直角三角形,
过B′作B′C⊥x轴,垂足为C,
∴△B′CO为等腰直角三角形,
∵点A的坐标为(﹣1,0),
∴
OC=CB′=OA=×1=,
∴B′坐标为(﹣,﹣),
即当线段AB最短时,点B的坐标为(﹣,﹣),
故选B.
点评:
本题考查了一次函数的性质、垂线段最短和等腰直角三角形的性质,找到表示B′点坐标的等腰直角三角形是解题的关键.
7.(2012•黔西南州)如图,抛物线y=x2+bx﹣2与x轴交于A、B两点,与y交于C点,且A(﹣1,0),点M(m,0)是x轴上的一个动点,当MC+MD的值最小时,m的值是()
-8-
A.B.C.D.
考点:
轴对称-最短路线问题;二次函数的性质;相似三角形的判定与性质。
810360分析:
首先可求得二次函数的顶点坐标,再求得C关于x轴的对称点C′,求得直线C′D的解析式,与x轴的交点的横坐标即是m的值.
解答:
解:
∵点A(﹣1,0)在抛物线
y=x2+bx﹣2上,∴×(﹣1)2+b×(﹣1)﹣2=0,
∴b=﹣,
∴抛物线的解析式为
y=x2﹣x﹣2,
∴顶点D的坐标为(,﹣),
作出点C关于x轴的对称点C′,则C′(0,2),OC′=2
连接C′D交x轴于点M,
根据轴对称性及两点之间线段最短可知,MC+MD的值最小.
设抛物线的对称轴交x轴于点E.
∵ED∥y轴,
∴∠OC′M=∠EDM,∠C′OM=∠DEM
∴△C′OM∽△DEM.∴即==,,
∴
m=.
故选B.
-9-
点评:
本题着重考查了待定系数法求二次函数解析式,轴对称性质以及相似三角形的性质,关键在于求出函数表达式,作出辅助线,找对相似三角形.
8.(2012•黄石)如图所示,已知A(,y1),B(2,y2)为反比例函数y=图象上的两点,动点P(x,0)在x轴正半轴上运动,当线段AP与线段BP之差达到最大时,点P的坐标是()
A.(,0)B.(1,0)C.(,0)D.(,0)
考点:
反比例函数综合题;待定系数法求一次函数解析式;三角形三边关系。
810360专题:
计算题。
分析:
求出AB的坐标,设直线AB的解析式是y=kx+b,把A、B的坐标代入求出直线AB的解析式,根据三角形的三边关系定理得出在△ABP中,|AP﹣BP|<AB,延长AB交x轴于P′,当P在P′点时,PA﹣PB=AB,此时线段AP与线段BP之差达到最大,求出直线AB于x轴的交点坐标即可.
解答:
解:
∵把A(,y1),B(2,y2)代入反比例函数y=得:
y1=2,y2
=,∴A(,2),B(2,),
∵在△ABP中,由三角形的三边关系定理得:
|AP﹣BP|<AB,
∴延长AB交x轴于P′,当P在P′点时,PA﹣PB=AB,
即此时线段AP与线段BP之差达到最大,
设直线AB的解析式是y=kx+b,
把A、B的坐标代入得:
,
解得:
k=﹣1,b=,
-10-
∴直线AB的解析式是y=﹣x+,
当y=0时,x=,
即P(,0),
故选D.
点评:
本题考查了三角形的三边关系定理和用待定系数法求一次函数的解析式的应用,解此题的关键是确定P点的位置,题目比较好,但有一定的难度.
9.(2012•兰州)如图,四边形ABCD中,∠BAD=120°,∠B=∠D=90°,在BC、CD上分别找一点M、N,使△AMN周长最小时,则∠AMN+∠ANM的度数为()
A.130°C.110°D.100°
考点:
轴对称-最短路线问题。
810360
分析:
根据要使△AMN的周长最小,即利用点的对称,让三角形的三边在同一直线上,作出A关于BC和CD的对称点A′,A″,即可得出∠AA′M+∠A″=∠HAA′=60°,进而得出∠AMN+∠ANM=2(∠AA′M+∠A″)即可得出答案.
解答:
解:
作A关于BC和CD的对称点A′,A″,连接A′A″,交BC于M,交CD于N,则A′A″即为△AMN的周长最小值.作DA延长线AH,
∵∠DAB=120°,
∴∠HAA′=60°,
∴∠AA′M+∠A″=∠HAA′=60°,
∵∠MA′A=∠MAA′,∠NAD=∠A″,
且∠MA′A+∠MAA′=∠AMN,∠NAD+∠A″=∠ANM,
∴∠AMN+∠ANM=∠MA′A+∠MAA′+∠NAD+∠A″=2(∠AA′M+∠A″)=2×60°=120°,故选:
B.
B.120°
-11-
点评:
此题主要考查了平面)
A.
B.C.1﹣D.
考点:
几何概率;正多边形和圆;扇形面积的计算。
810360
分析:
根据已知假设出六边形边长为1,进而求出正六边形面积和S扇形FAB,S扇形BCD,S扇
再利用三个扇形面积减去正六边形面积等于阴影部分面积,进而得出飞镖插在阴影区形DEF,
域的概率.
解答:
解:
根据图象可以得出,O为正六边形中心,过点O作OM⊥BC,
设正六边形边长为1,根据正六边形每个内角为120°,
则S扇形FAB
==,故S扇形BCD==,S扇形DEF==,∵OC=BC=BO=1,OM⊥BC,
∴OM==
×1=,∴S△OBC=×OM×BC=×
∴S正六边形面积=
∴S阴影=﹣×6=,,
∴飞镖插在阴影区域的概率为:
=﹣1.
故选:
A.
点评:
此题主要考查了概率公式以及正六边形面积求法和扇形面积公式等知识,根据已知得出三个扇形面积减去正六边形面积等于阴影部分面积是解题关键.
-12-
11.(2012•铁岭)在如图所示的正方形纸片上做随机扎针实验,则针头扎在阴影区域)
A.B.C.D.
考点:
几何概率。
810360
分析:
先根据矩形的性质求出矩形对角线所分的四个三角形面积相等,再根据旋转的性质求出阴影区域的面积即可.
解答:
解:
根据矩形的性质易证矩形的对角线把矩形分成的四个三角形均为同底等高的三角形,故其面积相等,
根据旋转的性质易证阴影区域的面积=正方形面积4份中的一份,故针头扎在阴影区域的概率为;
故选A.
点评:
此题考查了几何概率,用到的知识点为:
概率=相应的面积与总面积之比.
12.(2012•连云港)向如图所示的正三角形区域扔沙包(区域中每一个小正三角形除颜色外完全相同),假设沙包击中每一个小三角形是等可能的,扔沙包1次击中阴影区域的概率等于()
A.B.C.D.
考点:
几何概率。
810360
分析:
求出阴影部分的面积与三角形的面积的比值即可解答.
解答:
解:
因为阴影部分的面积与三角形的面积的比值是所以扔沙包1次击中阴影区域的概率等于.
故选C.
点评:
本题考查几何概率的求法:
首先根据题意将代数关系用面积表示出来,一般用阴影区域表示所求事件(A);然后计算阴影区域的面积在总面积中占的比例,这个比例即事件
(A)发生的概率.
-13-=,
二、填空题
13.(2012•扬州)已知2a﹣3b2=5,则10﹣2a+3b2的值是.
考点:
代数式求值。
810360
专题:
计算题。
分析:
先将10﹣2a+3b2进行变形,然后将2a﹣3b2=5整体代入即可得出答案.解答:
解:
10﹣2a+3b2=10﹣(2a﹣3b2),
又∵2a﹣3b2=5,
∴10﹣2a+3b2=10﹣(2a﹣3b2)=10﹣5=5.
故答案为:
5.
点评:
此题考查了代数式求值的知识,属于基础题,解答本题的关键是掌握整体思想的运用.
14.(2012•黔西南州)已知﹣2xm1y3
和xnym+n是同类项,则(n﹣m)2012=﹣
考点:
同类项。
专题:
计算题。
分析:
根据同类项的定义(所含字母相同,相同字母的指数相同)列出方程求出m,n的值,再代入代数式计算即可.
解答:
解:
∵﹣2xm1y3
和xnym+n是同类项,﹣
∴m﹣1=n,3=m+n,
解得m=2,n=1,
所以(n﹣m)2012=(1﹣2)2012=1.
故答案为:
1.
点评:
本题考查了同类项的定义,注意同类项定义中的两个“相同”:
(1)所含字母相同;
(2)相同字母的指数相同,是易混点,因此成了中考的常考点.解题时注意运用二元一次方程组求字母的值.
15.(2012•常州)已知x=y+4,则代数式x2﹣2xy+y2﹣25的值为.
考点:
完全平方公式。
810360
分析:
根据已知条件“x=y+4”可知“x﹣y=4”;然后将所求的代数式转化为含有x﹣y的形式,将x﹣y的值代入求值即可.
解答:
解:
∵x=y+4,
∴x﹣y=4,
∴x2﹣2xy+y2﹣25=(x﹣y)2﹣25=16﹣25=﹣9,
故答案是:
﹣9.
点评:
本题主要考查完全平方公式,熟记公式结构是解题的关键.完全平方公式:
(a±b)2=a2±2ab+b2.
-14-
17.(2012•黄冈)已知实数x满足x+=3,则x2+
考点:
完全平方公式。
810360
专题:
计算题。
的值为
分析:
将x+=3两边平方,然后移项即可得出答案.
解答:
解:
由题意得,x+=3,
两边平方得:
x2+2+
故x2+=7.=9,
故答案为:
7.
点评:
此题考查了完全平方公式的知识,掌握完全平方公式的展开式的形式是解答此题的关键,属于基础题.
18.(2012•鄂州)在锐角三角形ABC中,BC=,∠ABC=45°,BD平分∠ABC,M、N分别是BD、BC上的动点,则CM+MN的最小值是.
考点:
轴对称-最短路线问题。
810360
专题:
探究型。
分析:
过点C作CE⊥AB于点E,交BD于点M′,过点M′作M′N′⊥BC,则CE即为CM+MN的最小值,再根据BC=,∠ABC=45°,BD平分∠ABC可知△BCE是等腰直角三角形,由锐角三角函数的定义即可求出CE的长.
解答:
解:
过点C作CE⊥AB于点E,交BD于点M′,过点M′作M′N′⊥BC,则CE即为CM+MN的最小值,
∵BC=,∠ABC=45°,BD平分∠ABC,
∴△BCE是等腰直角三角形,
∴CE=BC•cos45°=4故答案为:
4.
×=4.
-15-
点评:
本题考查的是轴对称﹣最短路线问题,根据题意作出辅助线,构造出等腰直角三角形,利用锐角三角函数的定义求解是解答此题的关键.
三、解答题
16.(2012•丽水)已知A=2x+y,B=2x﹣y,计算A2﹣B2.
考点:
完全平方公式。
810360
分析:
把A、B两式代入,再计算完全平方公式,去括号,合并同类项即可.解答:
解:
A2﹣B2=(2x+y)2﹣(2x﹣y)2
=(4x2+4xy+y2)﹣(4x2﹣4xy+y2)
=4x2+4xy+y2﹣4x2+4xy﹣y2
=8xy.
点评:
此题主要考查了完全平方公式,关键是熟练掌握完全平方公式:
(a±b)2=a2±2ab+b2.可巧记为:
“首平方,末平方,首末两倍中间放”.
20.(2012•攀枝花)先化简,再求值:
,其中x满足方程:
x2+x﹣6=0.
考点:
分式的化简求值;一元二次
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