届全国高考复习冲刺考前仿真模拟一 化学解析版.docx
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届全国高考复习冲刺考前仿真模拟一化学解析版
考前仿真模拟
(一)
时间:
50分钟 满分:
100分
可能用到的相对原子质量 N:
14 O:
16 Na:
23 P:
31
S:
32 Cl:
35.5 K:
39 Fe:
56 Cu:
64 Ag:
108 I:
127
第Ⅰ卷(选择题,共42分)
一、选择题(本题包括7个小题,每小题6分,共42分。
每小题仅有一个选项符合题意)
7.(2019·山东烟台高三期末)宋代《开宝本草》记载,“(KNO3)所在山泽,冬月地上有霜,扫取以水淋汁后,乃煎炼而成”。
该制取KNO3的方法是( )
A.过滤B.蒸馏C.重结晶D.升华
答案 C
解析 KNO3溶解度受温度的影响变化大,冬天温度低时从溶液中结晶析出,将得到的晶体再溶解于水中,升高温度蒸发溶剂,得到高温下KNO3的饱和溶液,再降温,KNO3又从溶液中结晶析出,这种制取KNO3的方法就是重结晶法,故选C。
8.设NA为阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是( )
A.0.01mol·L-1氯水中,Cl2、Cl-和ClO-三粒子数目之和大于0.01NA
B.氢氧燃料电池正极消耗22.4L气体时,负极消耗的气体分子数目为2NA
C.0.1molCu与足量的浓硫酸完全反应后,溶液中Cu2+数目为0.1NA
D.2.0gD2O中含有的质子数、电子数均为NA
答案 D
解析 A项,溶液体积不知道,粒子数不能确定;B项,气体体积未标明标准状况;C项,Cu2+由于水解,数目小于0.1NA。
9.(2019·广东清远高三期末)有机物W在工业上常用作溶剂和香料,其合成方法如下:
下列说法正确的是( )
A.M、N、W均能发生加成反应、取代反应
B.N、W组成上相差一个CH2原子团,所以互为同系物
C.W属于脂肪,能发生皂化反应
D.M的二氯代物有8种
答案 A
解析 M、N、W都含有苯环,都可发生加成反应,苯环、甲基可发生取代反应,羧基可发生酯化反应,酯基可发生水解反应,水解反应和酯化反应都属于取代反应,A正确;N、W组成上相差一个CH2原子团,但是它们含有的官能团不同,因此不属于同系物,B错误;油脂在碱性条件下的水解为皂化反应,而W是酯,但不是油脂,所以它的水解不是皂化反应,C错误;若取代甲基上的2个H原子,有1种结构;若取代甲基上1个H原子、苯环上1个H原子,则苯环上的Cl原子相对甲基有邻、间、对3种结构;若全部取代苯环上的2个H原子,若其中1个Cl原子与甲基相邻,另一个Cl原子有如图所示
10.四种短周期主族元素W、X、Y、Z原子序数依次增大,它们的原子最外层电子数之和为18。
X的核电荷数是Z的核电荷数的一半。
W的单质是空气中含量最多的气体。
下列说法正确的是( )
A.原子半径:
r(Z) B.W的气态氢化物的热稳定性比X的弱 C.Y与X形成的化合物中只含有离子键 D.同周期元素中Z的最高价氧化物对应水化物的酸性最强 答案 B 解析 四种短周期主族元素W、X、Y、Z原子序数依次增大,W的单质是空气中含量最多的气体,则W为氮元素,X的核电荷数是Z的核电荷数的一半,X为氧元素,Z为硫元素,它们的原子最外层电子数之和为18,则Y的最外层电子数为18-6-6-5=1,则Y为钠元素。 同周期主族元素原子从左到右半径依次减小,电子层数越多,原子半径越大,故原子半径: r(X) 11.下列实验操作和现象与预期实验目的或所得实验结论一致的是( ) 选项 实验操作和现象 预期实验目的或结论 A 向两支盛有KI3溶液的试管中,分别滴加淀粉溶液和AgNO3溶液,前者溶液变蓝,后者有黄色沉淀 KI3溶液中存在平衡: I I2+I- B 用洁净的铂丝蘸取某溶液在火焰上灼烧,观察到火焰显黄色 该溶液中一定存在Na+,没有K+ C 室温下,用pH试纸分别测定浓度为0.1mol/LNaClO溶液和0.1mol/LCH3COONa溶液的pH 比较HClO和 CH3COOH的酸性强弱 D 浓硫酸与乙醇170℃共热,制得的气体通入酸性KMnO4溶液,溶液紫色褪去 制得的气体为乙烯 答案 A 解析 向两支盛有KI3溶液的试管中,分别滴加淀粉溶液和AgNO3溶液,前者溶液变蓝,后者有黄色沉淀,说明KI3溶液中含I2、I-,即KI3溶液中存在的平衡为I I2+I-,A正确;钾的焰色反应呈紫色,易被黄光遮住,应透过蓝色的钴玻璃观察,B错误;NaClO溶液具有强氧化性,不能用pH试纸测定pH,应利用pH计测定pH,C错误;浓硫酸与乙醇170℃共热,生成的乙烯气体中会混有二氧化硫、乙醇蒸气等杂质,由于二氧化硫和乙醇也能够使酸性KMnO4溶液褪色,干扰了检验结果,无法确定制得的气体是乙烯,D错误。 12.如图是利用微生物燃料电池处理工业含酚废水的原理示意图,下列说法不正确的是( ) A.该装置可将化学能转化为电能 B.溶液中H+由a极移向b极 C.电极b附近的pH降低 D.电极a附近发生的反应是: C6H6O-28e-+11H2O 6CO2+28H+ 答案 C 解析 根据图知,该装置没有外接电源,是原电池,是将化学能转化为电能的装置,故A正确;放电时,电解质溶液中阳离子向正极移动,根据电子流向知,a是负极、b是正极,所以溶液中H+由a极移向b极,故B正确;b电极氧气得电子和氢离子反应生成水,导致溶液中氢离子浓度降低,溶液的pH升高,故C错误;a电极上苯酚失电子和水反应生成二氧化碳和氢离子,电极反应式为C6H6O-28e-+11H2O 6CO2+28H+,故D正确。 13.化学上常用AG表示溶液中的lg 。 25℃时,用0.100mol/L的NaOH溶液滴定20.00mL0.100mol/L的HNO2溶液,AG与所加NaOH溶液的体积(V)的关系如图所示,下列说法不正确的是( ) A.随着NaOH溶液的加入, 增大 B.25℃时,HNO2的电离常数Ka≈1.0×10-4.5 C.b点溶液中存在2c(H+)-2c(OH-)=c(NO )-c(HNO2) D.a、b、c、d、e五点的溶液中,水的电离程度最大的点是d 答案 A 解析 随着NaOH溶液的加入,发生反应HNO2+NaOH===NaNO2+H2O,氢离子浓度减少,NO 浓度增大, 减小,A错误;由图像可知0.100mol/L的HNO2溶液的AG=8.5,即 =108.5,又Kw=c(H+)·c(OH-)=10-14,c(H+)=10-2.75mol/L,故Ka= = ≈ =1.0×10-4.5,B正确;b点溶液中存在的溶质为等物质的量的HNO2和NaNO2,由电荷守恒得c(H+)+c(Na+)=c(OH-)+c(NO ),其物料守恒为2c(Na+)=c(HNO2)+c(NO ),联立即得2c(H+)-2c(OH-)=c(NO )-c(HNO2),C正确;a点溶液中的溶质是HNO2,b点是HNO2和NaNO2等浓度混合液,c点是HNO2和NaNO2pH=7的混合液,d点溶液中的溶质是NaNO2,e点溶液中的溶质是NaOH和NaNO2,故水的电离程度最大的点是d点,D正确。 第Ⅱ卷(非选择题,共58分) 二、必考题(本题包括3个小题,共43分) 26.(2019·陕西高三教学质量检测)(14分)POCl3是重要的基础化工原料,某兴趣小组准备用三氯化磷、氯气、二氧化硫制备POCl3,产物中还有一种遇水强烈水解的物质SOCl2(查资料可知PCl3遇水强烈水解,易与氧气反应;POCl3遇水强烈水解,能溶于PCl3)。 (1)已知装置A制备Cl2,装置C制备SO2,装置B制备POCl3,以上仪器接口连接的顺序为a______________d,装置B中发生反应的化学方程式为__________________。 (2)装置F中试剂的名称为________________,装置D的作用是__________,仪器乙的名称为____________,甲的作用是______________。 (3)此实验设计中有一不足之处是________________,改进的方案是________________。 (4)测定POCl3含量。 准确称取12.0gPOCl3产品,置于盛有100mL蒸馏水的水解瓶中摇动至完全水解,取10.0mL水解液于烧杯中,加入足量的硝酸酸化的AgNO3溶液,充分反应得到白色沉淀过滤、洗涤、烘干,称重为2.87g。 检验沉淀是否洗净的操作方法是______________________________,产品中POCl3的百分含量为____________。 答案 (1)jiefbcgh PCl3+Cl2+SO2===POCl3+SOCl2 (2)饱和食盐水 干燥Cl2,同时作安全瓶,防止堵塞 球形干燥管 冷凝回流 (3)缺少尾气处理装置 在装置甲上添加装有碱石灰的装置 (4)取少许最后一次洗涤液于试管中,滴加盐酸,若无白色沉淀生成,说明沉淀已洗涤干净 85.3% 解析 (1)装置A制得的Cl2中混有挥发的HCl和水蒸气,需要经过F装置内的饱和食盐水除去HCl、再利用D装置内的浓硫酸干燥,然后才可通入装置B中,装置C中制得的SO2,需要通过E中P2O5或硅胶干燥后再通入装置B中制备POCl3,则以上仪器接口连接的顺序为ajiefbcghd,装置B中生成POCl3时发生反应的化学方程式为PCl3+Cl2+SO2===POCl3+SOCl2。 (2)装置F是除去氯气中混有的HCl,应盛装饱和食盐水;装置D的浓硫酸既干燥氯气,又能平衡压强,作安全瓶,防止发生堵塞;根据仪器的结构和性能可知仪器乙的名称为球形干燥管,甲为球形冷凝管,其作用是冷凝回流。 (3)本实验尾气中含有的氯气和SO2均污染环境,需要进行尾气处理,且防止空气中的水蒸气进入装置,应在装置甲上添加装有碱石灰的装置。 (4)2.87gAgCl的物质的量为 =0.02mol,根据原子守恒样品中POCl3的物质的量为0.02mol× × = mol,则产品中POCl3的百分含量为 ×100%≈85.3%。 27.(14分)工业上用钒炉渣(主要含FeO·V2O3,还含有少量SiO2、P2O5等杂质)提取V2O5的流程如下: (1)焙烧的目的是将FeO·V2O3转化为可溶性的NaVO3,写出该反应的化学方程式_____________________;浸出渣的主要成分为____________(填化学式)。 (2)用MgSO4溶液除硅、磷时,滤渣的主要成分为Mg3(PO4)2、MgSiO3。 ①若滤液中c(SiO )=0.08mol·L-1,则c(PO )=___________。 (已知: Ksp(MgSiO3)=2.4×10-5,Ksp[Mg3(PO4)2]=2.7×10-27) ②随着温度升高,Mg2+的水解程度增大,导致除磷率下降,但除硅率升高,其原因是_____________。 [随温度升高,MgSiO3、Mg3(PO4)2的溶解度变化忽略不计] (3)元素钒在溶液中主要以V2+(紫色)、V3+(绿色)、VO2+(蓝色)、VO (浅黄色)等形式存在。 钒液可充电电池的工作原理如图所示。 已知溶液中c(H+)=1.0mol·L-1,阴离子为SO 。 ①充电时,左槽溶液颜色由蓝色逐渐变为浅黄色,则左侧电极的电极反应式为_____________________。 ②放电过程中,右槽溶液颜色变化为__________________。 ③放电时,若转移的电子数为3.01×1022,则左槽溶液中n(H+)的变化为______________________。 答案 (1)4FeO·V2O3+4Na2CO3+5O2 8NaVO3+2Fe2O3+4CO2 Fe2O3 (2)①1.0×10-8mol·L-1 ②温度升高促进SiO 水解生成硅酸沉淀 (3)①VO2++H2O-e-===VO +2H+ ②由紫色变为绿色 ③减少0.05mol 解析 (1)由流程图和题意可知,反应物有FeO·V2O3、Na2CO3、O2,生成物有NaVO3,根据得失电子守恒、原子守恒可得反应的化学方程式为4FeO·V2O3+4Na2CO3+5O2 8NaVO3+2Fe2O3+4CO2,Fe2O3不溶于水,故浸出渣的主要成分为Fe2O3。 (2)①滤液中c(SiO )=0.08mol·L-1,Ksp(MgSiO3)=c(Mg2+)·c(SiO )=2.4×10-5,则c(Mg2+)=3.0×10-4mol·L-1,又Ksp[Mg3(PO4)2]=c3(Mg2+)·c2(PO )=2.7×10-27,故c(PO )=1.0×10-8mol·L-1。 ②温度升高促进SiO 水解生成硅酸沉淀,从而导致除硅率升高。 (3)①充电时,左槽溶液颜色由蓝色逐渐变为浅黄色,说明左侧电极上VO2+(蓝色)失去电子生成VO (浅黄色),电极反应式为VO2++H2O-e-===VO +2H+。 ②由①知,充电时左侧电极为阳极,则放电过程中,右侧电极为负极,右侧电极上发生氧化反应,电极反应式为V2+-e-===V3+,故右槽溶液颜色变化为由紫色变为绿色。 ③放电时,左侧电极上发生反应: VO +2H++e-===VO2++H2O,当转移的电子数为3.01×1022时,左槽溶液中消耗0.1molH+,同时右槽溶液中有0.05molH+转移到左槽,故左槽溶液中n(H+)减少0.05mol。 28.(15分)目前国家正在倡导推进传统产业改造升级,引导企业创新优化产业结构。 其根本目的是节能减排,“减排”的关键是减少CO2排放,而“减排”的重要手段是合理利用CO2。 回答下列问题: (1)CO2的电子式是________________。 (2)利用CO2可合成尿素[CO(NH2)2],合成原料除CO2外,还有NH3。 该方法制备尿素的化学方程式是____________________________,该方法制备尿素一般需 >2,即NH3过量,原因是_________________________________。 (3)利用太阳能,以CO2为原料制取炭黑的流程如图1所示: “过程1”生成1mol炭黑的反应热为ΔH1;“过程2”的热化学方程式为2Fe3O4(s)6FeO(s)+O2(g) ΔH2。 则图1中制备炭黑的热化学方程式为_________________________。 (4)将1molCO2和3molH2充入容积为1L的恒容密闭容器中,发生反应: 2CO2(g)+6H2(g)C2H4(g)+4H2O(g) ΔH。 ①图2是测得的该反应中X、Y的浓度随时间变化的曲线,其中X为______________(写化学式),反应达到平衡时的平均反应速率v(H2)=_______。 ②不同温度下平衡时,混合气体中H2的物质的量随温度的变化曲线如图3所示,则该反应的ΔH________(填“>”“<”或“不能确定”)0;测定温度小于T2时,反应体系中无O2存在,则T1~T2的温度范围内,H2的物质的量急剧增大的原因可能是______________。 (5)CO2还可以合成甲醇: CO2(g)+3H2(g)H2O(g)+CH3OH(g)ΔH=-53.7kJ·mol-1, 一定条件下,将1molCO2和2.8molH2充入容积为2L的绝热密闭容器中,发生上述反应。 CO2的转化率[α(CO2)]在不同催化剂作用下随时间的变化曲线如图4所示: 过程Ⅰ的活化能________(填“>”“<”或“=”)过程Ⅱ的活化能,n点的平衡常数K=________。 答案 (1) · ·C· · (2)2NH3+CO2 CO(NH2)2+H2O NH3易液化、易溶于水,便于尾气回收 (3)CO2(g) C(炭黑,s)+O2(g)ΔH=ΔH1+ΔH2 (4)①C2H4 0.225mol·L-1·min-1 ②< 乙烯分解生成H2 (5)< 200 解析 (1)CO2的结构式为O==C==O,故其电子式为 。 (2)NH3与CO2反应生成尿素的化学方程式为2NH3+CO2 CO(NH2)2+H2O。 该方法制备尿素时需NH3过量,原因是NH3易液化、易溶于水,比CO2更易于回收。 (3)根据提示可写出“过程1”的热化学方程式: 6FeO(s)+CO2(g)===2Fe3O4(s)+C(炭黑,s) ΔH1,而“过程2”的热化学方程式为2Fe3O4(s)6FeO(s)+O2(g) ΔH2。 根据盖斯定律,将两个热化学方程式相加即得CO2(g) C(炭黑,s)+O2(g) ΔH=ΔH1+ΔH2。 (4)①由图2可知X的浓度逐渐增大,故X为生成物,且平衡时X的浓度在0.25~0.50mol·L-1之间,Y为CO2,达到平衡时CO2的浓度变化了0.75mol·L-1,根据各物质系数关系知,X为C2H4。 v(H2)=3v(CO2)=3× =0.225mol·L-1·min-1。 ②由图3可知,随着温度的升高,H2的物质的量增加,即升温平衡向生成H2的方向移动,故ΔH<0;“温度小于T2时,反应体系中无O2存在”说明H2O未分解,故T1~T2的温度范围内,H2的物质的量急剧增大的原因可能是乙烯分解生成了H2。 (5)由CO2的转化率曲线可知,过程Ⅰ比过程Ⅱ先达到平衡状态,说明过程Ⅰ反应速率快,因此过程Ⅰ的活化能较小。 n点时CO2的平衡转化率是80%,则应用“三段式”法计算: CO2(g)+3H2(g)H2O(g)+CH3OH(g) 0.51.400 0.41.20.40.4 0.10.20.40.4 故n点的平衡常数K= =200。 三、选考题(两个题中任选一题作答,共15分) 35.(2019·山西晋中高三模拟)[化学——选修3: 物质结构与性质](15分) 氮及其化合物在科学研究和化工生产等领域都有着广泛的应用。 请回答下列问题: (1)与氮元素同族的第四周期元素的基态原子价层电子轨道表达式为________。 (2)HOCH2CN的结构式如图 ,该分子中σ键与π键数目之比为________,其分子中碳原子的杂化方式为________,该物质中除氢以外的元素的第一电离能由大到小的顺序为____________。 (3)[Cu(NH3)4]SO4是一种重要的配合物。 与SO 互为等电子体的分子的化学式为______________(任写一种)。 NH3的VSEPR模型为______________。 [Cu(NH3)4]2+的结构可用示意图表示为______________________________。 (4)①已知: 2UO2+5NH4HF2 2UF4·NH4F+3NH3↑+4H2O↑,NH4HF2中不含有的作用力为________(填选项字母)。 A.共价键 B.配位键 C.金属键 D.离子键 E.氢键 ②NH3和H2O的键角由大到小的顺序为__________(用分子式表示),原因是_______。 (5)Cu3N的晶胞结构如图所示,N3-的配位数为________,Cu+的半径为apm,N3-的半径为bpm,Cu3N晶胞的密度为________g·cm-3(列出计算式即可,阿伏加德罗常数的值用NA表示)。 答案 (1) (2)3∶1 sp、sp3 N>O>C (3)CCl4(或SiCl4、CBr4、SiF4等合理答案即可) 四面体形 (4)①C ②NH3>H2O NH3分子中的N原子有一对孤对电子,而H2O分子中的O原子有两对孤对电子,据电子对互斥理论,H2O中的两对孤对电子对成键电子对的斥力更大,所以H2O的键角更小 (5)6 解析 (1)氮元素的价层电子排布为2s22p3,与氮元素同族的第四周期元素的基态原子价层电子排布为4s24p3,轨道表达式为 。 (2)HOCH2CN分子中σ键数为6,π键数为2,σ键与π键数目之比为3∶1;其分子中碳原子的杂化方式有2种,形成4个σ键的碳是sp3杂化,形成2个σ键,2个π键的碳为sp杂化;C、N、O为第二周期主族元素,它们的第一电离能呈增大趋势,但N原子的2p轨道是半充满状态,第一电离能会变大,该物质中除氢以外的元素的第一电离能由大到小的顺序为N>O>C。 (3)与SO 互为等电子体的分子的化学式为CCl4、SiCl4、CBr4、SiF4等。 NH3中N原子孤电子对数= =1,价层电子对数=3+1=4,NH3的VSEPR模型为四面体形。 [Cu(NH3)4]2+的结构可用示意图表示为 或 。 (4)①NH4HF2中含有的作用力: N—H共价键,N与H形成的键中有一个是配位键,铵根离子和酸根离子间是离子键,H和F之间可形成氢键,故选C。 (5)由Cu3N的晶胞结构如图,大球个数=12× =3,小球个数=8× =1,所以大球表示Cu原子、小球表示N原子,由空间结构可知,N3-的配位数为6;晶胞的体积=[(2a+2b)×10-10cm]3,Cu3N的密度= = g·cm-3= g·cm-3。 36.[化学——选修5: 有机化学基础](15分) 化合物H是合成新型杀虫剂茚虫威的中间体。 H的一种合成路线如下: 回答下列问题: (1)X所含官能团的名称是______________________;Z转化成R的反应类型为________________。 (2)Y的结构简式为__________________________________。 (3)Y分子中最多有________个原子共平面。 (4)写出G生成H的化学方程式___________________________________。 (5)T是H的同分异构体,T同时满足下列条件: ①属于芳香族化合物 ②1molT与足量银氨溶液反应,生成6molAg ③在核磁共振氢谱上T分子有3个峰 写出T的一种结构简式: ___________________。 答案 (1)氯原子、醛基 取代反应 ( 解析 (2)Y到Z发生加成反应,由Z的结构简式逆推,Y的结构简式为 。 (3)Y分子中含有苯环、碳碳双键和羧基,苯环和碳碳双键均为平面结构,通过旋转羧基中的碳氧单键,可以使羧基中的所有原子处于同一平面,故Y分子中所有原子均可能共平面,即Y分子中最多有19个原子共平面。 (5)根据条件①和②知,T分子含有苯环和3个醛基;根据条件③知,T分子含有3种不同化学环境的氢原子。
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