届北京平谷区高三一模数学试题解析版.docx
- 文档编号:261096
- 上传时间:2022-10-08
- 格式:DOCX
- 页数:18
- 大小:431.39KB
届北京平谷区高三一模数学试题解析版.docx
《届北京平谷区高三一模数学试题解析版.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《届北京平谷区高三一模数学试题解析版.docx(18页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
届北京平谷区高三一模数学试题解析版
2021届北京平谷区高三一模数学试题
一、单选题
1.若集合,则等于()
A.B.C.D.
【答案】A
【分析】直接利用交集的定义求解.
【详解】因为,
所以.
故选:
A
2.设复数满足,则等于()
A.B.C.D.
【答案】B
【分析】根据复数除法运算法则运算求解即可
【详解】由题知:
.
故选:
B.
3.的展开式中的系数是()
A.28B.56C.112D.256
【答案】C
【分析】由二项展开式的通项公式可得
【详解】.
故选:
C.
4.一个几何体的三视图如图所示,该几何体的表面积是()
A.B.C.D.
【答案】B
【分析】由三视图得到几何体原图是一个圆柱即得解.
【详解】由三视图可知几何体原图是一个底面半径为1高为3的圆柱,
所以几何体的表面积为.
故选:
B
【点睛】方法点睛:
由三视图找几何体原图常用的方法有:
(1)观察法;
(2)模型法.要根据已知条件灵活选择方法求解.
5.设是圆上的动点,是直线上的动点,则的最小值为()
A.6B.4C.3D.2
【答案】A
【分析】根据圆心到直线的距离减半径即可得答案.
【详解】解:
由题知圆的标准方程为:
,故圆心为,半径为,
圆心到直线的距离为,
所以的最小值为.
故选:
A
【点睛】关键点点睛:
本题解题的关键在于将问题转化为圆心到直线的距离与半径差的问题.
6.函数的图象与函数的图象的交点个数为()
A.0B.1C.2D.3
【答案】C
【分析】作出函数图像,数形结合即可得答案.
【详解】解:
由于函数图像是由函数图像向左平移个单位得到,进而函数在定义域内单调递增,且过定点,渐近线为,
函数,故函数对称轴为,顶点坐标为,开口向上,
所以作出的图像如图,
故图像有两个交点.
故选:
C
【点睛】本题考查对数函数的图像,考查数形结合思想,解题的关键在于根据函数性质作出函数图像,是基础题.
7.已知函数.则“是偶函数“是“”的()
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
【答案】B
【分析】利用必要不充分条件的概念,结合三角函数知识可得答案.
【详解】若,则,,所以为偶函数;
若为偶函数,则,,不一定等于.
所以“是偶函数“是“”的必要不充分条件.
故选:
B
【点睛】关键点点睛:
掌握必要不充分条件的概念是解题关键.
8.已知分别是双曲线的两个焦点,双曲线和圆的一个交点为,且,那么双曲线的离心率为()
A.B.C.2D.
【答案】D
【分析】由题知,,计算得,由双曲线定义列出,计算可得离心率.
【详解】由题知,,又,且,则,
由双曲线定义得,,得
故选:
D
9.已知数列满足,且对任意,都有,那么为()
A.B.C.D.10
【答案】A
【分析】依次计算出的值.
【详解】化简可得,则,,.
故选:
A
10.某时钟的秒针端点到中心点的距离为5cm,秒针绕点匀速旋转,当时间:
时,点与钟面上标12的点重合,当两点间的距离为(单位:
cm),则等于()
A.B.C.D.
【答案】D
【分析】由题知圆心角为,过O作AB的垂线,通过计算可得.
【详解】由题知,圆心角为,过O作AB的垂线,则.
故选:
D
二、填空题
11.函数的定义域是_________.
【答案】
【分析】根据偶次根式被开方数大于等于零,和对数的真数大于零即可求出答案.
【详解】解:
由题意得,解得,
∴函数的定义域为,
故答案为:
.
12.若抛物线上一点M到焦点的距离为3,则点M到y轴的距离为________.
【答案】2
【详解】抛物线上一点M到焦点的距离为3,则抛物线上一点M到准线得距离为3,则点M到y轴的距离为.
13.已知函数,在上单调递增,那么常数的一个取值____.
【答案】(答案不唯一)
【分析】由条件利用正弦函数的单调性可得,由此求得正数ω的范围,任取此范围内常数即可.
【详解】在上单调递增,
则,
,取一个该范围内的值即可,如.
故答案为:
.
14.从2008年京津城际铁路通车运营开始,高铁在过去儿年里快速发展,并在国民经济和日常生活中扮演着日益重要的角色.下图是2009年至2016年高铁运营总里程数的折线图(图中的数据均是每年12月31日的统计结果).
根据上述信息,下列结论中正确的是
①2015年这一年,高铁运营里程数超过0.5万公里;
②2013年到2016高铁运营里程平均增长率大于2010到2013高铁运营里程平均增长率;
③从2010年至2016年,新增高铁运营里程数最多的一年是2014年;
④从2010年至2016年,新增高铁运营里程数逐年递增;
其中所有正确结论的序号是____.
【答案】②③
【分析】根据统计折线图对各选项逐一作出判断即可.
【详解】解析:
对于①,看2014年,2015年对应的纵坐标之差,小于,①错误;
对于②,连线看斜率即可,2013年到2016两点连线斜率更大,②正确;
对于③,看两点纵坐标之差哪组最大,③正确;
对于④,看相邻纵坐标之差是否逐年增加,显然不是,有增有减,④错误;
综上,填②③.
故答案为:
②③
三、双空题
15.已知在直角三角形中,,那么等于______;若是边上的高,点在内部或边界上运动,那么的最大值是____.
【答案】0
【分析】利用向量数量积的运算求得.利用向量数量积的运算判断出的最大值.
【详解】由于直角三角形中,,
所以,
.
由于,所以.
,
由于,所以的最大值是0.
故答案为:
;
四、解答题
16.如图,在四棱维中,底面是边长为2的正方形,为正三角形,且侧面底面,.
(1)求证:
平面;
(2)求二面角的余弦值
【答案】
(1)证明见解析;
(2).
【分析】
(1)根据三角形中位线定理,结合线面平行的判定定理进行证明即可;
(2)根据面面垂直的性质定理、正三角形的性质建立空间直角坐标系,利用空间向量夹角公式进行求解即可.
【详解】
(1)证明:
连接,与交于,在中,
因为,分别为,的中点,所以.
因为平面ACM,平面,所以平面.
(2)设E是AB的中点,连接,因为为正三角形,所以PE⊥AB.
又因为面PAB⊥底面ABCD,面底面,所以平面ABCD
过作平行于与交于.
以为原点,分别以为轴,
建立空间直角坐标系,
则,,,,.
所以,,
设平面的法向量为,则
,,令.则得.
因为PE⊥平面ABCD,所以平面ABCD的法向量,
所以.
所以二面角的余弦值为.
17.在锐角中,角的对边分別为,且.
(1)求角的大小;
(2)再从下面条件①、条件②这两个条件中选择一个作为已知,求的面积.
条件①;条件②:
.
注:
如果选择条件①和条件②分别解答,按第一个解答计分.
【答案】
(1);
(2)答案不唯一,具体见解析.
【分析】
(1)由正弦定理边角互化得,进而得,再结合锐角三角形即可得答案;
(2)条件①,结合
(1)和余弦定理得,解方程得,进而根据三角形面积公式计算即可;
条件②,结合
(1)与正弦定理得,再结合内角和定理和正弦的和角公式得,进而根据三角形的面积公式求解.
【详解】解
(1)因为,由正弦定理.
因为,所以.
因为,所以.
(2)条件①:
;
因为,由
(1)得,
所以根据余弦定理得,
化简整理为,解得.
所以△的面积.
条件②:
由
(1)知,,
根据正弦定理得,
所以.
因为,
所以,
所以△的面积.
【点睛】本题考查正余弦定理解三角形,三角形的面积求解,考查运算求解能力,回归转化能力,是中档题.本题解题的关键在于利用正弦定理边角互化得,进而结合锐角三角形即可得;此外,第二问选择条件①,需注意余弦定理方程思想的应用.
18.随着人民生活水平的提高,人们对牛奶品质要求越来越高,某牛奶企业针对生产的鲜奶和酸奶,在一地区进行了质量满意调查,现从消费者人群中随机抽取500人次作为样本,得到下表(单位:
人次):
满意度
老年人
中年人
青年人
酸奶
鲜奶
酸奶
鲜奶
酸奶
鲜奶
满意
100
120
120
100
150
120
不满意
50
30
30
50
50
80
(1)从样本中任取1个人,求这个人恰好对生产的酸奶质量满意的概率;
(2)从该地区的老年人中抽取2人,青年人中随机选取1人,估计这三人中恰有2人对生产的鲜奶质量满意的概率;
(3)依据表中三个年龄段的数据,你认为哪一个消费群体鲜奶的满意度提升0.1,使得整体对鲜奶的满意度提升最大?
(直接写结果).
【答案】
(1);
(2);(3)青年人.
【分析】
(1)用频率估计概率,直接计算;
(2)先分别求出老年人和青年人满意度的概率,然后对“抽取这三人中恰有2人对生产的鲜奶质量满意”分成一老年人、一青年人满意和两老年人满意讨论,进行计算即可;
(3)直接判断出青年人.
【详解】解:
(1)设这个人恰好对生产的酸奶满意人数事件为A,总人次为500人,
共抽取了100+120+150=370人次对酸奶满意,所以.
(2)由频率估计概率,由已知抽取老年人满意度的概率为,抽取青年人满意度的概率为,抽取这三人中恰有2人对生产的鲜奶质量满意的概率,
,
所以这三人中恰有2人对生产的鲜奶质量满意的概率为.
(3)青年人.
【点睛】
(1)实际问题中一般用频率估计概率;
(2)等可能性事件的概率一般用列举法列举出基本事件,直接套公式求概率.
19.已知椭圆的离心率为,并且经过点.
(1)求椭圆的方程;
(2)设过点的直线与轴交于点,与椭圆的另一个交点为,点关于轴的对称点为,直线交轴于点,求证:
为定值.
【答案】
(1);
(2)证明见解析.
【分析】
(1)由可得答案;
(2)设直线的方程为,与椭圆方程联立利用韦达定理可得点坐标,及直线的方程然后令得、,由可得答案.
【详解】
(1)由已知解得所以椭圆:
.
(2)证明:
由已知斜率存在
以下给出证明:
由题意,设直线的方程为,,,则,由
得,
所以,
,,,
所以,即,
直线的方程为,
令得所以,
令由得所以,
所以=.
【点睛】本题考查了椭圆的方程、直线和椭圆的位置关系,关键点是利用韦达定理表示出点坐标,考查了学生分析问题、解决问题的能力及计算能力.
20.已知函数
(1)当时,求函数的单调区间;
(2)当时,过点可作几条直线与曲线相切?
请说明理由.
【答案】
(1)的递减区间为;递增区间为;
(2)只能作一条曲线的切线;答案见解析.
【分析】
(1)当时,求得,结合导数的符号,即可求解;
(2)当时,求得函数的导数,进而得出切线方程,根据切线过点,化简得到,构造新函数,求得函数的单调性,结合零点的存在定理,即可求解.
【详解】
(1)当时,可得,则,
令,解得,
则及的情况如下:
0
0
极大值
所以函数的递减区间为;递增区间为.
(2)当时,,所以
设切点为,则切线方程为:
,
又因为切线过,所以,
所以,化简得,
令,所以,
则及的情况如下:
0
+
0
0
+
极大值
极小值1
所以函数的递减区间为;递增区间为,,
又由,,所以在有唯一一个零点,.
所以方程有唯一一个解.所以过只能作一条曲线的切线.
【点睛】解题技巧:
利用导数的几何意义,求得切线方程,把过点可作几条直线与曲线相切,转化为新函数的有解问题,结合单调性和极值及零点的存在性定理解答是
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 北京 平谷区 高三一模 数学试题 解析
![提示](https://static.bdocx.com/images/bang_tan.gif)