山东省枣庄二十八中届九年级上期末物理试题解析版.docx

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山东省枣庄二十八中届九年级上期末物理试题解析版

2017-2018学年山东省枣庄二十八中九年级（上）期末物理试卷

一、选择题

1.下列用电器中，利用电流热效应工作的是（）

A.电脑B.电饭煲C.电视机D.电风扇

【答案】B

【解析】电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应。

电脑的部分部件利用了电流的磁效应工作的，故A错误；电饭煲利用了电流的热效应工作的，故B正确；电视机也是利用了电流的磁效应来工作的，故C错误；电风扇利用电动机带动工作，利用了电流的磁效应，故D错误，故选B。

2.下列材料中，通常情况下最容易导电的是（）

A.陶瓷B.空气C.食盐水D.纯净的水

【答案】C

【解析】容易导电的物体为导体，不容易导电的物体为绝缘体。

陶瓷、空气、纯净的水，它们在通常情况下不容易导电，为绝缘体；食盐水，属于酸碱盐的水溶液，容易导电，为导体，故选C。

3.下列属于做功改变物体内能的是（）

A.利用太阳能热水器对水加热

B.汽车刚熄火时排气管热得发烫

C.手握火柴在火柴盒纸上很快划过，点燃火柴

D.用电暖袋暖手

【答案】C

【解析】改变物体内能的两种方法是做功和热传递，做功是内能和其它形式能之间的转化；热传递是热量从一个物体转移到另一个物体。

利用太阳能热水器对水加热，是热量发生了转移，是用热传递的方法改变物体的内能，故A不合题意；汽车刚熄火时排气管热得发烫，是用热传递的方法改变物体的内能，故B不合题意；手握火柴在火柴盒纸上很快划过，点燃火柴，是用做功的方法改变物体的内能，故C符合题意；用电暖袋暖手，是热量发生了转移，是用热传递的方法改变物体的内能，故D不合题意，故选C。

4.以下事例中，符合安全用电原则的是（）

A.保险丝可以用铜丝代替

B.当家庭电路中电线起火时，马上泼水救火

C.使用大功率用电器可以用两孔插座

D.连接电路时，用电器的金属外壳应接地线

【答案】D

【解析】A、组成保险丝的材料是电阻率较大而熔点较低的铅锑合金，在电流过大时熔断，自动切断电路，起到保护作用；铜导线的熔点很高，当电流过大时，不能熔断起不到保护作用，容易引起火灾，此做法不符合安全用电原则；B、当家庭电路中电线起火时，马上泼水救火，会造成救火人触电，此做法不符合安全用电原则；C、使用大功率用电器时，当用电器火线漏电时，可能会造成触电事故的发生，必须使用三脚插头和三孔插座，使金属外壳与大地相连，电流通过地线导入大地，防止触电的发生，此做法不符合安全用电原则；D、连接电路时，用电器的金属外壳应接地线，使金属外壳与大地相连，电流通过地线导入大地，防止触电的发生，符合安全用电的原则．故选D．

5.关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（）

A.物体的温度越高，所含热量越多

B.温度相同的两物体间不会发生热传递

C.0℃的冰块没有内能

D.温度高的物体，内能一定大

【答案】B

............

6.下列生活中常见的电流、电压的描述，符合实际的是（）

A.对人体的安全电压不高于36V

B.家用电冰箱工作电流约10mA

C.手机正常工作的电流约为10A

D.一节干电池的电压为220V

【答案】A

【解析】根据常识知道，对人体安全的电压为不高于36V，故A符合实际；家用电冰箱的额定功率在220W左右，正常工作的电流为I=P/U＝220W/220V=1A左右，即1000mA左右，故B不符合实际；手机电功率很小，正常工作的电流远小于10A，约在50mA左右，故C不符合实际；一节干电池的电压是1.5V，故D不符合实际，故选A。

7.自动电压力锅当锅内的压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作，压强过大时开关S过压自动断开，温度过高时开关S过热自动断开．图中反映了压力锅内部电路的是（）

A.

B.

C.

D.

【答案】D

【解析】由题意知道，当自动电压力锅压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作，说明过压开关和过热开关相互影响、不能独立工作即为两开关串联，由图知道，只有D符合题意，故选D。

8.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，有一个电表的指针没有发生偏转．移动滑动变阻器的滑片，此时观察到只有一个电表指针的位置在改变，则故障是（）

A.变阻器R1短路B.电阻R2短路C.变阻器R1断路D.电阻R2断路

【答案】B

【解析】试题分析：

由电路图可知知，滑动变阻器R1和电阻R2串联，电流表测串联电路电流，电压表测电阻R2的电压．若变阻器R1短路，则电流表、电压表都有示数，不符合题意，故A错误；若变阻器R1断路，则电流表、电压表都无示数，不符合题意，故C错误；若电阻R2短路，则电流表有示数、电压表无示数，移动滑动变阻器的滑片，改变了电路的电阻，电路中的电流会发生变化，即电流表的示数发生变化，符合题意，故B正确；若电阻R2断路，则电流表无示数、电压表测量电源电压，有示数，移动滑动变阻器的滑片，电流表仍无示数，电压表测量电源电压示数不变，不符合题意，故D错误．故选B．

考点：

判断电路故障中电流表和电压表的作用

9.标有“6V3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示．若把它与一只阻值为8Ω的电阻并联接在电压为4V的电路中，则整个电路消耗的功率为（）

A.3WB.3.3WC.3.6WD.5W

【答案】C

【解析】解：

读图可知，当电源电压为4V时，通过灯泡的电流为I1=0.4A，

通过电阻的电流I2=

=

=0.5A，电路总电流I=I1+I2=0.4A+0.5A=0.9A，

则整个电路消耗的功率为P=UI=4V×0.9A=3.6W．

故选C．

【点评】本题考查并联电流和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是并联电路电流的规律，还要学会从题目所给信息中找到有用的数据．

10.在探究“电压一定时，电流与电阻关系”的实验中，电路如图所示．先在A、B间接入5Ω的定值电阻R，移动滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数．接着取下5Ω的电阻换上10Ω定值电阻，不进行其它操作就闭合开关．此时电压表示数及应进行的操作是（）

A.电压表示数大于2V，应将滑片P向左滑

B.电压表示数大于2V，应将滑片P向右滑

C.电压表示数小于2V，应将滑片P向左滑

D.电压表示数小于2V，应将滑片P向右滑

【答案】B

【解析】试题分析：

当A、B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω后，AB间的电压将增大，该实验要控制AB间的电压不变，所以下一步的操作是：

向右滑动滑片，使滑动变阻器连入的电阻变大（分压变大），使AB间的电压减小，直到电压表的示数为2V为止．

故选B．

11.某同学在做电学实验时，接了如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，电压表量程“0～3V”，滑动变阻器规格“20Ω1A”，灯泡L标有“2.5V1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（）

A.电路中电流变化的范围是0.18A～0.5A

B.滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω～10Ω

C.灯泡的最大功率是2.25W

D.电路的最小功率是1.35W

【答案】D

【解析】由电路图知道，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。

根据题意知道，当电压表的示数为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，故灯泡的电阻：

RL=UL/IL=2.5V/0.5A=5Ω，灯泡两端的最小电压：

UL′=U-U滑max=4.5V-3V=1.5V，电路中的最小电流：

Imin=UL′/RL=1.5V/5Ω=0.3A，则电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故A不正确；因串联电路中各处的电流相等，由P=UI知道，当灯泡正常发光时电路中的电流：

I=IL=PL/UL=1.25W/2.5V=0.5A，而滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以电路中的最大电流是Imax=0.5A，且此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，由于串联电路总电压等于各分电压之和，故此时滑动变阻器两端的电压：

U滑=U-UL=4.5V-2.5V=2V，则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：

R滑min=U滑/Imax=2V/0.5A=4Ω，故B不正确；当灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，故灯泡的最大功率达不到2.25W，故C不正确；电路消耗的最小功率：

Pmin=UImin=4.5V×0.3A=1.35W，故D正确，故选D

二、填空题

12.教室里的日光灯、家里的各个家用电器都是_____联的，它们正常工作时的两端电压为_____V；为了能保证教室内的用电安全，需在_____线上安装熔丝；如果你家中的用电器突然全部停止工作，经检查发现是空气开关跳闸了，你认为原因可能是_____（说出一种即可）．

【答案】

（1）.并

（2）.220（3）.火（4）.某一用电器短路或者接了大功率用电器

【解析】由于家庭电路的各用电器既可以单独工作，又互不影响，所以家庭电路的用电器是并联连接；它们正常工作时的两端电压为220V，为了能保证教室内的用电安全，需在火线上安装熔丝；空气开关跳闸的原因是电路中的电流过大，而导致电流过大的原因可能是电路发生短路或总功率过大，即出现此情况的原因可能是某一用电器短路或者接了大功率用电器。

13.有许多重大火灾都是因用电线路连接处接触不良所造成的．当线路连接处接触不良时，该处的电阻将_____（选填“减小”、“增大”或“不变”），在该接触处就会局部过热引起升温，接触处的电阻又将随着温度的升高而_____（选填“减小”、“增大”或“不变”），从而形成电热的逐步积累和恶性循环，以致引发火灾；电炉丝与导线串联接到电路里，通电后电炉丝热得发红，而与之相连的导线却不怎么热，造成上述现象的主要原因是_____．

【答案】

（1）.增大

（2）.增大（3）.导线和电炉丝串联，通过的电流、时间相等，而电炉丝的电阻比导线大得多，根据焦耳定律，电阻大产生热量多

14.2014年青奥会开幕前，南京开始运行“燃气公交”．若“燃气公交”一次往返用掉燃气21kg，这些燃气完全燃烧释放热量为_____J，若这些热量用来烧水且全部被水吸收，可以将5500kg的水升高_____℃．（已知燃气热值为4.4×l07J/kg，水的比热容为4.2×l03J/kg•℃）

【答案】

（1）.9.24×l08

（2）.40

【解析】燃气完全燃烧放出的热量是：

Q放=m气q=21kg×4.4×107J/kg=9.24×l08J；若这些热量用来烧水且全部被水吸收，由Q吸=cm水△t知道，水升高的温度是：

△t=Q吸/cm=9.24×108J/4.2×103J/（kg•℃）×5500kg=40℃。

15.某照明灯额定电压是36V，正常发光时灯丝电阻为24Ω，则照明灯的额定电流为_____A．如果电源电压是48V，为使照明灯正常发光，可以在电路中_____联一个阻值为_____Ω的电阻．

【答案】

（1）.1.5

（2）.串（3）.8

【解析】因为照明灯额定电压是36V，正常发光时灯丝电阻为24Ω，所以照明灯的额定电流I灯额=UL额/RL额=36V/24Ω=1.5A；如果电源电压是48V，为了让照明灯正常发光，应串联一个电阻分担电压，且串联电阻分担的电压为：

U′=U-U灯=48V-36V=12V，又因为I′=I灯额=1.5A，所以串联电阻的阻值为：

R′=U′/I′=12V/1.5A=8Ω。

16.LED等具有节能、环保等特点，如图是额定电压为220V、额定功率为4.4W的LED灯泡．该灯泡的额定电流是_____A．若它每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是_____kW•h．

【答案】

（1）.0.02

（2）.0.66

【解析】根据题意知道，当LED正常工作时，其额定电压为220V、额定功率为4.4W，所以额定电流是：

I额=P额/U额=4.4W/220V=0.02A；若它每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是：

W=Pt=4.4×10-3kW×30×5h=0.66kWh。

点睛：

本题考查了电功率公式和电功公式，解题时注意灵活应用，且计算过程要注意单位的换算。

17.如图所示，电源电压恒定，R1=30Ω，R2=60Ω．当开关S3闭合，S1、S2都断开时，电流表的示数为0.1A．则电源电压等于_____V；当开关S1闭合时，S2、S3都断开，电流表的示数_____A；当开关S1、S2都闭合时，S3断开，电流表的示数_____A．

【答案】

（1）.9

（2）.0.15（3）.0.45

【解析】由图知道，当开关S3闭合，S1、S2都断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，由I=U/R知道，电源的电压：

U=I（R1+R2）=0.1A×（30Ω+60Ω）=9V；

当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电路为R2的简单电路，则电流表示数是：

I2=U/R2=9V/60Ω=0.15A；

当开关S3断开，S1、S2都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，因为并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，故电路的总电阻是：

R=R1R2/（R1+R2）=30Ω×60Ω/（30Ω+60Ω）=20Ω，所以干路中电流表的示数是：

I′=U/R=9V/20Ω=0.45A。

点睛：

本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，解题的关键是弄清开关闭合、断开时电路连接方式。

18.小明家电冰箱和电能表的铭牌如表，图中电能表的示数是_____kW•h；若小明家电路只接入电冰箱，当冰箱致冷5min时，电能表的指示灯闪烁25次，电冰箱功率为_____W；若某天只接入电冰箱并正常工作，则这一白天（12小时内）电能表的指示灯闪烁_____次；

【答案】

（1）.31.5

（2）.120（3）.1250

【解析】由图知道，电能表的示数为31.5kW•h；表盘上2500imp/（kW•h）的含义是：

电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁2500次，所以当电能表的指示灯闪烁25次时，消耗的电能是：

W=25/2500kW•h=0.01kW•h，故电冰箱的功率是：

P=W/t=0.01kW•h/（5/60）h=0.12kW=120W；由电冰箱的铭牌知道，24h消耗电能1kW•h，而电能表的转盘是消耗1kW•h转动2500转，故12h电冰箱耗电0.5kW•h，则电能表指示灯闪烁的次数是：

2500r/kW•h×0.5kW•h=1250次。

点睛：

本题考查了对电能表各参数的理解以及电功率和电能的计算，关键是对电能表各参数的正确理解以及公式及其变形的灵活运用。

三．实验与作图题：

19.如图所示的电路未画完整，请你在图中的①②的缺口处选择开关与灯泡的电路元件的符号填上，并把③处的三孔插座连接好．

【答案】

【解析】开关接在电灯与火线之间，三孔插座的接法是左零右火上接地．如图：

20.小明同学学习了燃料的热值后，自己设计一个实验来探究煤油和酒精的热值的大小关系．他组装了图示的装置进行实验，记录结果见下表：

（1）为了保证实验结论的可靠，小明同学选择了两套相同装置，在实验中还控制了两个相同的物理量，它们是：

_____、_____．

（2）你认为煤油和酒精两种燃料中，热值较大的是_____．

（3）小明同学还想利用这种实验方案计算出煤油和酒精的热值，那么小明还需要补充的实验仪器是：

_____．

【答案】

（1）.水的质量

（2）.燃料的质量（3）.煤油（4）.天平

【解析】

（1）因为燃料放出的热量与质量有关，必须控制燃料的质量相等；由于水吸收热量后升高的温度受水的质量的影响，所以在实验中应控制水的质量相等；

（2）由图表数据知道，在相同时间内甲杯中的水温度升高的快，所以煤油的热值较大；

（3）因为要控制水的质量相等，需要补充的实验仪器是天平。

点睛：

本题是考查关于热值的实验探究题，需要知道热值的意义，解题关键的是会用控制变量法和转换法设计探究实验。

21.在测定“小灯泡电功率”的实验中，选用的小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．小华的物理老师在上课之前，查阅了该规格小灯泡的I与U的关系数据如表所示：

（1）从数据可知，该小灯泡的额定功率为_____W．

（2）小华想亲自做一次，看能否测得同样的数据．于是她设计了如图（a）所示的电路，准备对该小灯泡进行再次测量．电源用的是2节新干电池，滑动变阻器的铭牌标有“50Ω1A”．闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到_____端（选填“A”或“B”）．

（3）闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图（b）所示）为_____V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图（a）中滑片P向_____（选填“A”或“B”）端缓慢移动，使_____．

（4）实验过程中，小华发现无法得到上述表格中的一组数据，请根据所学的知识进行推断应是第_____次（填序号）数据，理由是_____．如果想得到表中完整的数据可以采取的相应措施_____．

【答案】

（1）.0.5

（2）.A（3）.2.2（4）.B（5）.电压表读数为2.5V（6）.1（7）.无论如何移动滑片，灯泡两端电压均大于2.5V，滑动变阻器的最大阻阻不足（8）.更换最大阻值大一些的滑动变阻器

【解析】

（1）由表格中数据知道，当灯泡两端的电压为2.5V时，电流为0.2A；

所以该小灯泡的额定功率为：

P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；

（2）由电路图知道，滑动变阻器接了下面的B接线柱，使滑片右侧接入电路，为了保护电路，在闭合开关前，滑片应移至最大阻值处，所以在闭合开关前，应将滑片移至最右端的A处；

（3）由图b知道，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，故电压表示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应减小滑动变阻器的阻值，将滑片P向B端滑动，使电压表示数为2.5V；

（4）由实验数据知道，当灯泡两端的电压为0.2V时，滑动变阻器的电压应为3V-0.2V=2.8V，则滑动变阻器的电阻应为R=U/I=2.8V/0.02A=140Ω；而滑动变阻器的最大阻值为50Ω，无论如何移动滑片，灯泡两端电压均大于2.5V，滑动变阻器的最大阻阻不足，要想得到上述数据，应更换最大阻值大一些的滑动变阻器。

点睛：

本题考查了实物电路的连接、有关电阻、功率的计算，同时还考查了滑动变阻器的使用及电路故障的分析，同时涉及到了串分压的知识，综合性较强。

四．计算题

22.下面的图表是从某台电热饮水机说明书是收集到的信息．某次加热时，测得水箱中有水从12℃到100℃所用时间为8min．（水的比热容为4.2×103J/kg•℃）

（1）若让饮水机处于加热状态，开关S应接在a处还是b处？

（2）电阻R1的阻值（不考虑温度对阻值的影响）．

（3）饮水机加热过程中的热效率．

【答案】

（1）a处；

（2）55Ω．（3）87.5%．

【解析】

（1）由电路图知道，当开关S应接在a处时，电路中只有电阻R1；开关S应接在b处时，电路为R1和R2的串联电路，总阻值等于各电阻之和，所以当开关S应接在a处时，电路中的电阻值小，由P=U2/R知道，此时电路中功率大，所以饮水机处于加热状态；

（2）由P=U2/R知道，电阻R1的阻值：

R1=U2/P加热=（220V）2/880W=55Ω；

（3）1L=1×10-3m3，由ρ=m/V知道，水的质量为：

m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10-3m3=1kg，

水吸收热量：

Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃-12℃）=3.696×105J，

消耗的电能：

W=Pt=880W×8×60s=4.224×105J，

则加热过程中的热效率：

η=Q吸/W×100%=3.696×105J/4.224×105J×100%≈87.5%

点睛：

本题是一道电学与热学的综合应用题，考查了质量、吸收热量、电功等的计算，难点是结合电路图对饮水机状态的判断，解题的关键是公式及其变形的灵活运用，注意计算时单位变换。

23.半导体材料的导电能力介于导体和绝缘体之间，其电阻受温度影响较大．如图甲是某种半导体材料的电阻随温度变化的关系图象．如图乙是小明和他的同学根据半导体材料这种电阻的特性自制的半导体温度计的原理图，利用电流表的示数来指示某一空间的温度．已知电源电压恒为12V，电流表的量程为0.6A，R0为定值电阻．

请你回答下列问题：

（1）定值电阻R0的作用是_____．

（2）当环境温度为20℃时，电流表的示数为0.2A，则定值电阻R0的阻值为多少________？

（3）该温度计能测量的最高温度为多少__________？

此时电路中消耗的电功率为多少_________？

【答案】

（1）.保护电路

（2）.10Ω（3）.100℃（4）.7.2W．

【解析】试题分析：

（1）定值电阻R0串联在电路中，可以保护电路．

（2）由图甲所示图象求出温度是20℃时半导体电阻的阻值，然后由串联电路特点及欧姆定律求出定值电阻阻值．

（3）电流表示数为其量程0.6A时，电路电阻最小，此时温度最高，由串联电路特点及欧姆定律求出电路电流是0.6A时半导体电阻的阻值，然后由图甲所示图象找出对应的温度．

解：

（1）由电路图可知，定值电阻R0串联在电路中，可以防止温度太高半导体电阻阻值太小时，电路电流过大而损坏电路元件，定值电阻可以保护电路．

（2）由图甲所示图象可知，环境温度为20℃时R=50Ω，

∵I=

，

∴电路总电阻R总=R+R0=

=

=60Ω，

R0=R总﹣R=60Ω﹣50Ω=10Ω；

（3）∵I=

，电路最大电流I最大=0.6A，

∴电路总电阻R总′=R′+R0=

=

=20Ω，

R′=R总′﹣R0=20Ω﹣10Ω=10Ω；

由图甲所示图象可知，半导体电阻是10Ω时的温度是100℃；

此时电路消耗的总功率P=UI最大=12V×0.6A=7.2W；

答：

（1）定值电阻R0的作用是保护电路．

（2）当环境温度为20℃时，电流表的示数为0.2A，则定值电阻R0的阻值为10Ω．

（3）该温度计能测量的最高温度为100℃；此时电路中消耗的电功率为7.2W．