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新疆中考物理真题及答案
2018新疆中考物理真题及答案
一、选择题(本题有10个小题,每题3分,共30分。
每小题4个选项,其中只有1个选项是符合题意的。
选对得3分,多选、不选、错选不得分)
1.关于声音,下列说法错误的是( )
A.声音由物体振动产生
B.声音可以在真空中传播
C.声音可以传递信息
D.声音可以传递能量
解析:
本题考查的是:
声音的产生;声音的传播条件;声与信息。
A.一切声音的产生都是由物体振动产生的,故A正确;
B.声音的传播需要介质,但不能在真空中传播,故B错误;
CD.声音即能够传递信息,如医生给病人做B超检查身体的病变等,声音能够传递能量,如超声波粉碎体内结石等,故CD正确。
答案:
B
2.利用干冰(固态CO2)进行人工降雨的过程中,干冰发生的物态变化是( )
A.升华
B.凝华
C.汽化
D.液化
解析:
本题考查的是:
升华和凝华的定义和特点。
人工降雨过程中,在高空云层中撒播干冰(固态二氧化碳),干冰会迅速吸热升华为二氧化碳气体,使周围的温度降低,部分水蒸气液化成水滴,部分水蒸气凝华成小冰晶,形成降雨。
答案:
A
3.扩散现象可以说明( )
A.分子间有引力
B.分子间有斥力
C.分子间有间隙
D.分子定向运动
解析:
本题考查的是:
扩散现象。
物体的扩散是因为分子在做无规则运动能进入对方分子的空隙中,故也能说明分子间是有间隙的,故C正确。
答案:
C
4.为了确保用电安全,下列做法错误的是( )
A.不接触低压带电体,不靠近高压带电体
B.更换灯泡、搬动电器应断开电源开关
C.不弄湿用电器,不损坏绝缘层
D.发生电器火灾应立即泼水救火
解析:
本题考查的是:
安全用电原则。
A、安全用电的原则:
不接触低压带电体,不靠近高压带电体,故A正确;
B、更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关,故B正确;
C、不弄湿用电器,不损坏绝缘层,以防发生触电事故,故C正确;
D、由于水是导体,所以当由于电热引起的火灾,在没有切断电源之前是不能用水来救火的,故D错误。
答案:
D
5.毛皮摩擦过的橡胶棒带负电,说明摩擦过程中橡胶棒( )
A.得到电子
B.失去电子
C.得到正电荷
D.失去正电荷
解析:
本题考查的是:
摩擦起电的实质。
摩擦起电过程是得到和失去电子的过程,因此其实质是电子的转移。
当一个物体失去电子时,物体的电子比质子少,带正电;当得到电子时,物体的电子比质子多,带负电。
毛皮摩擦过的橡胶棒带负电,说明橡胶棒得到电子。
答案:
A
6.如图所示,每个滑轮的重力相等,不计绳重和摩擦力,G1=60N,G2=38N,甲乙两种情况下绳子在相等拉力F作用下静止。
则每个动滑轮的重力为( )
A.3N
B.6N
C.11N
D.22N
解析:
本题考查的是:
滑轮组绳子拉力的计算。
由图知,使用滑轮组承担物重的绳子股数分别为:
n1=3,n2=2,
每个滑轮的重力相等,设动滑轮的重力为G轮,
不计绳重和摩擦力,则拉力分别为:
F1=
(G1+G轮),F2=
(G2+G轮),
由题知F1=F2,
所以
(G1+G轮)=
(G2+G轮),
即:
(60N+G轮)=
(38N+G轮),
解答动滑轮的重力:
G轮=6N。
答案:
B
7.你站在地球表面,大气对你正面的压力大约是( )
A.60N
B.600N
C.6000N
D.60000N
解析:
本题考查的是:
大气压强的存在。
人体正面的高1.5m左右,宽40cm左右,面积约为S=1.5m×0.4m=0.6m2,
根据p=
可得大气对人体正面的压力大约:
F=pS=105Pa×0.6m2=60000N。
答案:
D
8.夜晚,发着光的小萤火虫从放大镜的2倍焦距处沿着主光轴匀速飞行过程中,萤火虫发出的通过放大镜部分的光逐渐减少,则萤火虫的像( )
A.远离放大镜,平均速度小于萤火虫的飞行速度
B.远离放大镜,平均速度大于萤火虫的飞行速度
C.靠近放大镜,平均速度小于萤火虫的飞行速度
D.靠近放大镜,平均速度大于萤火虫的飞行速度
解析:
本题考查的是:
凸透镜成像的应用。
由于萤火虫发出的光向四面传播,萤火虫发出的通过放大镜部分的光逐渐减少,说明萤火虫是远离放大镜的;故CD错误;
发着光的小萤火虫从放大镜的2倍焦距处向远处移动,像的范围在一倍焦距和二倍焦距之间,萤火虫的移动速度要大于像的移动速度,故A正确,B错误。
答案:
A
9.高层建筑的墙体中有三根绞在一起的电线,可以用如图乙所示的“测量仪”把它们区分开。
小华将A、B连在一起时,小明将“测量仪”连接在X、Z两端,灯泡发光;小华将B、C连在一起时,小明将“测量仪”连在X、Y两端,灯泡发光。
则( )
A.A和Y是同一根电线,B和Z是同一根电线
B.B和Z是同一根电线,C和Y是同一根电线
C.A和Y是同一根电线,B和X是同一根电线
D.B和X是同一根电线,C和Y是同一根电线
解析:
本题考查的是:
电路的三种状态。
(1)小华将A、B连在一起时,小明将“测量仪”连接在X、Z两端,灯泡发光,如图1所示;
图1中上面只剩下C端,下面只剩下的是Y端,则说明C和Y是同一根电线;
(2)小华将B、C连在一起时,小明将“测量仪”连在X、Y两端,灯泡发光,如图2所示;
图1中上面只剩下A端,下面只剩下的是Z端,则说明A和Z是同一根电线;
综上分析,C和Y是同一根电线,A和Z是同一根电线,则剩下的B和X是同一根电线,故D正确,ABC错误。
答案:
D
10.如图所示,轻质杆可绕O点转动。
分别将质量相同的纯金块、纯银块、金银制作的王冠悬
挂于杆的最左端并浸没水中,将质量与王冠相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处(图
中未标出),杆恰好在水平位置平衡。
测得A、C两点间的距离为7cm,B、C两点间的距离为3cm。
则王冠中金和银的质量比为( )
A.3:
7
B.7:
3
C.2:
5
D.5:
2
解析:
本题考查的是:
杠杆的平衡条件;阿基米德原理。
设纯金块、纯银块、金银制作的王冠以及重物的质量为m,
纯金块、纯银块、金银制作的王冠的密度分别为ρ1、ρ2、ρ3,体积分别为V1、V2、V3,
由于ρ1>ρ3>ρ2,根据V=
可知,三者的体积关系:
V1<V3<V2,
浸没在水中时,三者排开水的体积与各自的体积相等,
根据F浮=ρ水gV排可知,三者的浮力关系:
F浮1<F浮3<F浮2,
当质量相同(重力相同)的纯金块、纯银块、金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并分别浸没水中时,杆的最左端受到的拉力:
F拉=G-F浮,由于F浮1<F浮3<F浮2,则F拉1>F拉3>F拉2,且左边拉力的力臂相同,
根据杠杆平衡条件可知,相同的重物对应地悬挂在杆上的A、B、C处,如下图所示:
根据阿基米德原理和杠杆平衡条件得,当纯金块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有:
(mg-ρ水gV1)LOD=mg(LOB+LBC+LAC)-----①
当纯银块悬挂于杆的最左端并浸没水中时有:
(mg-ρ水gV2)LOD=mgLOB------②
当金银制作的王冠悬挂于杆的最左端并浸没水中时有:
(mg-ρ水gV3)LOD=mg(LOB+LBC)------③
用①-②得,(ρ水gV2-ρ水gV1)LOD=mg(LBC+LAC)------④
用③-②得,(ρ水gV2-ρ水gV3)LOD=mgLBC------⑤
用④÷⑤得,
=
=
=
,
化简整理得,10V3-3V1-7V2=0-----⑥
设王冠中金和银的质量分别为m1、m2,
则王冠的体积:
V3=
+
-----⑦
纯金块的体积:
V1=
-------⑧
纯银快的体积:
V2=
---------⑨
将⑦⑧⑨代入⑥整理得,
+
=0,
由于ρ1>ρ2>0,所以,10m1-3m=0;10m2-7m=0;
解得:
m1=
m;m2=
m;
则王冠中金和银的质量之比:
m1:
m2=
m:
m=3:
7。
答案:
A
二、填空题(本题有4个小题,每空1分,共30分。
)
11.(10分)汽车是我们生活中常见的交通工具,了解汽车的有关知识对我们十分必要。
(1)家用小汽车的挡风玻璃是倾斜的,主要是为了防止车内物体经过玻璃成的___________(选填“虚”或“实”)像对司机的干扰。
深秋季节,车窗玻璃内侧有时会变模糊,是因为车内的水蒸气会___________成雾附着在玻璃上,这个过程水蒸气___________热量。
解析:
本题考查的是:
液化及液化现象;功率计算公式的应用;热机的效率。
根据物体在平面镜中成像时,物像连线与镜面垂直,物像到平面镜距离相等。
小汽车前面玻璃是倾斜的,汽车内物体的像在汽车的上方,司机看前面道路时,物体的像不会影响司机的视线;深秋,汽车内的人会呼出很多水蒸气,而玻璃的温度较低,水蒸气遇到温度较低的玻璃会液化成小水珠附着在玻璃上,使玻璃变模糊,此过程放出热量。
答案:
①虚②液化③放出
(2)道交法规定汽车过隧道不能超车,是因为超车过程中两车之间的空气流速增大,压强变___________,容易发生事故。
汽车在加速过程中___________(选填“安全带”或“座椅靠背”)对司机起到保护作用。
解析:
两辆汽车在高速公路上应尽量避免并排行驶,因为两车之间空气流速快,压强小,容易发生碰撞事故;在座位的靠背上安装“头枕”,当轿车加速或被后面的车撞击时速度加快,乘客由于惯性会保持原来的运动状态,此时头枕可以起到防止乘客颈椎受伤。
答案:
①小②座椅靠背
(3)汽车以最大功率在山路爬坡时,可以通过___________(选填“增大”或“减小”)汽车的速度来增大牵引力。
在山路的急转弯处安装___________镜可以扩大司机的视野。
某些路段采用测量汽车通过这段路程的时间来判断车辆是否超速,这种方法叫区间测速。
区间测速___________(选填“能”或“不能”)判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速。
解析:
根据公式P=Fv可知,在爬坡时减慢车速目的是汽车的牵引力;街头拐角处的凸面镜对光有发散作用,可以扩大司机的视野;利用区间测速只能依据该路段上的限速标准判定车辆是否超速,而不能判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速。
答案:
①减小②凸(面)③不能
(4)由于汽油密度的变化需要对油价调整。
夏季汽油的密度为0.7g/cm3,价格是6.65元/升,冬季汽油的密度为0.74g/cm3,油价应调整为___________元/升。
解析:
夏季每吨汽油的体积V=
=
≈1.43m3≈1.43×103dm3≈1.43×103升,每吨汽油的总价为1.43×103升×6.65元/升=9509.5元;
冬季每吨汽油的体积V=
=
≈1.35m3≈1.35×103dm3≈1.35×103升,则在每吨汽油价格不变的情况下,冬季汽油的油价应为
=7.03元/升。
答案:
7.03
(5)某汽车的热机效率为η1,若汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为η2,则这些机械能转化成有用机械能的效率为___________。
解析:
根据η=
可得热机效率η1=
,
可得W有用=η1Q;
汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率η2=
,可得W机械=η2Q;
则这些机械能转化成有用机械能的效率:
η=
=
=
。
答案:
。
12.(6分)同步通信卫星是在离地面高度为3.6×107m,绕地心转动的圆轨道(同步轨道)上运行的卫星,运行周期跟地球自转周期相同。
(1)同步通信卫星绕地球运行时___________(选填“受”或“不受”)地球的引力,周期是___________h。
同步通信卫星相对于地面的建筑物是___________的,___________颗同步通信卫星基本可以实现全球通信。
解析:
本题考查的是:
卫星中继通信。
由万有引力可知同步通信卫星绕地球运行时受球的引力,地球的自传周期为24h,同步通信卫星绕地球运行周期也是24h,同步通信卫星相对于地面的建筑物的位置没有发生变化,故是静止的,在地球的周围均匀配置3颗同步通信卫星,就可以实现全球通信。
答案:
受;24;静止;3
(2)理论和实践表明,质量不同的同步通信卫星都以相同的速度在同步轨道上运行,若同步通信卫星上的天线脱落,天线___________(选填“仍然”或“不会”)在同步轨道上运行。
解析:
同步通信卫星上的天线脱落,由于惯性天线仍然在同步轨道上运行。
答案:
仍然
(3)地面上的甲乙两人用卫星电话通过同步通信卫星联系,从甲发出信号到他收到乙自动回复的信号至少需要___________s。
解析:
离地面高度为3.6×107m,甲发出信号到他收到乙自动回复的信号,信号传的距离是4×3.6×107m=1.44×108m,由v=
可得,t=
=
=0.48s。
答案:
0.48
13.(8分)早期的风光互补发电巧妙利用太阳光强时风速小,光弱时风速大的自然特点,使风能、光能互补,从而基本保证发电功率稳定。
(1)风能和光能都来源于___________,属于___________能源。
若太阳光弱的时候风速小,___________(选填“能”或“不能”)实现风光互补发电。
解析:
本题考查的是:
太阳能的转化。
根据能源分类的标准可知,太阳能、风能都来源于太阳能,可以从自然界直接获得源源不断的获得,属于一次能源或可再生能源;
风光互补发电是利用太阳光强时风速小,光弱时风速大的自然特点,使风能、光能互补,如果太阳光弱的时候风速小,不能实现风光互补发电。
答案:
①太阳;②一次(可再生);③不能
(2)风机功率和风速的三次方成正比,风速加倍,其功率增加到原来的___________倍。
光伏功率和光的辐射量有关,单位面积光能的功率叫光的辐射量,其单位是___________。
解析:
风机功率和风速的三次方成正比,风速加倍,其功率增加到原来的23=8倍;
单位面积光能的功率叫光的辐射量,即光的辐射量
,其中光能功率的单位是“W”,故光的辐射量的单位是W/m2。
答案:
①8;②W/m2
(3)用风光互补发的电对额定功率P的用电器供电,风机功率为P1,光伏功率为P2,当P1+P2=___________,用电器正常工作。
如图乙是某风光互补发电系统一段时间内功率变化的图线,在___________(选填“9”或““11”)点钟左右,光伏功率最大。
对于额定功率为1kW的用电器,在13点~16点这段时间里,风光互补发的电___________(选填“能”或“不能”)满足其工作。
解析:
用风光互补发的电对额定功率P的用电器供电,风机功率为P1,光伏功率为P2,当P1+P2=P,用电器正常工作;
根据图象知光伏功率最大的时间是11点;
根据图象知在13点~16点风光互补发的电能的和大于1kW,能满足额定功率为1kW的用电器工作。
答案:
①P;②11;③能
14.(6分)如图是某同学制作的简易温控装置,变阻器R的最大电阻为200Ω,Rt是热敏电阻,其阻值与温度t的关系如下表所示。
当电磁继电器(电阻不计)的电流超过18mA时,衔铁被吸合,加热器停止加热,实现温控。
加热器的功率是1000W,所用电源为家用交流电。
t/℃
30.0
40.0
50.0
60.0
70.0
Rt/Ω
219.5
164.5
128.1
101.8
82.9
(1)电磁继电器是利用___________(选填“电生磁”或“磁生电”)来工作的。
Rt的阻值随着温度的降低逐渐___________。
解析:
本题考查的是:
电磁继电器的组成、原理和特点;欧姆定律的应用;电功与热量的综合计算。
电磁继电器的核心部件是电磁铁,通电时有磁性,断电时无磁性,是根据电流的磁效应制成的,即利用电生磁来工作的。
由表格数据可知,温度t越低,热敏电阻Rt的阻值越大,即Rt的阻值随着温度的降低逐渐增大。
答案:
电生磁;增大
(2)闭合开关S后发现电路有断路的地方。
该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转,接到ac两点时指针偏转,断路处在___________之间(选填“ab“或“bc“)。
解析:
该同学将一个电压表接到ab两点时指针不偏转,说明ab两点之间是连通的,断路在ab两点之外的位置;将电压表接到ac两点时指针偏转,说明电压表与电源两极是连通的,其断路处在bc之间。
答案:
bc
(3)为使该装置能对30℃~70℃之间任意温度进行控制,电源E用___________节干电池。
若在50℃时衔铁被吸合,应将滑动变阻器R的阻值调到___________Ω。
将调节好的装置(50℃衔铁被吸合)放在容积为100m3的密闭保温容器中,已知空气的比热容为1000J(/kg•℃),密度为1.3kg/m3,则容器中的空气从30℃加热到空气达到的最高温度至少需要___________s。
解析:
由于电磁继电器(电阻不计)的衔铁被吸合的电流I=18mA=0.018A不变,
当温度为30℃时,热敏电阻Rt的阻值最大,其阻值Rt=219.5Ω,
由I=
得,热敏电阻Rt两端的电压:
Ut=IRt=0.018A×219.5Ω=3.951V,
由于一节干电池的电压为1.5V,所以需要的干电池的节数:
n=
=2.634,
所以,n取3节,即电源E用3节干电池。
电源E的电压:
U=3×1.5V=4.5V,
此时电路总电阻:
R总=
=
=250Ω,
由表格数据可知,在温度为50℃时,热敏电阻Rt′=128.1Ω,
根据串联电路电阻特点可知,滑动变阻器R接入电路的阻值:
R=R总-Rt′=250Ω-128.1Ω=121.9Ω。
由ρ=
得,密闭保温容器中空气的质量:
m=ρV=1.3kg/m3×100m3=130kg,
则容器中的空气从30℃加热到空气达到的最高温度吸收的热量:
Q吸=cm(t-t0)=1000J(/kg•℃)×130kg×(50℃-30℃)=2.6×106J,
由题意知,加热器消耗的电能W=Q吸=2.6×106J,
由P=
得,需要的加热时间:
t′=
=
=2600s。
答案:
3;121.9;2600
三、作图题(每题2分,共6分)
15.(2分)如图所示,OC是折射光线,请画出入射光线AO和反射光线OB。
解析:
本题考查的是:
作光的反射光路图;作光的折射光路图。
当光线射向两种介质的界面上时,会同时发生反射和折射;由反射角等于入射角确定反射光线,当光从空气中斜射入水中时,折射光线将向靠近法线的方向偏折,即折射角小于入射角。
答案:
如下图所示:
16.(2分)如图所示,画出斜面上下滑的物体受到的重力和弹力示意图(O为两个力的作用点)。
解析:
本题考查的是:
弹力;重力示意图。
重力的方向竖直向下,弹力的方向垂直于斜面向上,作用点均在O点上。
答案:
如图所示:
17.(2分)如图所示,闭合电路中的一部分导线垂直于纸面放置,向右运动时能在电路中产生感应电流,请画出磁感线的大致方向。
解析:
本题考查的是:
电磁感应。
只有闭合电路的一部分导体在磁场中做导体切割磁感线运动时,电路中才会产生感应电流,故磁感线在竖直方向或稍为倾斜时,导体向右运动才会产生感应电流。
答案:
如图所示:
或
四、实验题(本题有3个小题,每空1分,共14分)
18.(4分)在探究光的反射规律的实验中,小明设计了如图所示的实验:
将平面镜放在水平桌面,硬纸板竖直地立在平面镜上,硬纸板上的直线ON垂直于镜面,右侧纸板可绕ON转动。
(1)如图甲,当硬纸板在同一平面上,使一束光贴着纸板沿某一方向射到O点,经平面镜反射,沿另一个方向射出。
当入射光EO向ON靠近的过程中,发现反射光OF___________(选填“靠近”或“远离”)ON。
为了精确探究反射规律,除了图中的器材,还需要刻度尺、___________和___________。
解析:
本题考查的是:
光的反射定律。
光反射时,反射角大小等于入射角,若将EO向ON靠近,则OF靠近ON;为了精确探究反射规律,需要测量角度,记录数据,列出表格,故除了图中的器材,还需要刻度尺、笔和量角器。
答案:
靠近;笔;量角器
(2)如图乙,保持左侧纸板和入射光的位置不变,将右侧纸板绕ON转动,此时在右侧纸板上不能看到反射光,由此可以得出反射光线、入射光线和法线___________的结论。
解析:
实验中使用可折转的硬纸板,除了能呈现光路外,将右侧纸板绕ON转动,此时在右侧纸板上不能看到反射光,由此可以得出反射光线、入射光线和法线在同一平面内的结论。
答案:
在同一平面内
19.(5分)绳子的抗断拉力是绳子能够承受的最大拉力,超过这个拉力,绳子就会断裂。
某实验小组用“加沙子法”测量一根细轻绳的抗断拉力,主要过程如下:
将小桶悬挂于细绳下,缓慢在桶中添加沙子,直到绳子断裂。
取下小桶,用弹簧测力计测小桶和沙子的重力。
(1)某次测量中,用弹簧测力计测得桶和沙子的重力如图所示,细绳的抗断拉力为___________N。
本实验的原理中用到了力的相互作用规律和___________的知识。
这种方法测量出的抗断拉力比绳子实际的抗断拉力___________。
解析:
本题考查的是:
二力平衡条件的应用;弹簧测力计的使用与读数。
图中弹簧测力计的分度值为2N,则细绳的抗断拉力为48N;
实验中,小桶和沙子受到的重力,与测力计对它的拉力是一对平衡力,故还用到了二力平衡的知识;
此方法中实际测量的力是将绳子拉断后的力,因此,测量出的抗断拉力比绳子实际的抗断拉力大。
答案:
48;二力平衡;大
(2)改变绳子的长度,其抗断拉力___________改变;用绳子拉着重物加速上升,其抗断拉力___________改变。
(均选填“会”或“不会”)
解析:
绳子的抗断拉力只与绳子本身的特点(即绳子的材料和粗细)有关,而与绳子的长度无关;同时,用绳子拉着重物加速上升,只是拉力大于重力,但其抗断拉力是不会改变的。
答案:
不会;不会
20.(5分)某实验小组的同学用铅笔芯探究导体的电阻与长度的关系,如图所示是该实验的电路图。
(1)闭合开关,向右移动铅笔芯上的滑片P1,电路中的电流___________(选填“变大”“变小、”或“不变”)。
解析:
本题考查的是:
影响电阻大小的因素。
由图知,铅笔芯和滑动变阻器串联,电压表测滑片P1左侧部分铅笔芯的电压,因电压表在电路中相当于断路,所以可知整个铅笔芯连入电路,则向右移动滑片P1时,不能改变电路中的电阻,电源电压不变,由欧姆定律可知,电路中的电流不变。
答案:
不变
(2)如果滑片P1滑动到铅笔芯最右端时,电压表示数很小,应该将滑动变阻器的滑片P2向___________移动。
解析:
如果滑片P1滑动到铅笔芯最右端时,电压表示数很小,说明滑动变阻器分压太大,应该减小滑动变阻器两端的电压,减小滑动变阻器连入的电阻,即应该将滑动变阻器的滑片P2向右移动。
答案:
右
(3)移动铅笔芯上面的滑片P1,记录铅笔芯AP1之间的距离和电压表的示数,数据如下:
AP1/mm
0
30.0
60.0
90.0
120.0
150.0
180.0
U/V
0
0.4
0.8
1.2
1.6
2.0
2.4
通过数据反映出的规律和___________可以推出导体的电阻与导体的长度成___________比的结论。
若图示位置时电压表示数为0.9V,滑片P2向右移动一段距离,电压表示数变为1.2V,滑片P2再向右移动一段相同的距离,电压表示数为___________V。
解析:
由表中数据可知,电压表的示数(
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